1、2021-2022學年高考物理模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、完全相同的兩列高鐵在直鐵軌上相向行使，速度為350km/h，兩列車迎面交錯而過時，雙方駕駛員看到對方列車從眼前劃過的時間大約是2s，以下說法正確的是（ ）A由以上數

2、據可以估算出每列車總長約為200mB由以上數據可以估算出每列車總長約為400mC坐于車尾的乘客看到對方列車從身邊劃過的時間大約是4sD坐于車尾的乘客看到對方列車從身邊劃過的時間大約是1s2、下列屬于理想化物理模型的是（）A電阻B點電荷C力的合成D瞬時速度3、如圖所示，虛線表示某孤立點電荷Q激發的電場中三個等間距的等勢面，一帶電粒子（可看成點電荷）僅在電場力作用下的運動軌跡如圖中實線所示，a、b、c、d為軌跡與等勢面的交點。下列說法正確的是（）A粒子在a點的電勢能一定小于在d點的電勢能B電勢的高低一定是。C粒子運動過程中經過c點時的加速度一定最大D粒子在a、b間的動能改變量一定等于在b、c間的動

3、能改變量4、如圖所示，在兩等量異種點電荷的電場中，MN為兩電荷連線的中垂線，a、b、c三點所在直線平行于兩電荷的連線，且a與c關于MN對稱，b點位于MN上，d點位于兩電荷的連線上。以下判斷正確的是（ ）Ab點場強大于d點場強Bb點場強為零Ca、b兩點間的電勢差等于b、c兩點間的電勢差D試探電荷+q在a點的電勢能小于在c點的電勢能5、如圖，金星的探測器在軌道半徑為3R的圓形軌道I上做勻速圓周運動，運行周期為T，到達P點時點火進入橢圓軌道II，運行至Q點時，再次點火進入軌道III做勻速圓周運動，引力常量為G，不考慮其他星球的影響，則下列說法正確的是（ ）A探測器在P點和Q點變軌時都需要加速B探測器

4、在軌道II上Q點的速率大于在探測器軌道I的速率C探測器在軌道II上經過P點時的機械能大于經過Q點時的機械能D金星的質量可表示為6、如圖所示為氫原子的能級圖，用光子能量為的單色光照射大量處于基態的氫原子，激發后的氫原子可以輻射出幾種不同頻率的光，則下列說法正確的是（）A氫原子最多輻射兩種頻率的光B氫原子最多輻射四種頻率的光C從能級躍遷到能級的氫原子輻射的光波長最短D從能級躍遷到能級的氫原子輻射的光波長最短二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，x軸上方有兩條曲線均

5、為正弦曲線的半個周期，其高和底的長度均為l，在x軸與曲線所圍的兩區域內存在大小均為B，方向如圖所示的勻強磁場，MNPQ為一邊長為l的正方形導線框，其電阻為R，MN與x軸重合，在外力的作用下，線框從圖示位置開始沿x軸正方向以速度v勻速向右穿越磁場區域，則下列說法中正確的是（）A線框的PN邊到達x坐標為處時，感應電流最大B線框的PN邊到達x坐標為處時，感應電流最大C穿越磁場的整個過程中，線框中產生的焦耳熱為D穿越磁場的整個過程中，外力所做的功為8、如圖所示，擦亮的鋅板與驗電器上的金屬球相連，驗電器上的鋁箔原來是不張開的現讓紫外線照射到鋅板，觀察到驗電器的鋁箔張開下列說法正確的是( )A驗電器的鋁箔

6、帶負電B此實驗可以說明光具有粒子性C若改用X射線照射鋅板，則觀察到驗電器的鋁箔會張開D若改用激光器發出高亮度的紅光照射鋅板，則觀察到驗電器的鋁箔也有可能會張開E.若增大紫外線的照射強度，則逸出電子的最大初動能變大9、水平圓盤A、B以齒輪咬合傳動，B盤為主動轉盤，A盤半徑為B盤半徑的2倍。在A、B兩盤上分別放置兩個相同的物塊P、Q，它們到圓盤中心的距離相等，均為。物塊與圓盤的最大靜摩擦力為物塊所受重力的倍，重力加速度大小為。若圓盤從靜止開始繞轉軸緩慢地加速轉動，下列說法正確的是（ ）A圓盤A、B轉動的角速度相等BP、Q不發生滑動時，所受的摩擦力始終不相等C當A盤的角速度增大至某一值時，P、Q同時

