1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、如圖所示，A、B兩球質(zhì)量相等，光滑斜面的傾角為，圖甲中，A、B兩球用輕彈簧相連，圖乙中A、B兩球用輕質(zhì)桿相連，系統(tǒng)靜止

2、時，擋板C與斜面垂直，輕彈簧、輕桿均與斜面平行，則在突然撤去擋板的瞬間有（）A.兩圖中B球加速度均為B.兩圖中A球的加速度均為0C.圖乙中輕桿的作用力一定不為0D.圖甲中B球的加速度是圖乙中B球的加速度的2倍2、在水平地面上運動小車車廂底部有一質(zhì)量為m1的木塊，木塊和車廂通過一根水平輕彈簧相連接，彈簧的勁度系數(shù)為k，在車廂的頂部用一根細線懸掛一質(zhì)量為m的小球某段時間內(nèi)發(fā)現(xiàn)細線與豎直方向的夾角為，在這段時間內(nèi)木塊與車廂保持相對靜止，彈簧的形變量為x，如圖所示不計木塊與車廂底部的摩擦力，則在這段時間內(nèi)（）A.小車一定向左做加速運動B.彈簧可能處于壓縮狀態(tài)C.小車的加速度方向向左，大小為D.彈簧的形

3、變量為3、如圖所示，質(zhì)量為M、半徑為R、內(nèi)壁光滑的半球形容器靜止放在粗糙水平地面上，O為球心，有一勁度系數(shù)為k的輕彈簧一端固定在半球底部O處，另一端與質(zhì)量為加的小球相連，小球靜止于P點，已知地面與半球形容器間的動摩擦因數(shù)為，OP與水平方向的夾角，下列說法正確的是（）A.小球受到輕彈簧的彈力大小為B.小球受到容器的支持力大小為C.小球受到容器的支持力大小為mgD.半球形容器受到地面的摩擦力大小為4、下列各組物理量中，全部是矢量的是A.位移、時間、速度、加速度B.加速度、位移、速度變化量、平均速度C.力、速率、位移、加速度D.位移、路程、時間、加速度5、甲、乙兩物體在同一直線上從同一地點同時出發(fā)開

4、始運動，其vt圖象如圖所示，下列對兩物體在0t2時間內(nèi)的運動分析，正確的是（）A.甲、乙兩物體的運動方向相反，加速度方向相反B.甲物體位移在不斷增大，乙物體的位移在不斷減小C.t1時刻甲、乙兩物體相遇D.0t1時間內(nèi)甲物體一直在乙物體之前6、質(zhì)量為m的物體以速度v離開桌面，如圖所示當它經(jīng)過A點時，所具有的機械能是（ ）（以桌面為零勢能面，不計空氣阻力）A.B.C.D.7、如圖t=0時，甲乙兩汽車從相距70km的兩地開始相向行駛，它們的圖象如圖所示，忽略汽車掉頭所需時間，下列對汽車運動狀況的描述正確的是（）A.在第1小時末，乙車改變運動方向B.在第2小時末，甲乙兩車相距10kmC.在前4小時內(nèi)，

5、乙車運動加速度的大小總比甲車的大D.在第4小時末，甲乙兩車相遇8、如圖甲所示，某人正通過定滑輪將質(zhì)量為m的貨物提升到高處滑輪的質(zhì)量和摩擦均不計，貨物獲得的加速度a與繩子對貨物豎直向上的拉力F之間的關系如圖乙所示g表示當?shù)氐闹亓铀俣龋蓤D可以判斷（）A.圖線與縱軸的交點M的值aMgB.圖線與橫軸的交點N的值C.圖線的斜率等于物體的質(zhì)量mD.圖線的斜率等于物體質(zhì)量的倒數(shù)9、如圖所示，汽車里有一水平放置的硅膠貼，硅膠貼上放置一質(zhì)量為m的小花瓶。若汽車此刻正在水平公路上向前做加速度為a的勻加速直線運動，小花瓶和汽車始終保持相對靜止，下列說法正確的是（）A.小花瓶受到三個力作用B.小花瓶受到的摩擦力和

6、汽車運動方向相反C.小花瓶所受的合力為零D.硅膠貼對小花瓶的摩擦力大小為ma10、放在水平地面上的一物塊，受到方向不變的水平推力的作用，力的大小與時間的關系如圖所示；物塊的運動速度與時間的關系如圖所示，后的速度圖象沒有畫出，取下列說法正確的是（ ）A.滑動時受的摩擦力大小是B.物塊的質(zhì)量為C.物塊在內(nèi)的加速度大小是D.物塊前3s內(nèi)的平均速度大小是3m/s11、如圖所示，一輕繩繞過無摩擦的兩個輕質(zhì)小定滑輪O1、O2和質(zhì)量為m的小球連接，另一端與套在光滑直桿上質(zhì)量也為m的小物塊連接，已知直桿兩端固定，與兩定滑輪在同一豎直平面內(nèi)，與水平面的夾角 = 60，直桿上C點與兩定滑輪均在同一高度，C點到定滑

