1、2021-2022學年高考物理模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，豎直放置的輕彈簧的一端固定在水平地面上，另一端拴接著質量為的木塊，開始時木塊靜止，現讓一質量為的木塊從木塊正上方高為處自由下落，與木塊碰撞后一起向下壓縮彈簧，經過時間木塊下降到最低點。已知彈簧始終處于彈性限度內，不計空氣阻力

2、，木塊與木塊碰撞時間極短，重力加速度為，下列關于從兩木塊發生碰撞到木塊第一次回到初始位置時的過程中彈簧對木塊的沖量的大小正確的是（ ）ABCD2、如圖所示，一閉合的金屬圓環從靜止開始下落，穿過一豎直懸掛的條形磁鐵，磁鐵的N極向上，在運動過程中，圓環的中心軸線始終與磁鐵的中軸線保持重合，則下列說法中正確的是A對于金屬圓環來說，在AB段磁通量向下B條形磁體的磁感線起于N極，終于S極，磁感線是不閉合的C自上向下看，在AB段感應電流沿順時針方向D自上向下看，在AB段感應電流沿逆時針方向3、如圖所示，在水平向右的勻強電場中，質量為的帶電小球以初速度從點豎直向上拋出，通過點時，速度大小為，方向與電場方向相

3、反，則小球從點運動到點的過程中（）A動能增加B機械能增加C重力勢能增加D電勢能增加4、圖為2020年深圳春節期間路燈上懸掛的燈籠，三個燈籠由輕繩連接起來掛在燈柱上，O為結點，輕繩OA、OB、OC長度相等，無風時三根繩拉力分別為FA、FB、FC。其中OB、OC兩繩的夾角為，燈籠總質量為3m，重力加速度為g。下列表述正確的是（）AFB一定小于mgBFB與FC是一對平衡力CFA與FC大小相等DFB與FC合力大小等于3mg5、如圖所示，是勻強電場中一個橢圓上的三個點，其中點的坐標為，點的坐標為，點的坐標為，兩點分別為橢圓的兩個焦點，三點的電勢分別為、，橢圓所在平面與電場線平行，元電荷，下列說法中正確的

4、是（ ）A點的電勢為B點的電勢為C勻強電場的場強大小為D將一個電子由點移到點，電子的電勢能增加6、如圖所示，一個半徑為r的半圓形線圈，以直徑ab為軸勻速轉動，轉速為n，ab的左側有垂直于紙面向里（與ab垂直）的勻強磁場，磁感應強度為B。M和N是兩個集流環，負載電阻為R，線圈、電流表和連接導線的電阻不計，則電流表的示數為。（ ）ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，煤礦車間有兩個相互垂直且等高的水平傳送帶甲和乙，煤塊與兩傳送帶間的動摩擦因數均為，每隔在傳

5、送帶甲左端輕放上一個質量為的相同煤塊，發現煤塊離開傳送帶甲前已經與甲速度相等，且相鄰煤塊（已勻速）左側的距離為，隨后煤塊平穩地傳到傳送帶乙上，乙的寬度足夠大，速度為取，則下列說法正確的是（）A傳送帶甲的速度大小為B當煤塊在傳送帶乙上沿垂直于乙的速度減為0時，這個煤塊相對于地面的速度還沒有增加到C一個煤塊在甲傳送帶上留下的痕跡長度為D一個煤塊在乙傳送帶上留下的痕跡長度為8、如圖所示，一根很長且不可伸長的柔軟輕繩跨過光滑定滑輪，兩端各系一小球a和b，a球質量為m，靜置于地面，b球質量為4m，用手托住，高度為h，此時輕繩剛好拉緊，從靜止開始釋放b球，不計空氣阻力，已知b球落地后速度變為零，則下列說法