7、開始滑動D當A盤的角速度時，Q所受摩擦力的大小等于10、波源O在t=0時刻開始做簡諧運動，形成沿x軸正向傳播的簡諧橫波，當t=3s時波剛好傳到x=27m處的質點，波形圖如圖所示，質點P、Q 的橫坐標分別為4.5m、18m，下列說法正確的是（ ）A質點P的起振方向沿y軸正方向B波速為6m/sC03s時間內，P點運動的路程為5cmDt=3.6s時刻開始的一段極短時間內，Q點加速度變大E.t=6s時P點恰好位于波谷三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學查資料得知：彈簧的彈性勢能與彈簧的勁度系數和形變量有關，并且與形變量的平方成正比。

8、為了驗證彈簧彈性勢能與其形變量的平方成正比這一結論，他設計了如下實驗：如圖所示，一根帶有標準刻度且內壁光滑的直玻璃管固定在水平桌面上，管口與桌面邊沿平齊。將一輕質彈簧插入玻璃管并固定左端。將直徑略小于玻璃管內徑的小鋼球放入玻璃管，輕推小球，使彈簧壓縮到某一位置后，記錄彈簧的壓縮量x突然撤去外力，小球沿水平方向彈出落在地面上，記錄小球的落地位置保持彈簧壓縮量不變，重復10次上述操作，從而確定小球的平均落點，測得小鋼球的水平射程s多次改變彈簧的壓縮量x，分別記作x1、x2、x3，重復以上步驟，測得小鋼球的多組水平射程s1、s2、s3請你回答下列問題(1)在實驗中，“保持彈簧壓縮量不變，重復10次上

9、述操作，從而確定小球的平均落點”的目的是為了減小_（填“系統誤差”或“偶然誤差”）；(2)若測得小鋼球的質量m、下落高度h、水平射程s，則小球彈射出去時動能表達式為 _（重力加速度為g）(3)根據機械能守恒定律，該同學要做有關彈簧形變量x與小鋼球水平射程s的圖像，若想直觀的檢驗出結論的正確性，應作的圖像為_Asx Bsx2 Cs2x Ds12（12分）某同學要將一滿偏電流為3mA的毫安表G改裝為量程為30mA的電流表。他先測量出毫安表G的電阻，然后對表進行改裝，最后再利用一標準毫安表，對改裝后的電流表進行檢測具體實驗步驟如下：按電路原理圖a連接線路將R1的阻值調到最大，閉合開關S1后調節R1的

10、阻值，使毫安表G的指針偏轉到滿刻度閉合S2，保持R1不變，調節R2的阻值，使毫安表G的指針偏轉到滿刻度的三分之一的位置記下R2的阻值回答下列問題：（1）如果按正確操作步驟測得R2的阻值為90，則毫安表G內阻的測量值Rg=_，與毫安表內阻的真實值相比，Rg_（填“”、“”或“”）（2）若忽略實驗的誤差，將上述毫安表G改裝成量程為30mA的電流表，則需要并聯一個阻值R=_的電阻（3）根據圖b所示電路對改裝后的電表進行檢測，當標準毫安表的示數為16.0mA時，改裝表的指針位置如圖c所示，由此可以推測出改裝的電表量程不是預期值，改裝電流表的量程是_mA（4）要達到預期目的，無論測得的內阻值是否正確，都

11、不必重新測量，只需要將阻值為R的電阻換為一個阻值為kR的電阻即可，其中k=_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，一固定的水平氣缸由一大一小兩個同軸圓筒組成，兩圓筒中各有一個活塞。大圓筒內側截面積為 2S，小圓筒內側截面積為S，兩活塞用剛性輕桿連接，間距為2l，活塞之間封閉有一定質量的理想氣體。初始時大活塞與大圓筒底部相距l。現通過滑輪用輕繩水平牽引小活塞，在輕繩右端系托盤（質量不計）。已知整個過程中環境溫度T0、大氣壓p0保持不變，不計活塞、滑輪摩擦、活塞導熱良好。求：（i）緩慢向托盤中加沙子，直到大

