1、2021-2022學年高考物理模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一輛F1賽車含運動員的總質量約為600 kg，在一次F1比賽中賽車在平直賽道上以恒定功率加速，受到的阻力不變，其加速度a和速度的倒數的關系如圖所示，則賽車在加速的過

2、程中（ ）A速度隨時間均勻增大B加速度隨時間均勻增大C輸出功率為240 kwD所受阻力大小為24000 N2、如圖所示，半徑為R的圓環豎直放置，長度為R的不可伸長輕細繩OA、OB，一端固定在圓環上，另一端在圓心O處連接并懸掛一質量為m的重物，初始時OA繩處于水平狀態。把圓環沿地面向右緩慢轉動，直到OA繩處于豎直狀態，在這個過程中AOA繩的拉力逐漸增大BOA繩的拉力先增大后減小COB繩的拉力先增大后減小DOB繩的拉力先減小后增大3、下列電磁波中，衍射能力最強的是（）A無線電波B紅外線C紫外線D射線4、在地球同步軌道上等間距布置三顆地球同步通訊衛星，就可以讓地球赤道上任意兩位置間實現無線電通訊，現

3、在地球同步衛星的軌道半徑為地球半徑的11倍。假設將來地球的自轉周期變小，但仍要僅用三顆地球同步衛星實現上述目的，則地球自轉的最小周期約為A5小時B4小時C1小時D3小時5、如圖甲所示，小物塊A放在長木板B的左端，一起以v0的速度在水平臺階上向右運動，已知臺階MN光滑，小物塊與臺階PQ部分動摩擦因數，臺階的P點切線水平且與木板等高，木板撞到臺階后立即停止運動，小物塊繼續滑行。從木板右端距離臺階P點s=8m開始計時，得到小物塊的vt圖像，如圖乙所示。小物塊3s末剛好到達臺階P點，4s末速度剛好變為零。若圖中和均為未知量，重力加速度g取10m/s2，下列說法中正確的是（）A由題中數據可知，木板長度為

4、2.5mB小物塊在P點的速度為2m/sC小物塊和木板的初速度D小物塊與木板間動摩擦因數6、如圖所示，輕彈簧的一端固定在豎直墻上，一個光滑弧形槽靜止放在足夠長的光滑水平面上，弧形槽底端與水平面相切，讓一個物塊從槽上高h處由靜止開始下滑。下列說法正確的是（）A物塊沿槽下滑的過程中，物塊的機械能守恒B物塊沿槽下滑的過程中，物塊與槽組成的系統動量守恒C從物塊壓縮彈簧到被彈開的過程中，彈簧對物塊的沖量等于零D物塊第一次被反彈后一定不能再次回到槽上高h處二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得

5、0分。7、如圖所示，斜面體置于粗糙水平地面上，斜面體上方水平固定一根光滑直桿，直桿上套有一個滑塊滑塊連接一根細線，細線的另一端連接一個置于斜面上的光滑小球最初斜面與小球都保持靜止，現對滑塊施加水平向右的外力使其緩慢向右滑動至A點，如果整個過程斜面保持靜止，小球未滑離斜面，滑塊滑動到A點時細線恰好平行于斜面，則下列說法正確的是A斜面對小球的支持力逐漸減小B細線對小球的拉力逐漸減小C滑塊受到水平向右的外力逐漸增大D水平地面對斜面體的支持力逐漸減小8、下列說法中正確的是 （ ）A隨著科技的不斷進步，絕對零度可能達到B分子勢能隨著分子間距的增大，可能先減小后增大C懸浮在水中的花粉的布朗運動反映了花粉分

6、子的熱運動D一定質量的理想氣體在等壓壓縮的過程中內能一定減小E.當衛星中的物體處于完全失重時，若一個固定的容器裝有浸潤其器壁的液體置于衛星內，則必須用蓋子蓋緊，否則容器中的液體一定會沿器壁流散9、高精度全息穿透成像探測儀利用電磁波穿透非金屬介質，探測內部微小隱蔽物體并對物體成像，只有分辨率高體積小、輻射少，應用領域比超聲波更廣。關于電磁波和超聲波，下列說法正確的是（）A電磁波和超聲波均能發生偏振現象B電磁波和超聲波均能傳遞能量和信息C電磁波和超聲波均能發生干涉和衍射現象D電磁波和超聲波均需依賴于介質才能傳播E.電磁波由空氣進入水中時速度變小，超聲波由空氣進入水中時速度變大10、如圖所示，某空間