6、正確的是A在a球上升的全過程中，a球的機械能始終是增加的B在a球上升的全過程中，系統的機械能守恒Ca球到達高度h時兩球的速度大小為D從釋放開始，a球能上升的最大高度為1.6h9、一定質量的理想氣體，從狀態A變化到狀態B，再變化到狀態C，變化過程的p-V圖象如圖所示，已知狀態A時氣體溫度為200K。下列說法正確的是（）A狀態B時氣體溫度是600KB狀態C時氣體溫度是600KC狀態A到B的過程，氣體放熱D狀態B到C的過程，氣體放熱E.狀態A到B再到C的過程，氣體內能先增大后減小10、下說法中正確的是 。A在干涉現象中，振動加強的點的位移有時可能比振動減弱的點的位移小B單擺在周期性的外力作用下做受迫

7、振動，則外力的頻率越大，單擺的振幅也越大C全息照片的拍攝利用了激光衍射的原理D頻率為v的激光束射向高速迎面而來的衛星，衛星接收到的激光的頻率大于vE.電磁波在真空中自由傳播時，其傳播方向與電場強度、磁感應強度均垂直三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學設計了如圖甲所示的電路來測量電源的電動勢及電阻和的阻值。實驗器材有：待測電源（不計內阻），待測電阻，待測電阻，電壓表V（量程為，內阻很大），電阻箱（阻值范圍為），單刀單擲開關，單刀雙擲開關，導線若干。（1）先測電阻的阻值。請將該同學的操作補充完整：A閉合開關，將開關連接觸點，讀出

8、電壓表示數；B閉合開關，將開關連接觸點，調節電阻箱，使電壓表的示數仍為，同時讀出電阻箱的示數；C由A、B知電阻 _。（2）繼續測電源的電動勢和電阻的阻值，該同學的做法是：閉合開關，將開關連接觸點，多次調節電阻箱，讀出多組電阻箱示數和對應的電壓表示數。由測得的數據，繪出了如圖乙所示的圖線，則電源電動勢 _（保留三位有效數字），電阻 _（保留兩位有效數字）。12（12分）一同學測量某干電池的電動勢和內阻（1）如圖所示是該同學正準備接入最后一根導線（圖中虛線所示）時的實驗電路請指出圖中在器材操作上存在的兩個不妥之處_；_（2）實驗測得的電阻箱阻值R和電流表示數I，以及計算的數據見下表:根據表中數據，

9、在答題卡的方格紙上作出關系圖像_由圖像可計算出該干電池的電動勢為_V；內阻為_R/8.07.06.05.04.0I/A0.150.170.190.220.26/A16.76.05.34.53.8（3）為了得到更準確的測量結果，在測出上述數據后，該同學將一只量程為100 mV的電壓表并聯在電流表的兩端調節電阻箱，當電流表的示數為0.33 A時，電壓表的指針位置如圖所示，則該干電池的電動勢應為_V；內阻應為_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，質量均為m=1kg的長方體物塊A、B疊放在光滑水平面上，兩

10、水平輕質彈簧的一端固定在豎直墻壁上，另一端分別與A、B相連接，兩彈簧的原長均為L0=0.2m，與A相連的彈簧的勁度系數kA=100N/m，與B相連的彈簧的勁度系數kB=200N/m。開始時A、B處于靜止狀態?，F在物塊B施加一水平向右的拉力F，使A、B靜止在某一位置，此時拉力F=3N，使A、B靜止在某一位置，A、B間的動摩擦因數為=0.5，撤去這個力的瞬間（A、B無相對滑動，彈簧處于彈性限度內），求：(1)物塊A的加速度的大??；(2)如果把拉力改為F=4.5N（A、B無相對滑動，彈簧處于彈性限度內），其它條件不變，則撤去拉力的瞬間，求物塊B對A的摩擦力比原來增大多少？14（16分）如圖所示，傾斜

11、軌道AB的傾角為37，CD、EF軌道水平，AB與CD通過光滑圓弧管道BC連接，CD右端與豎直光滑圓周軌道相連小球可以從D進入該軌道，沿軌道內側運動，從E滑出該軌道進入EF水平軌道小球由靜止從A點釋放，已知AB長為5R，CD長為R，重力加速度為g，小球與斜軌AB及水平軌道CD、EF的動摩擦因數均為0.5，sin37=0.6，cos37=0.8，圓弧管道BC入口B與出口C的高度差為l.8R求：(在運算中，根號中的數值無需算出)(1)小球滑到斜面底端C時速度的大小(2)小球剛到C時對軌道的作用力(3)要使小球在運動過程中不脫離軌道，豎直圓周軌道的半徑R/應該滿足什么條件？15（12分）如圖所示，在第