7、輪O1的距離為L，重力加速度為g，設直桿足夠長，小球運動過程中不會與其他物體相碰。現(xiàn)將小物塊從C點由靜止釋放，當小物塊沿桿下滑距離也為L時（圖中D處），下列說法正確的是（）A.小物塊剛釋放時輕繩中的張力一定大于mgB.小球下降最大距離為C.小物塊在D處的速度與小球速度大小之比為2：1D.小物塊在D處的速度與小球速度大小之比為12、某物體做初速度不為零的勻加速直線運動，已知第內(nèi)的位移比第內(nèi)的位移大，第內(nèi)的位移為，則（）A.物體的加速度為B.物體的初速度為C.前的位移為D.末的速度為二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）在研究彈簧的形變與外力的關系的實驗中，將彈簧水平放置測出

8、其自然長度，然后豎直懸掛讓其自然下垂，在其下端豎直向下施加外力F，實驗過程是在彈簧的彈性限度內(nèi)進行的，用記錄的外力F與彈簧的形變量x作出Fx圖線，如圖所示由圖可知彈簧的勁度系數(shù)為_N/m，圖線不過坐標原點的原因是_14、（10分）如圖,把彈簧測力計的一端固定在墻上,用力F水平向左拉金屬板,金屬板向左運動,此時測力計的示數(shù)穩(wěn)定（圖中已把彈簧測力計的示數(shù)放大畫出）,則物塊P與金屬板間的滑動摩擦力的大小是_N若用彈簧測力計測得物塊P重13N，根據(jù)表中給出的動摩擦因數(shù)，可推算出物塊P的材料為_材料動摩擦因數(shù)金屬金屬0.25橡膠金屬0.30木頭金屬0.20皮革金屬0.28三、計算題要求解題步驟，和必要的

9、文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，在光滑水平面上放置一個質(zhì)量M=2kg的長木板A，可視為質(zhì)點的物塊B放在木板A的最左端，其質(zhì)量m=1kg。已知A、B間的動摩擦因數(shù)為，開始時A、B均處于靜止狀態(tài)，某時刻B突然獲得水平向右的初速度v0=6m/s，g取10m/s2。（1）計算物塊B獲得速度v0后，開始向右運動時加速度的大小；（2）若物塊B恰好不從A的右端滑出，計算木板A的長度L；（3）在（2）情形下，當物塊B運動到木板A的右端時，立即在A上施加一個水平向右的拉力F12N（圖中未畫出），計算物塊B離開木板A時的速度。16、（12分）暑假里，小明去游樂場游玩，坐了一次名叫“搖頭飛椅”的游

10、藝機，如圖所示，該游藝機頂上有一個半徑為4.5m的“傘蓋”，“傘蓋”在轉(zhuǎn)動過程中帶動下面的懸繩轉(zhuǎn)動，其示意圖如圖所示“搖頭飛椅”高O1O2=5.8m，繩長5m小明挑選了一個懸掛在“傘蓋”邊緣的最外側(cè)的椅子坐下，他與座椅的總質(zhì)量為40kg小明和椅子的轉(zhuǎn)動可簡化為如圖所示的圓周運動在某段時間內(nèi)，“傘蓋”保持在水平面內(nèi)穩(wěn)定旋轉(zhuǎn)，繩與豎直方向夾角為37g取10m/s2, sin37 =0.6，cos37=0.8，在此過程中，求:(1)座椅受到繩子的拉力大小；(2)小明運動線速度大小；(3)小明隨身帶的玻璃球從座椅上不慎滑落，求落地點與游藝機轉(zhuǎn)軸(即圖中O1點)的距離(保留兩位有效數(shù)字)17、（12分）

11、將一勁度系數(shù)k=100N/m的輕質(zhì)橡皮筋的上端固定在天花板上O點，在其下端A點用細線懸掛重為8N的木塊在A點施加一水平向右的拉力F，使橡皮筋與豎直方向成37，并保持靜止(sin37=0.6，cos37=0.8)求：(1)所加外力F的大小；(2)此時橡皮筋的伸長量x參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、D【解析】撤去擋板前，對整體分析，擋板對B球彈力大小為2mgsin，因彈簧彈力不能突變，而桿的彈力會突變，所以撤去擋板瞬間，圖甲中A球所受合力為零，加速度為零，B球所受合力為2mgsin，加速度為2gsin；圖乙中桿的彈力突變?yōu)榱悖珹、B

