1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、如圖所示，用一根細繩將

2、一重物A吊在電梯內的天花板上，在下列四種情況下，重物處于超重狀態的是（）A.電梯勻速上升B.電梯勻速下降C.電梯加速上升D.電梯加速下降2、如圖所示，輕彈簧豎直放置在水平面上，其上放置質量為2kg的物體A，A處于靜止狀態，現將質量為3kg的物體B緩慢輕放在A上，設B與A剛要一起運動的瞬間，B對A的壓力大小為F，當A、B一起向下運動速度最大時取走B，設取走B的瞬間A的加速度大小為a，則F與a的大小是（取g=10m/s2）（）A.20N、B.30N、C.25N、D.12N、3、一根輕質彈性繩的兩端分別固定在水平天花板上相距40 cm的兩點上，彈性繩的原長也為40 cm.將一鉤碼掛在彈性繩的中點，平

3、衡時彈性繩的總長度為50 cm；再將彈性繩的兩端緩慢移至天花板上的同一點，則彈性繩的總長度變為(彈性繩的伸長始終處于彈性限度內)()A.58 cmB.46 cmC.44cmD.52 cm4、兒童樂園里一項游樂活動的示意圖如圖所示，金屬導軌傾斜固定，傾角為a，導軌上開有一狹長的凹槽，內置一小球，球可沿槽無摩擦滑動，繩子一端與球相連，另一端連接一袍枕，小孩可抱住抱枕與之一起下滑，繩與豎直方向間的夾角為，且保持不變。設抱枕的質量為m，小孩的質量為m，小球、繩的質量及空氣阻力均忽略不計，則下列說法正確的是（）A.小孩與抱枕可能一起做勻速直線運動B.C.抱枕對小孩的作用力方向豎直向上D.繩子的拉力與抱枕

4、對小孩的作用力大小之比為5、豎直上拋一小球，經4s回到拋出點（不計空氣阻力），則小球在前3s內的位移是（取向上為正方向，g取10m/s2）（）A.5mB.10mC.5 mD.15m6、屋檐上水滴下落過程可以看作自由落體運動，g取10m/s2，則水滴在空中下落過程中（ ）A.水滴第1秒內下落的距離是5mB.水滴第1秒內下落的距離是10mC.水滴第1秒末的速度是5m/sD.水滴第1秒內的平均速度是5m/s7、質量為的小球置于傾角為300的光滑固定斜面上，勁度系數為的輕彈簧一端系在小球上，另一端固定在豎直墻上的P點，小球靜止于斜面上，彈簧軸線與豎直方向的夾角為300，如圖所示取則A.彈簧對小球拉力大

5、小為B.小球對斜面的壓力的大小為10NC.彈簧的伸長量為10cmD.彈簧被剪斷的瞬間，小球的加速度大小為8、在平直軌道上運動的車廂中的光滑水平桌面上用彈簧拴著一個小球，彈簧處于自然長度，如圖所示，當旅客看到彈簧的長度變長時，對火車運動狀態的判斷可能的是A.火車向右運動，速度在增加中B.火車向右運動，速度在減小中C.火車向左運動，速度在增加中D.火車向左運動，速度在減小中9、在豎直向下的勻強磁場中，將一水平放置的金屬棒PQ以初速度v0水平拋出，如圖所示。棒在運動過程中始終保持水平，空氣阻力不計，那么下列說法中正確的是（）A.PQ棒兩端的電勢一定滿足B.PQ棒中的感應電動勢越來越大C.PQ棒中的感

6、應電動勢越來越小D.PQ棒中的感應電動勢保持不變10、如圖所示，我國航天飛機在完成航天維修任務后，在A點從圓形軌道進入橢圓軌道，B為軌道上的一點，關于該航天飛機的運動，下列說法中正確的有A.在軌道上經過A的速度大于經過B的速度B.在軌道上經過A的速度等于在軌道上經過A的速度C.在軌道上運動的周期小于在軌道上運動的周期D.在軌道上經過A的加速度等于在軌道上經過A的加速度二、實驗題11、（4分）（1）在做“研究勻變速直線運動”實驗中，打點計時器打出的一條紙帶中的某段如圖所示，若A、B、C點間的時間間隔均為0.10s，根據圖中給定的長度，計算小車加速度大小為_m/s2，打下C點時小車的速度大小為_m

