1、2021-2022學年高考物理模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一固定斜面上兩個質量均為m的小物塊A和B緊挨著勻速下滑，A與B的接觸面光滑。已知A與斜面之間的動摩擦因數是B與斜面之間的動摩擦因數的2倍，斜面傾角為，重力

2、加速度為g。B與斜面之間的動摩擦因數與A、B間彈力FN的大小分別是（）A=tan，FN=mgsinB=tan，FN=mgsinC=tan，FN=mgcosD=tan，FN=mgsin2、如圖，邊長為l的正方形abcd內存在勻強磁場，磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面（abcd所在平面）向外ab邊中點有一電子發源O，可向磁場內沿垂直于ab邊的方向發射電子已知電子的比荷為k則從a、d兩點射出的電子的速度大小分別為A，B，C，D，3、吊蘭是常養的植物盆栽之一，如圖所示是懸掛的吊蘭盆栽，四條等長的輕繩與豎直方向夾角均為30，花盆總質量為2kg，取g=10m/s2，則每根輕繩的彈力大小為（）A5NBC1

3、0ND20N4、如圖甲所示，開口向上的導熱氣缸靜置于水平桌面，質量為m的活塞封閉一定質量氣體，若在活塞上加上質量為m的砝碼，穩定后氣體體積減小了V1，如圖乙；繼續在活塞上再加上質量為m的砝碼，穩定后氣體體積又減小了V2，如圖丙不計摩擦，環境溫度不變，則（）AV1V2BV1=V2CV1V2D無法比較V1與V2大小關系5、2018年12月8日，在西昌衛星發射中心用長征三號乙運載火箭將嫦娥四號發射；2019年1月3日，嫦娥四號成功登陸月球背面，人類首次實現了月球背面軟著陸。如圖，嫦娥四號在繞月球橢圓軌道上無動力飛向月球，到達近月軌道上P點時的速度為v0，經過短暫“太空剎車”，進入近月軌道繞月球運動。

4、已知月球半徑為R，嫦娥四號的質量為m，在近月軌道上運行周期為T，引力常量為G，不計嫦娥四號的質量變化，下列說法正確的是（）A嫦娥四號在橢圓軌道上運行時的機械能與在近月軌道上運行時的機械能相等B月球的平均密度=C嫦娥四號著陸后在月面上受到的重力大小為D“太空剎車”過程中火箭發動機對嫦娥四號做的功為6、電源電動勢反映了電源把其他形式的能轉化為電能的本領，下列關于電動勢的說法中正確的是A電動勢是一種非靜電力B電動勢越大表明電源儲存的電能越多C電動勢由電源中非靜電力的特性決定，跟其體積、外電路無關D電動勢就是閉合電路中電源兩端的電壓二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個

5、選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、圖甲、圖乙為兩次用單色光做雙縫干涉實驗時，屏幕上顯示的圖樣。圖甲條紋間距明顯大于圖乙，比較兩次實驗A若光屏到雙縫的距離相等，則圖甲對應的波長較大B若光源、雙縫間隙相同，則圖甲光屏到雙縫的距離較大C若光源、光屏到雙縫的距離相同，則圖甲雙縫間隙較小D圖甲的光更容易產生明顯的衍射現象8、如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態A依次經過狀態B、C和D后再回到狀態A其中，AB和CD為等溫過程，BC和DA為絕熱過程該循環過程中，下列說法正確的是_AAB過程中，氣體對外界做功，吸熱BBC過程中，氣體分子的平均動能增加C