12、活塞與大圓簡底部相距，停止加沙，求此時沙子質量；（ii）在（i）情景下對封閉氣體緩慢加熱可以使活塞回到原處，求回到原處時封閉氣體的溫度。14（16分）如圖所示，直角邊AC長度為d的直角棱鏡ABC置于桌面上，D為斜邊BC的中點，桌面上的S點發射一條光線經D點折射后，垂直于AB邊射出已知SCCD，光線通過棱鏡的時間，c為真空中光速，不考慮反射光線求： (i)棱鏡的折射率n；(ii)入射光線與界面BC間的夾角15（12分）如圖，某同學想把剖面MON為等腰三角形的玻璃磚加工成“玻璃鉆石”送給媽媽已知頂角MON = 1，該玻璃折射率n = 1現有一光線垂直MN邊入射（i）為了使該光線在OM邊和ON邊都能

13、發生全反射，求的取值范圍（ii）若 = 41，試通過計算說明該光線第一次返回MN邊能否射出參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】AB兩列車相向運動，每列車總長為：故A錯誤，B正確；CD坐于車尾的乘客看到對方列車從身邊劃過的時間為：故C、D錯誤；故選B。2、B【解析】理想化模型的特點是現實生活中不存在。通過想象合理分析得出忽略次要因素，只考慮主要因素，據此判斷即可。【詳解】建立理想化模型的一般原則是首先突出問題的主要因素，忽略問題的次要因素物理學是一門自然學科，它所研究的對象、問題往往比較復雜，受諸多因素的影

14、響有的是主要因素，有的是次要因素為了使物理問題簡單化，也為了便于研究分析，我們往往把研究的對象、問題簡化，忽略次要的因素，抓住主要的因素，建立理想化的模型如質點、電場線、理想氣體、點電荷、自由落體運動等，電阻、力的合成以及瞬時速度均不符合理想化模型的定義，ACD不符合題意，B符合題意。故選B。3、A【解析】A由圖可知，軌跡向下彎曲，帶電粒子所受的電場力方向向下，則帶電粒子受到了排斥力作用；從a到d過程中，電場力做負功，可知電勢能增大，故A正確；B由于不知道粒子帶正電還是帶負電，因此無法確定電場的方向，無法判斷電勢的高低，故B錯誤；C根據點電荷的電場特點可知，在軌跡上，距離點電荷最近的地方的電場

15、強度最大，所以粒子運動過程中經過距離點電荷最近處的加速度一定最大，但c處不是距點電荷最近點的，故其加速度不是最大，故C錯誤；Dab之間任意一點的電場強度均小于bc之間任意一點的場強，帶電粒子在ab之間電場力做功小于bc之間電場力做的功，粒子在a、b間的動能改變量小于在b、c間的動能改變量，故D錯誤。故選A。4、C【解析】A.在兩等量異種點電荷連線上中點的場強最小，在兩等量異種點電荷連線的中垂線上中點的電場強度最大。所以b點的場強小于連線中點的場強，d點的場強大于中點的場強，則b點場強小于d點場強，選項A錯誤；B.根據適矢量的疊加，b點的合場強由b指向c，不為零，選項B錯誤；C.由對稱性可知，a

16、、b兩點的電勢差等于b、c兩點間的電勢差，選項C正確；D.因a點的電勢高于c點的電勢，故試探電荷+q在a點的電勢能大于在c點的電勢能，選項D錯誤。故選C。5、B【解析】A探測器在P點需要減速做近心運動才能由軌道I變軌到軌道II，同理，在軌道II的Q點需要減速做近心運動才能進入軌道III做圓周運動，故A錯誤；B探測器在軌道II上P點的速率大于軌道I上的速率，在軌道II上，探測器由P點運行到Q點，萬有引力做正功，則Q點的速率大于P點速率，故探測器在軌道II上Q點的速率大于在探測器軌道I的速率，故B正確；C在軌道II上，探測器由P點運行到Q點，萬有引力做正功，機械能守恒，故探測器在軌道上經過P點時的