7、/s。（2）為了探究加速度與力、質量的關系，某同學利用如圖所示的實驗裝置，探究小車質量一定時加速度與合外力之間的關系，圖中上下兩層水平軌道，細線跨過滑輪并掛上砝碼盤。若可將砝碼和砝碼盤的總重力作為小車所受合力，須滿足條件1)_；2)_；兩小車尾部細線連到控制裝置上，實驗時通過控制裝置使兩小車同時開始運動，并同時停止。該同學測量了兩小車的位移為，則_。12、（10分）在“探究力的平行四邊形定則”的實驗中，用圖釘把橡皮條的一端固定在板上的A點，在橡皮條的另一端拴上兩條細繩，細繩另一端系著繩套B、C（用來連接彈簧測力計）其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細繩的結點，OB和OC為細繩(1)在實驗中

8、，每次結點O的位置_，（選填“變”或“不變”）如果只將細繩換成橡皮筋，其它步驟沒有改變，那么實驗結果是否會發生變化？_（選填“變”或“不變”）(2)圖乙中的F與F兩力中，方向一定沿AO方向是_(3)本實驗采用的科學方法是_A理想實驗法 B等效替代法C控制變量法 D建立物理模型法三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）地球質量約為月球質量的81倍，地球半徑約為月球半徑的4倍,一飛行器在近地圓軌道1上,經一系列變軌后在近月圓軌道2上運行,已知地球中心到月球中心的距離為r求：飛行器在近地圓軌道1上受

9、到地球的引力F1與在近月圓軌道2上受到月球的引力F2的比值；O為地月連線上一點,飛行器在該點受到地球和月球的引力的合力為零，求O點到地心的距離r1.14、（14分）如圖，水平傳送帶A、B間距離 L=20m，正在以v=4.0m/s的速度勻速順時針運動，質量為m=1Kg的某物塊（可視為質點）與傳送帶之間的動摩擦因數為0.1，將該物塊從傳送帶左端A處無初速度地輕放在傳送帶上，（g取10m/s2）則：（1）求經過多長時間物塊將到達傳送帶的右端B處；（2）要使物塊從A端運動到B端的時間最短，對傳送帶的速度有何要求？15、（13分）一輛汽車由靜止開始，前10s內以2m/s2的加速度做勻加速直線運動求：（1

10、）汽車在8s末的速度大小v（2）汽車在前10s內的位移大小x參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、C【解析】電梯勻速運動時，拉力等于重力；加速上升時，是超重，拉力大于重力；加速下降時是失重，拉力小于重力綜上分析C正確。故選C。2、D【解析】釋放B之前，物體A保持靜止狀態，重力和彈簧的彈力平衡，有：F彈=mAg=20N釋放B瞬間，對AB整體，受重力和彈簧的支持力，根據牛頓第二定律有：（mA+mB）g-F=（mA+mB）a 聯立解得：a=6m/

11、s2，對物體B受力分析，受重力、A對B的支持力N，根據牛頓第二定律有：mBg-F=mBa解得：F=12N 根據牛頓第三定律知，釋放B瞬間，B對A的壓力大小F=F=12N；當A、B一起向下運動速度最大時，AB的加速度為零，則（mA+mB）g=F彈取走B的瞬間，對A，由牛頓第二定律得F彈-mAg=mAa，解得a=15m/s2故ABC錯誤，D正確3、B【解析】繩子原長40cm=0.40m，伸長為50cm=0.50m。如圖，則AB繩長25cm=0.25m，設彈簧勁度系數為k，則Fa=0.05k。由幾何關系知=53。F合=2Facos53=0.06k。物體處于平衡狀態：06k=mg當AC滑到同一點時：2

12、kx=mg則：x=0.03m=3cm。所以此時繩子總長為：40cm+23cm=46cm。A58 cm，與結論不相符，選項A錯誤；B46 cm，與結論相符，選項B正確；C44cm，與結論不相符，選項C錯誤；D52 cm，與結論不相符，選項D錯誤；故選B。4、D【解析】AB由于球沿斜槽無摩擦滑動，系統具有相同的加速度，則解得小孩與抱枕做勻加速直線運動，隔離對小孩和抱枕分析，加速度解得可得即角一定等于角，AB錯誤；CD對人和抱枕整體分析，根據平行四邊形定則知繩子的拉力抱枕對小孩的作用力方向沿繩子方向向上，大小為則繩子拉力與抱枕對小孩的作用力之比為C錯誤，D正確。故選D。5、D【解析】豎直上拋到回到原

13、點這一過程是一個對稱的運動過程，小球經4s回到拋出點，則從開始計時小球經2s達到最高點，后兩秒的運動狀態與前兩秒的運動狀態對稱求小球在三秒內的位移，其實就是求小球從兩秒時開始再經過一秒的運動，所處的點與拋出點的距離【詳解】豎直上拋到回到原點這一過程是一個對稱的運動過程，小球經4s回到拋出點，則從開始計時小球經2s達到最高點，此時再經過1秒鐘的位移為x1=gt12其中t1=1s 得x1=5m；再經過2秒回到拋出點，總位移為x=gt2 其中t=2s 得x=20m，小球在前三秒內的位移即兩者之差x3=x-x1=15m，方向向上，故選D【點睛】此題考查豎直上拋運動，分析的關鍵是要知道從上升到下落，小球