7、存在一豎直方向的電場，其中的一條電場線如圖甲所示，一個質量為m。電荷量為q的帶正電小球，從電場線中O點由靜止開始沿電場線豎直向上運動x1的過程中，以O為坐標原點，取豎直向上為x軸的正方向，小球運動時電勢能與位移x的關系如圖乙所示，運動忽略空氣阻力，則（）A沿x軸正方向的電場強度大小可能增加B從O運動到x1的過程中，如果小球的速度先增后減 ，則加速度一定先減后增C從O點運動x1的過程中，每經過相等的位移，小球機械能的增加變少D小球運動位移x1時，小球速度的大小為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某小組要測量一電源的電動勢和內阻。供

8、使用的實驗器材有：量程為0 0.6A電阻不計的電流表一只；阻值均為6的定值電阻三只；開關S及導線若干。根據實驗器材，同學們設計出如圖甲所示的電路圖，其主要實驗操作步驟如下：(1)三個6的電阻通過串、并聯等不同的組合方式可以得到七個不同阻值的電阻R，表中已列出R的不同阻值。(2)把不同組合方式得到的電阻R分別接入圖甲所示電路的MN之間，可測得七組電阻R對應電流I的數據如下表。(3)以縱坐標、R為橫坐標，根據表中數據在圖乙坐標紙上作出圖像_。(4)根據圖像求出電源的電動勢E=_V；內阻r=_。（結果均保留兩位有效數字）(5)該小組利用此電路測量一未知電阻的阻值。把未知電阻接入電路MN間，電流表的讀

9、數為0.25A，可得待測電阻的阻值為_。(保留兩位有效數字)12（12分）在測量干電池電動勢E和內阻r的實驗中，小明設計了如圖甲所示的實驗電路，S2為單刀雙擲開關，定值電阻R0=4。合上開關S1，S2接圖甲中的1位置，改變滑動變阻器的阻值，記錄下幾組電壓表示數和對應的電流表示數；S2改接圖甲中的2位置，改變滑動變阻器的阻值，再記錄下幾組電壓表示數和對應的電流表示數。在同一坐標系內分別描點作出電壓表示數U和對應的電流表示數的圖像，如圖乙所示，兩直線與縱軸的截距分別為3.00V、2.99V，與橫軸的截距分別為0.5A、0.6A。(1)S2接1位置時，作出的UI圖線是圖乙中的_（選填“A”或“B”）

10、線；測出的電池電動勢E和內阻r存在系統誤差，原因是_。(2)由圖乙可知，干電池電動勢和內阻的真實值分別為E真=_，r真=_。(3)根據圖線求出電流表內阻RA=_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）受控核聚變是當前研究的熱點。我國的“東方超環”世界領先，將氘氚燃料用特殊的加熱方法加熱到聚變反應溫區（即1億度以上）以點燃氘氚反應一個氘核（）和一個氚核（）發生聚變核反應，生成一個氦核（），放出一個中子，利用特殊設計的“籠子”將它們穩定地約束在該真空容器內。使聚變反應能夠穩定進行，其中一種方法是磁約束，圍繞這種磁

11、籠子的設計和建道，人類已經走過了半個多世紀艱苦的歷程。某校的研究小組進行了以下的設計，如圖所示，矩形abcd的ab邊長為2L，ab與ac夾角為，矩形對角線ac上下方分別分布著磁感應強度大小為B的勻強磁場，一個氚核（）從ab邊中點P處以某一速度垂直ab邊進入下方磁場恰好不從對角線ac邊射出，一個氘核（）從c點以某一速度水平向左進入上方磁場并與氚核（）在對角線ac上相遇并發生聚變反應，生成一個氦核（），放出一個中子，生成的氫核（）速度方向豎直向下。已知一個核子的質量為m，質子的電量為q，求：（1）氘核（）與氚核（）射入磁場時的速度大小之比；（2）先后釋放氚核（）與氘核（）的時間差；（3）生成的氫核