6、CD過程中，單位時間內碰撞單位面積器壁的分子數減少DDA過程中，氣體分子的速率分布曲線發生變化E.該循環過程中，氣體吸熱9、如圖為一列簡諧橫波在t=0時的波形圖，波源位于坐標原點，已知當t=0.5s時x=4cm處的質點第一次位于波谷，下列說法正確的是（ ）A此波的波速為5cm/sB此波的頻率為1.5HzC波源在t=0時運動速度沿y軸正方向Dt=0時波源振動已經歷0.6sE.x=10cm的質點在t=1.5s時處于波峰10、廣西壯族自治區處在北緯之間，某極地衛星通過廣西最北端與最南端正上方所經歷的時間為t，查閱到萬有引力常量G及地球質量M。衛星的軌道視為圓形，忽略地球自轉，衛星的運動視為勻速圓周運

7、動，根據以上信息可以求出（）A該衛星周期B該衛星受到的向心力C該衛星的線速度大小D地球的密度三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）實驗中掛鉤位置可認為不變，利用力傳感器和單擺小球來驗證機械能守恒。（1）用游標卡尺測出小鐵球直徑結果如圖乙所示。則其直徑D=_cm。（2）如圖甲所示，固定力傳感器M取一根不可伸長的細線，一端連接（1）中的小鐵球，另一端穿過固定的光滑小圓環O，并固定在傳感器的掛鉤上（小圓環剛好夠一根細線通過）將小鐵球自由懸掛并處于靜止狀態，從計算機中得到拉力隨時間變化的關系如圖丁所示。（i）為驗證小鐵球在最高點A和最低處的

8、機械能是否相等，則_。A必須要測出小鐵球的直徑DB必須要測出小鐵球的質量mC必須要測出細線離開豎直方向的最大偏角D必須要知道圖丙、丁中F0，F1，F2的大小及當地重力加速度gE必須要知道圖丙、丁中F0，F1，F2的大小（ii）若已經通過實驗測得了（i）中所需的物理量，則為了驗證小鐵球在最高點B和最低點處的機械能是否相等，只需驗證等式_是否成立即可。（用題中所測得的物理量符號表示）12（12分）如圖所示，梁老師在課堂做“驗證力的平行四邊形定則”實驗時，橡皮條的一端固定在黑板上方的A點，另一端被兩個彈簧測力計拉到O點。(1)下列原因可能會導致實驗結果不準確的是_A彈簧測力計在實驗前沒有調零B彈簧測

9、力計必須保持與木板平行，讀數時視線要正對彈簧側力計刻度C彈簧測力計自身的重力對拉力大小有影響D拉橡皮條的細繩套粗一些且短一些，實驗效果較好(2)為了提高實驗的準確性，減少誤差，請提出合理的解決辦法(一條即可)_(3)兩彈簧測力計的讀數分別為F1和F2，兩細繩的方向分別與橡皮條延長線的夾角為1和2，如圖所示，以下說法正確的是_.A為了驗證力的平行四邊形定則，只需作力的圖示來表示分力與合力B實驗中用平行四邊形定則求得的合力F一定與OA在一條直線上C若保持O點的位置和夾角1不變，夾角2可變，若F1增大，則F2可能減小D兩彈簧測力計間的夾角1和2之和必須取90四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案

10、寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示為兩個完全相同的半球形玻璃磚的截面, bc/bc,半徑大小為R,其中OO為兩球心的連線,一細光束沿平行于OO的方向由左側玻璃磚外表面的a點射入,已知a點到軸線OO的距離為32R,光束由左側玻璃磚的d點射出、然后從右側玻璃磚的e點射入,最后恰好在右側玻璃磚內表面的f點發生全反射,忽略光束在各面的反射,已知兩玻璃磚的折射率均為3。求:(i)光束在d點的折射角;(ii)e點到軸線OO的距離。14（16分）如圖所示，平面鏡M放置在某液體中，液體上方靠近液面處放置毛玻璃PQ，一束激光水平照射到肘上O1點時，觀察到在