14、的兩次運動過程其實是對稱的，那么問題就可以轉化成小球從兩秒開始做自由落體運動，要求前三秒的位移就轉化成了求小球從兩秒時開始再經過一秒的運動所處的點與拋出點的距離，這樣求起來就簡單多了.6、AD【解析】AB水滴做自由落體運動，由速度公式可知第1s末下落的位移為：A正確，B錯誤；C由速度公式可得1s末的速度為：C錯誤；D由平均速度的定義，1s內的平均速度為：D正確。故選AD。7、CD【解析】小球靜止于斜面上，設小球受的彈簧拉力為，設斜面對小球的支持力為，設彈簧的伸長量為，對小球受力分析如圖，則： 、聯立解得：、A：小球受的彈簧拉力為，故A項錯誤B：斜面對小球的支持力為，據牛頓第三定律，小球對斜面的

15、壓力的大小為故B項錯誤C：彈簧伸長量，故C項正確D：彈簧被剪斷的瞬間，小球受重力、斜面對小球的支持力，小球將沿斜面下滑，則：，解得：故D項正確8、BC【解析】由題意，彈簧處于自然長度，當旅客發現彈簧的長度變長時，彈簧伸長，小球受到向左的彈力，根據牛頓第二定律得知小球的加速度向左，火車向左做加速運動，或向右做減速運動。故AD錯誤，BC正確。故選BC9、AD【解析】A根據導體切割磁感線的電動勢：式中要求、三者兩兩垂直，所以導體棒平拋運動過程中，切割磁感線的速度為水平初速度，根據右手定則可知四指所指方向為高電勢位置，即，A正確；BCD導體棒在水平方向上做勻速直線運動，所以切割磁感線的速度恒定，所以電

16、動勢恒定，BC錯誤，D正確。故選AD。10、CD【解析】A、在軌道從B到A，萬有引力做負功，速度減小，即A點的速度小于B點的速度，故A錯誤；B、從軌道上的A點進入軌道I，需加速，可知在軌道上經過A的速度小于在軌道上經過A的速度，故B錯誤；C、根據開普勒第三定律知，軌道的半長軸小于軌道I的軌道半徑，則在軌道上運動的周期小于在軌道上運動的周期，故C正確；D、根據牛頓第二定律知，在不同軌道上經過A點時，所受的萬有引力大小相等，則加速度大小相等，故D正確故選CD點睛：根據萬有引力做功，結合動能定理比較在軌道上A、B的速度大小；根據變軌的原理比較不同軌道上在A點的速度大小；根據開普勒第三定律比較不同軌道

17、上的運行周期；根據牛頓第二定律比較在不同軌道上的加速度大小二、實驗題11、 .4.0 .1.1 .平衡摩擦力 .砝碼和砝碼盤的總質量應該遠小于小車的質量 .x1：x2【解析】(1)1由于每相鄰的計數點間的時間間隔，根據勻變速直線運動的推論公式可得小車加速度大小為2根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上點時小車的瞬時速度大小(2)34本實驗需要用砝碼盤和砝碼的重力代替小車所受的合外力，所以需要平衡摩擦力，即將軌道右端適當墊高；若可將砝碼和砝碼盤的總重力作為小車所受合力，繩中拉力約等于砝碼和砝碼盤的總重力，此時需滿足砝碼和砝碼盤的總質量遠小于小車質量；5使兩小車

18、同時開始運動，并同時停止，兩車運動的位移為則有12、 .（1）不變； .不變 .（2）F .（3）B【解析】在實驗中注意細線的作用是提供拉力，采用橡皮筋同樣可以做到；本實驗中采用了兩個力合力與一個力效果相同來驗證的平行四邊形定則，因此采用“等效法”.【詳解】（1）在實驗中，為了保證等效性，每次結點O位置不變；在實驗中細線是否伸縮對實驗結果沒有影響，故換成橡皮筋可以同樣完成實驗，故實驗結果不變；（2）實驗測的彈力方向沿繩子方向，由于誤差的存在，作圖法得到的合力與實驗值有一定的差別，故方向一定沿AO方向的是F（3）實驗中兩次要求效果相同，故實驗采用了等效替代的方法，故B正確，ACD錯誤故選B【點睛】在解決設計性實驗時，一定先要通過分析題意找出實驗的原理，通過原理即可分析實驗中的方法及誤差分析三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重