12、（）速度v應滿足的條件。使之偏轉后恰好到達矩形的a點。14（16分）如圖所示，U型玻璃細管豎直放置，水平細管與U型玻璃細管底部相連通，各部分細管內徑相同U型管左管上端封有長20cm的理想氣體B，右管上端開口并與大氣相通，此時U型玻璃管左、右兩側水銀面恰好相平，水銀面距U型玻璃管底部為25cm水平細管內用小活塞封有長度10cm的理想氣體A已知外界大氣壓強為75cmHg，忽略環境溫度的變化現將活塞緩慢向左拉，使氣體B的氣柱長度為25cm，求：左右管中水銀面的高度差是多大？理想氣體A的氣柱長度為多少？15（12分）如圖所示，一個圓筒形導熱汽缸開口向上豎直放置，內有活塞，其橫截面積為S=1104m2，

13、質量為m=1kg，活塞上放有一個質量M=2kg的物塊，活塞與汽缸之間無摩擦且不漏氣，其內密封有一定質量的理想氣體，氣柱高度h=0.2m。已知大氣壓強p0=1.0105Pa，重力加速度g=10m/s2。(1)如果拿掉活塞上的物塊，氣柱高度將變為原來的多少倍；(2)如果緩慢降低環境溫度，使活塞恢復到原高度，此過程中氣體放出熱量5J，求氣體內能的增量U。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】汽車恒定功率啟動，對汽車受力分析后根據牛頓第二定律列方程，再結合圖象進行分析即可.【詳解】由圖可知，加速度變化，故做變加速直

14、線運動，故A錯誤；a-函數方程a=-4，汽車加速運動，速度增大，加速度減小，故B錯誤；對汽車受力分析，受重力、支持力、牽引力和摩擦力，根據牛頓第二定律，有：F-f=ma其中：F=P/v；聯立得： ；結合圖線，當物體的速度最大時，加速度為零，故結合圖象可以知道，a=0時，=0.01，v=100m/s，所以最大速度為100m/s；由圖象可知：，解得：f=4m=4600=2400N；，解得：P=240kW，故C正確，D錯誤；故選C。【點睛】本題關鍵對汽車受力分析后，根據牛頓第二定律列出加速度與速度關系的表達式，再結合圖象進行分析求解。2、B【解析】以重物為研究對象，重物受到重力、OA繩的拉力、OB繩

15、的拉力三個力平衡，構成矢量三角形，置于幾何圓中如圖：在轉動的過程中，OA繩的拉力先增大，轉過直徑后開始減小，OB繩的拉力開始處于直徑上，轉動后一直減小，B正確，ACD錯誤。故選B。3、A【解析】對題中的幾種電磁波波長進行排序，無線電波紅外線紫外線射線，波長越長的電磁波衍射能力越強，A正確，BCD錯誤。故選A。4、B【解析】設地球的半徑為R，則地球同步衛星的軌道半徑為r=1.1R，已知地球的自轉周期T=24h，地球同步衛星的轉動周期與地球的自轉周期一致，若地球的自轉周期變小，則同步衛星的轉動周期變小。由公式可知，做圓周運動的半徑越小，則運動周期越小。由于需要三顆衛星使地球赤道上任意兩點之間保持無

16、線電通訊，所以由幾何關系可知三顆同步衛星的連線構成等邊三角形并且三邊與地球相切，如圖。由幾何關系可知地球同步衛星的軌道半徑為r=2R由開普勒第三定律得故B正確，ACD錯誤。故選B。5、A【解析】C木板B和物塊A在一起勻速運動，可得初速度故C錯誤；B 物塊滑上臺階后繼續勻減速直線運動，加速度為，時間為，有故B錯誤；AD當木板B和臺階相撞后立即停止，物塊A繼續在木板上勻減速直線運動，運動的時間為，運動的位移為板長L，則勻減速直線運動的加速度為物塊離開木板的速度為板長為聯立各式和數據解得，故A正確，D錯誤。故選A。6、D【解析】AB物塊沿槽下滑過程中，物塊與弧形槽組成的系統機械能守恒，水平方向動量守

17、恒，故AB錯誤；C從物塊壓縮彈簧到被彈開的過程中，物塊受到的沖量等于物塊動量的變化，物體的動量變化量不為零，故物體受到的沖量不為零，C錯誤；D物塊反彈后追上弧形槽，上升到最高點時，物塊和弧形槽具有相同的速度，全過程系統機械能守恒，故物塊不能回到槽上高h處，D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】AB對小球受力分析可知，沿斜面方向：，在垂直斜面方向：（其中是細線與斜面的夾角，為斜面的傾角），現對滑塊施加水平向右的外力使其緩慢向右滑動至A點，變小，