17、機械能等于經過Q點時的機械能，故C錯誤；D探測器在3R的圓形軌道運動，在軌道I上運動過程中，萬有引力充當向心力，故有解得，故D錯誤。故選B。6、D【解析】AB基態的氫原子吸收的能量后會剛好躍遷到能級，大量氫原子躍遷到的能級后最多輻射種頻率的光子，所以AB均錯誤；CD由公式以及，知能級間的能量差越大，輻射出的光子的頻率越大，波長就越短，從到能級間的能量差最大，輻射的光波長最短，C錯誤，D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】AB電流和切割長度成正

18、比，所以線框的PN邊到達x坐標為處時，相當于長度為l的邊框來切割磁感線，線框的PN邊到達x坐標為處時， 相當于兩個長度為l的邊框來切割磁感線，兩個電動勢疊加，所以線框的PN邊到達x坐標為處時，感應電流最大為故A錯誤，B正確；C因為電流的變化符合交流電的特征，所以線框的PN邊到達x坐標為處時，產生的焦耳熱為線框的PN邊從到2l處時，產生的焦耳熱為線框的PN邊從2l到處時，產生的焦耳熱為所以產生的總焦耳熱為又因為外力所做的功就等于焦耳熱，所以C正確，D錯誤。故選BC。8、BC【解析】A紫外線照射鋅板發生光電效應現象，電子從鋅板上飛出，鋅板帶正電，鋁箔張角變大，說明其原來帶正電，故A錯誤；B光電效應

19、說明光具有粒子性，故B正確；C若改用X光(其頻率高于紫外線的頻率)照射鋅板時，依據光電效應發生條件，一定能使鋅板發生光電效應，故其夾角一定會變得更大，故C正確；D若改用激光器發出高亮度的紅光(其頻率低于紫外線的頻率)照射鋅板，依據光電效應發生條件，則觀察到驗電器的鋁箔可能不會張開，故D錯誤；E由愛因斯坦光電效應方程可知，光電子的最大初動能與入射光的強度無關，由入射光的頻率有關，故E錯誤。故選BC。9、BD【解析】A圓盤A、B邊緣線速度相同，由得故A錯誤；BC物塊滑動前有結合式知所受靜摩擦力大，兩物塊最大靜摩擦力均為。增大則所需向心力增大，則先達到最大靜摩擦力，開始滑動，故B正確，C錯誤；DP、

20、Q兩物塊開始滑動時有解得臨界角速度結合式知，當時，故此時所受摩擦力大小等于，故D正確。故選BD。10、ACE【解析】A根據波動與振動方向間的關系可知，波源O的起振方向與圖中x=27m處質點的振動方向相同，沿y軸正方向，則質點P的起振方向也是沿y軸正方向，故A正確。B該波3s內傳播的距離為27m，則波速選項B錯誤； C波的周期則03s時間內，P點振動的時間為 運動的路程為5A=5cm，選項C正確；Dt=3.6s時刻質點Q振動的時間，則此時質點Q正在從最低點向上振動，則在開始的一段極短時間內，Q點加速度變小，選項D錯誤；E t=6s時P點已經振動了，此時P點恰好位于波谷，選項E正確。故選ACE。三

21、、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、偶然誤差 A 【解析】(1)1在實驗中，“保持彈簧壓縮量不變，重復10次上述操作，從而確定小鋼球的平均落點”是采用多次測量求平均值的方法，其目的是為了減小偶然誤差。(2)2設小球被彈簧彈射出去后的速度為v0，此后小球做平拋運動，有聯立可得小球彈射出去時動能為(3)3若結論彈簧彈性勢能與其形變量的平方成正比成立，有而彈射過程彈性勢能全部轉發為動能，有即變形為可得關系，故要驗證結論需要作圖像可構成正比例函數關系，故選A。12、180 20 )32 【解析】（1）1由于指針指在三分之一的位置，說明R2分得電流為電流計電流的兩倍，所以電流計電阻是R2的兩倍