11、O1點正上方玻璃上O點有一個光點。使平面鏡M繞垂直紙面的軸逆時針轉過角時。玻璃上光點恰好消失。已知真空中光速為c，求：（1）液體的折射率n；（2）光在液體中的傳播速度v。 15（12分）如圖所示，空間存在一個半徑為R0的圓形勻強磁場區域，磁場的方向垂直于紙面向里、磁感應強度的大小為B。有一個粒子源在紙面內沿各個方向以一定速率發射大量粒子，粒子的質量為m、電荷量為+q。將粒子源置于圓心，則所有粒子剛好都不離開磁場，不考慮粒子之間的相互作用。（1）求帶電粒子的速率；（2）若粒子源可置于磁場中任意位置，且磁場的磁感應強度大小變為，求粒子在磁場中最長的運動時間t。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，

12、每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】以AB整體為研究對象，根據平衡條件得2mgsin=Amgcos+Bmgcos=2mgcos+mgcos解得對B受力分析可知，B受重力、支持力、A的彈力及摩擦力而處于平衡狀態；則有mgsin=mgcos+解得故A正確，BCD錯誤。故選A。2、B【解析】a點射出粒子半徑Ra= =，得：va= =，d點射出粒子半徑為 ，R= 故vd= =，故B選項符合題意3、B【解析】根據對稱性可知，每根繩的拉力大小相等，設每根繩的拉力大小為F。在豎直方向由平衡條件得：4Fcos30=G解得：F=N。A5N，與結論不相符，選項A

13、錯誤；B，與結論相符，選項B正確；C10N，與結論不相符，選項C錯誤；D20N，與結論不相符，選項D錯誤；4、C【解析】設大氣壓強為，起初活塞處于平衡狀態，所以：解得該氣體的壓強為：則甲狀態氣體的壓強為：乙狀態時氣體的壓強為：丙狀態時氣體的壓強為：由玻意耳定律得：得：，所以所以：故本題選C【點睛】對活塞進行受力分析，由平衡條件分別求出幾種情況下的氣體壓強；由玻意耳定律可以求出氣體體積，然后比較體積的變化即可5、B【解析】A嫦娥四號在橢圓軌道上P點時要剎車，機械能減小，則嫦娥四號在橢圓軌道上運行時的機械能比在近月軌道上運行時的機械能大，選項A錯誤；B由于 解得選項B正確；C嫦娥四號著陸后在月面上

14、受到的重力大小為選項C錯誤；D根據動能定理，“太空剎車”過程中火箭發動機對嫦娥四號做的功為選項D錯誤。故選B。6、C【解析】ABC電動勢的大小等于非靜電力把單位正電荷從電源的負極，經過電源內部移到電源正極所做的功，電動勢不是一種非靜電力，電源電動勢反映電源將其他形式能量轉化為電能的本領大小，電動勢越大，電源將其他形式能量轉化為電能的本領越大，AB錯誤，C正確；D電動勢大小等于電路斷開后電源兩端的電壓，D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A甲

15、光的條紋間距大，光屏到雙縫的距離相等，由于雙縫間的距離未知，故無法比較波長的大小，A錯誤；B若光源、雙縫間隙相同，根據雙縫干涉條紋的間距公式知d以及波長相等，圖甲的條紋間距大，則圖甲光屏到雙縫的距離大，B正確；C若光源、光屏到雙縫的距離相同，根據雙縫干涉條紋的間距公式知L以及波長相等，圖甲的條紋間距大，則圖甲雙縫的間距小，C正確；D因為波長大小未知，故無法比較哪個光發生明顯的衍射，D錯誤。故選BC。8、ADE【解析】過程中，體積增大，氣體對外界做功，過程中，絕熱膨脹，氣體對外做功，溫度降低，過程中，等溫壓縮，過程中，絕熱壓縮，外界對氣體做功，溫度升高【詳解】A.過程中，體積增大，氣體對外界做功