18、則細線對小球的拉力變小，斜面對小球的支持力變大，故選項B正確，A錯誤；C對滑塊受力分析可知，在水平方向則有：，由于變小，則有滑塊受到水平向右的外力逐漸增大，故選項C正確；D對斜面和小球為對象受力分析可知，在豎直方向則有：，由于變小，所以水平地面對斜面體的支持力逐漸增大，故選項D錯誤8、BDE【解析】A絕對零度是不能達到。故A錯誤；B兩個分子之間的距離從無窮遠到無限靠近的過程中，分子之間的作用力先是吸引力，后是排斥力，所以分子力先做正功，后做負功；同理，分子間距從無限靠近到無窮遠的過程中，分子力也是先做正功，后做負功；所以可知分子勢能隨著分子間距的增大，可能先減小后增大。故B正確；C布朗運動是懸

19、浮在水中花粉的無規則運動，由于花粉是由花粉顆粒組成的，所以布朗運動反映的是花粉顆粒的運動，不是花粉分子的熱運動，是液體分子的熱運動的反應，故C錯誤；D根據理想氣體得狀態方程可知，一定質量的理想氣體在等壓壓縮的過程中氣體的溫度一定降低，而一定量的理想氣體得內能僅僅與溫度有關，溫度降低氣體的內能減小，所以一定質量的理想氣體在等壓壓縮的過程中內能一定減小。故D正確；E當衛星中的物體處于完全失重時，若一個固定的容器裝有浸潤其器壁的液體置于衛星內，根據浸潤的特點可知必須用蓋子蓋緊，否則容器中的液體一定會沿器壁流散。故E正確；故選BDE.9、BCE【解析】A電磁波是橫波，能發生偏振現象，而超聲波是縱波，不

20、能發生偏振，故A錯誤；B電磁波和超聲波均能傳遞能量和信息，故B正確；C干涉和衍射是一切波特有的現象，電磁波和超聲波均能發生干涉和衍射現象，故C正確；D電磁波在真空中能傳播，超聲波需依賴于介質才能傳播，故D錯誤；E電磁波由空氣進入水中時速度變小，超聲波由空氣進入水中時速度變大，故E正確。故選BCE。10、BC【解析】A電勢能與位移x的圖象-x圖象的斜率的絕對值表示小球所受電場力的大小，由圖乙可知圖象沿x軸正方向的斜率越來越小，說明小球所受電場力沿x軸越來越小，即沿x軸正方向的電場強度大小一直減小，故A錯誤；B從O運動x1的過程中，如果小球的速度先增后減，說明開始時小球所受電場力F大于重力mg向上

21、做加速運動，后來電場力小于重力，向上做減速運動。當加速運動時，根據牛頓第二定律可得加速度因為F逐漸減小，故a逐漸減小。當向上減速運動時，有因為F逐漸減小，故a逐漸增大。所以從O運動x1的過程中，如果小球的速度先增后減，加速度一定是先減后增，故B正確；C根據能的轉化和守恒定律可知，在小球向上運動的過程中電場力做正功，電勢能減小，減小的電勢能轉化為機械能。由圖乙可知從O點運動x1的過程中，每經過相等的位移，小球所受電場力逐漸減小，則電勢能減小的越來越少，則小球機械能的增加變少，故C正確；D規定O點所在的水平面為零重力勢能面，設小球運動位移x1時的速度為v，根據能量守恒定律得01+mgx1+mv2解

22、得故D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 2.9（2.73.1） 2.9（2.73.1） 8.8（8.49.2） 【解析】(3)1通過描點作圖作出圖像(4)23根據閉合電路歐姆定律 ，得：結合圖像可知 ；解得： ，(5)4根據分析可知12、B 電流表的示數偏小 3.00V 1.0 1.0 【解析】(1)1當S2接1位置時，可把電壓表、定值電阻與電源看做一個等效電源，根據閉合電路歐姆定律可知電動勢和內阻的測量值均小于真實值，所以作出的圖線應是B線；2測出的電池電動勢和內阻存在系統誤差，原因是電壓表的分流；(2)3當S2接2位置時，可把電流表、定值電阻與電源看做一個等效電源，根據閉合電路歐姆定律可知電動勢測量值等于真實值，圖線應是線，即有4由于S2接1位置時，圖線的B線對應的短路電流為所以真解得真5對線，根據閉合電路歐姆定律