12、球所受合力均為mgsin，加速度均為gsin。故選D。2、D【解析】小球、木塊和小車具有相同的加速度，隔離對小球分析，根據(jù)牛頓第二定律求出小球的加速度，對m1受力分析，由牛頓第二定律求彈簧的形變量【詳解】由題意知，木塊、小車、小球相對靜止，具有相同的加速度，對小球進行受力分析有：小球受重力和細線的拉力，在兩個力作用下小球在豎直方向處于平衡狀態(tài)，水平方向產(chǎn)生加速度，所以有：Tsin=ma，Tcos=mg；所以可得小球的加速度a=gtan，方向水平向左，則小車的加速度為a=gtan，方向水平向左，而小車的速度方向不確定，所以小車可能向左做加速運動，也可能向右減速運動，故AC錯誤對m1分析知，m1的

13、加速度水平向左，合力水平向左，彈簧對m1必定有水平向左的拉力，所以彈簧一定處于伸長狀態(tài)，故B錯誤對m1，由牛頓第二定律，得：kx=m1a，解得x=tan，故D正確，故選D【點睛】本題要通過對小球的受力分析得出加速度的大小和方向，再根據(jù)加速度判斷物體的運動情況注意當加速度向某個方向時物體可以沿這個方向做加速運動，也可以沿相反方向做減速運動3、C【解析】由受力分析知，小球受重力，彈簧的彈力，容器的支持力，三力的夾角互成120角，則三個力大小均相等都等于mg，AB錯誤，C正確；小球及彈簧對半球形容器的作用的合力方向豎直向下，半球形容器在水平方向不受力的作用，相對地面沒有運動趨勢，不受摩擦力，D錯誤A

14、、對小球受力分析，如圖所示，小球受到重力G、彈簧的彈力F和容器的支持力N，由幾何關系可知：F與N間的夾角為120，根據(jù)平衡條件和幾何關系可得：輕彈簧對小球的彈力大小，故AB錯誤C正確；D、以容器和小球整體為研究對象，分析受力可知：整體豎直方向受總重力、地面的支持力，水平方向不受外力，根據(jù)平衡條件可知容器不受水平面的靜摩擦力,D錯誤考點：本題考查受力分析、共點力平衡條件4、B【解析】矢量是既有大小又有方向的物理量，標量是只有大小沒有方向的物理量【詳解】A、位移、速度、加速度都既有大小又有方向，是矢量，時間是標量，故A錯誤B、加速度、位移、速度變化量、平均速度都是矢量，故B正確C、力、位移、加速度

15、是矢量，而速率是標量，故C錯誤D、位移、加速度是矢量，路程和時間是標量，故D錯誤故選B【點睛】本題關鍵要知道矢量與標量兩大區(qū)別：一是矢量有方向，標量沒有方向；二是運算法則不同，矢量運算遵守平行四邊形定則，標量運算遵守代數(shù)加減法則5、D【解析】本題考查速度時間圖象，需知道速度的正負表示運動的方向，速度時間圖象切線斜率表示加速度的大小和方向，速度時間圖象中圖線與時間軸包圍的面積表示對應時間內(nèi)的位移【詳解】A速度時間圖象上速度的正負表示物體的運動方向，可知甲乙兩物體的運動方向相同；速度時間圖象切線斜率的正負表示加速度的方向，甲乙兩物體加速度方向相反故A項錯誤B速度時間圖象圖線與時間軸包圍的面積表示對

16、應時間內(nèi)的位移大小，由圖象可知，甲乙的位移都在不斷增大故B項錯誤C速度時間圖象圖線與時間軸包圍的面積表示對應時間內(nèi)的位移大小，則0t1時間內(nèi)甲物體的位移大于乙的位移，它們是從同一位置出發(fā)，所以t1時刻兩者沒有相遇故C項錯誤D速度時間圖象圖線與時間軸包圍面積表示對應時間內(nèi)的位移大小，則0t1時間內(nèi)的任一時間段中甲的位移大于乙的位移，它們是從同一位置出發(fā)，所以0t1時間內(nèi)甲物體一直在乙物體之前故D項正確【點睛】v16、D【解析】物體離開桌面后，只有重力做功，機械能守恒。即任意兩個時刻或位置的機械能都相等，本題中關鍵是正確計算物體具有的勢能。【詳解】選擇桌面為零勢能面，開始是機械能為：由于不計空氣阻

17、力，物體運動過程中機械能守恒，則經(jīng)過A點時，所具有的機械能故選D。【點睛】注意計算機械能的大小時，要看零勢能面的選取位置。7、BC【解析】A由圖可知，2小時內(nèi)乙車一直做反方向的運動，1小時末開始減速但方向沒有變，故A錯誤；B圖象與時間軸圍成的面積為汽車運動的位移，則可知，2小時內(nèi)，甲車正向運動的位移為而乙車反向運動，其位移大小為因兩車相向運動，且初始時刻相距70km，則2小時末時，兩車還相距故B正確；C圖象斜率表示加速度，由圖可知，乙車的圖象斜率總是大于甲車的圖象的斜率，故乙車的加速度總比甲車的大，故C正確；D4小內(nèi)甲車的總位移為而乙車的總位移為即乙車的位移為正方向的30km，兩車原來相距70