16、，溫度不變，內能不變，氣體吸熱，故A正確；B.過程中，絕熱膨脹，氣體對外做功，內能減小，溫度降低，氣體分子的平均動能減小，故B錯誤；C.過程中，等溫壓縮，體積變小，分子數密度變大，單位時間內碰撞單位面積器壁的分子數增多，故C錯誤；D.過程中，絕熱壓縮，外界對氣體做功，內能增加，溫度升高，分子平均動能增大，氣體分子的速率分布曲線發生變化，故D正確；E.該循環中，氣體對外做功大于外界對氣體做功，即；一個循環，內能不變，根據熱力學第一定律，即氣體吸熱，故E正確；故選ADE【點睛】本題考查了理想氣體狀態方程的應用，根據圖象判斷出氣體體積如何變化，從而判斷出外界對氣體做功情況，再應用熱力學第一定律與題目

17、所給條件即可正確解題；要知道：溫度是分子平均動能的標志，理想氣體內能由問題溫度決定9、ADE【解析】A由圖可得，t=0時平衡位置為1.5cm質點處于波谷，t=0.5s時，x=4cm處的質點第一次位于波谷，則有故A正確；B根據那么頻率故B錯誤；C由波的傳播方向沿著x軸正方向，依據上下波法，則波源在t=0時，運動速度沿y軸負方向，故C錯誤；D由圖可知，正好是波長的一個半，而周期為0.4s，因此此時波源振動已經歷0.6s，故D正確；E當t=0時，x=2.5cm質點處于波峰，而波峰傳播x=10cm的質點的時間為故E正確。故選ADE。【點睛】此題是機械波的傳播問題，考查波長、波速及周期的關系，掌握由波的

18、傳播方向來確定質點的振動方向的方法：上下波法、同側法等。10、AC【解析】A廣西壯族自治區處在北緯之間，某極地衛星通過廣西最北端與最南端正上方所經歷的時間為，已知轉過對應角度的時間，則可以求得運動一周的時間即衛星的周期A正確；B因為不知道該衛星的質量，根據萬有引力定律無法求得衛星受到的向心力大小，B錯誤；C據萬有引力提供圓周運動向心力已知質量和周期及常量可以求得衛星的軌道半徑，根據可以求得衛星的線速度大小，C正確；D因為不知道衛星距地面的高度，故無法求得地球的半徑，所以無法得到地球的密度，D錯誤。故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

19、11、1.090cm D 【解析】(1)1由圖乙可知，該游標卡尺為50分度游標卡尺，故其讀數為（2）2由機械能守恒定律可得在最低點時有剛釋放時有靜止時有聯立化簡可得故小球機械能是否守恒驗證以上等式即可，故需要測量的物理量為F0，F1，F2的大小及當地重力加速度g，故選D。3由2中分析可知，需驗證的等式為12、AD 將豎直平面轉到水平面 C 【解析】(1)1A彈簧測力計在實驗前沒有調零，彈簧測力計測力時會導致實驗結果不準確，故A符合題意；B本實驗是通過在白紙上作力的圖示來驗證平行四邊定則，為了減小實驗誤差，彈簧秤、細繩、橡皮條都應與木板平行，否則，作出的是拉力在紙面上的分力，誤差較大，讀數時視線

20、必須與刻度尺垂直，防止視覺誤差，故B不符合題意；C彈簧測力計測的是拉力大小而不是重力大小，所以彈簧測力計自身的重力，不會導致實驗結果不準確，故C不符合題意；D在實驗中要減小拉力方向的誤差，應讓標記同一細繩方向的兩點盡量遠些，故細繩應該長一些；拉橡皮條的細繩套粗一些且短一些，會導致實驗結果不準確，故D符合題意；故選AD；(2)2為了提高實驗的準確性，減少誤差要選用彈性小且適當長的細繩或將豎直平面轉到水平面；(3)3A為了驗證力的平行四邊形定則，應采用作力的圖示來表示分力與合力，但不是只需作力的圖示來表示分力與合力，故A錯誤；B因實驗中存在誤差，故不可能嚴格使與重合，所以實驗中用平行四邊形定則求得的合力不一定沿直線方向，故B錯誤；C對點受