18、km，4小時末時，甲車離出發(fā)點120km，而乙車離甲車的出發(fā)點故此時甲乙兩車不相遇，故D錯誤。故選BC8、ABD【解析】對貨物受力分析，受重力和拉力，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度的一般表達式進行分析，根據(jù)表達式結(jié)合圖象運用數(shù)學知識分析物理問題；【詳解】對貨物受力分析，受重力mg和拉力F，根據(jù)牛頓第二定律，有：則整理可以得到：A、當時，即圖線與縱軸的交點M的值，故A正確；B、當時，故圖線與橫軸的交點N的值，故B正確；C、圖線的斜率表示質(zhì)量的倒數(shù)，故C錯誤，D正確【點睛】本題關鍵是根據(jù)牛頓第二定律求出加速度的一般表達式，并能根據(jù)數(shù)學關系對表達式進行討論是解決問題的關鍵9、AD【解析】因汽車做勻加速直

19、線運動，小花瓶和汽車始終保持相對靜止，故小花瓶也做勻加速直線運動，對小花瓶受力分析可知，豎直方向受重力和支持力平衡，水平方向上受摩擦力提供加速度，方向與汽車運動方向相同；故可知小花瓶受三個力作用，合外力不為零，對小花瓶由牛頓第二定律有故AD正確，BC錯誤。故選AD。10、BD【解析】結(jié)合已知的速度-時間圖象可以得出物體在不同時刻的運動情況；由F的大小與時間t的關系圖象可以得出物體在不同時刻所受到的推力大小；運用牛頓第二定律解決問題;【詳解】由速度-時間圖象可以知道，在36s內(nèi)，物體處于勻速直線狀態(tài)，即物體所受到的摩擦力大小應該與推力F大小相等，F(xiàn)滑=F推=6N，故A錯誤；在03s內(nèi)，物體做勻加

20、速直線運動，a=2m/s2，F(xiàn)合=ma=F推-F滑=3N，得出m=1.5kg，故B正確；在69s內(nèi)，F(xiàn)推=3N，F(xiàn)滑=6N，F(xiàn)合=ma=F滑-F推=3N，得出a=2m/s2，故C錯誤；物塊前3s內(nèi)做勻加速運動，則前3s內(nèi)的平均速度大小是，故D正確；故選BD【點睛】此題考查了學生對圖象問題的分析能力，能從圖象中得出相關的信息，v-t圖象、F-t圖象相結(jié)合，判斷出物體各段運動狀態(tài)，根據(jù)平衡狀態(tài)中二力平衡找出力的大小11、BC【解析】A剛釋放的瞬間，小球的瞬時加速度豎直向下，繩子中的拉力一定小于重力，A錯誤；B當拉物塊的繩子與直桿垂直時，小球下降的距離最大，根據(jù)幾何關系知B正確；CD如圖所示將小物塊

21、的速度分解為沿繩子方向和垂直繩子方向，沿繩子方向的分速度等于小球的速度，根據(jù)平行四邊形定則知，小物塊在D處的速度與小球的速度之比為v：v1 = 2：1C正確、D錯誤。故選BC。【名師點睛】解決本題的關鍵知道兩物體組成的系統(tǒng)，只有重力做功，機械能守恒。以及知道物塊與O1之間的距離最小時，小球下降的高度最大，知道物塊沿繩子方向的分速度等于小球的速度。12、AD【解析】A已知第4s內(nèi)的位移為10m，第3s內(nèi)的位移比第2s內(nèi)的位移大2m，則有則有A正確；BC連續(xù)相等時間內(nèi)位移差為2m，所以第3s內(nèi)的位移為8m，第2s內(nèi)的位移為6m，第1s內(nèi)的位移為4m，所以前3s的位移為根據(jù)代入的時間為3s，求得BC錯誤；D根據(jù)勻變速直線運動速度和時間關系式，有D正確。故選AD。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、 .200 .彈簧自身有重力【解析】12 當拉力為8N時，彈簧的形變量為x=5cm=0.05m當拉力為0N時，彈簧的形變量為x=1cm=0.01m由胡克定律F=kx得：圖線的斜率即為彈簧的勁度系數(shù)圖線不過坐標原點的原因是由于彈簧本身有重力，使得彈簧沒有外力的情況下已經(jīng)伸長了一段距離14、 .2.60N .木頭【解