12、一象限內，存在垂直于平面向外的勻強磁場，第二象限內存在水平向右的勻強電場，第三、四象限內存在垂直于平面向外、磁感應強度大小為的勻強磁場。一質量為，電荷量為的粒子，從軸上點以某一初速度垂直于軸進入第四象限，在平面內，以原點為圓心做半徑為的圓周運動；隨后進入電場運動至軸上的點，沿與軸正方向成角離開電場；在磁場中運動一段時間后，再次垂直于軸進入第四象限。不計粒子重力。求：（1）帶電粒子從點進入第四象限時初速度的大??；（2）電場強度的大??；（3）磁場的磁感應強度的大小。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】B下落h

13、時的速度為物塊B與A碰撞過程動量守恒，則 以向下為正方向，則兩物塊從開始運動到到達最低點過程中由動量定理 從兩木塊發生碰撞到木塊第一次回到初始位置時的過程中彈簧對木塊的沖量的大小為I=2I1聯立解得故選D。2、C【解析】A在圓環還沒有套上磁鐵之前，圓環中磁通量方向向上。故A錯誤。B磁感線是閉合的。故B錯誤。CD根據楞次定律，AB段感應電流是順時針方向。故C正確，D錯誤。3、C【解析】A小球由到過程中動能增加量故A錯誤；BC在豎直方向上，小球只受重力作用，小球豎直方向的分運動為豎直上拋運動，點為小球還動的最高點，從到，小球克服重力做的功所以小球的重力勢能增加量小球的機械能增加量故B錯誤，C正確；

14、D由能量守恒定律可知，小球機械能增大，電勢能減少，故D錯誤。故選C。4、D【解析】A因OB=OC可知FB=FC，由平衡知識可知解得FB一定大于mg，選項A錯誤；B FB與FC不共線，不是一對平衡力，選項B錯誤；C因FA=3mgFC，則選項C錯誤；D由平衡知識可知，FB與FC合力大小等于3mg，選項D正確。故選D。5、B【解析】A.根據橢圓關系可知兩點與點的距離：，由得：，根據U=Ed得：，所以：，可知，軸即為一條等勢線，電場強度方向指向軸負方向，點電勢為5V，故A錯誤；B.由電場線與等勢面關系得，得，故B正確；C.電場強度：，C錯誤；D.根據得：，故電子的電勢能減少，故D錯誤。故選：B。6、D

15、【解析】線圈繞軸勻速轉動時，在電路中產生如圖所示的交變電流。此交變電動勢的最大值為設此交變電動勢在一個周期內的有效值為E，由有效值的定義得解得故電流表的示數為故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A煤塊在傳送帶甲上做勻加速運動的加速度煤塊在傳送帶甲上先勻加速再勻速運動，加速度相同，所以相鄰煤塊之間的距離與時間的比值即傳送帶甲的速度，即故A正確；B煤塊滑上傳送帶乙時，所受滑動摩擦力的方向與煤塊相對傳送帶乙的運動方向相反，相對傳送帶乙做勻減速直線運動，

16、所以當煤塊在傳送帶乙上沿垂直乙的速度減為零時，煤塊已相對傳送帶乙靜止，即相對地面的速度增至，故B錯誤；C以傳送帶甲為參考系，煤塊的初速度為，方向與傳送帶甲的速度方向相反，煤塊相對傳送帶甲做勻減速直線運動，相對加速度仍為，故相對傳送帶甲的位移所以煤塊在甲傳送帶上留下的痕跡長度為，故C正確；D以傳送帶乙為參考系，煤塊的初速度為相對加速度煤塊相對乙傳送帶的位移即煤塊在傳送帶乙上留下的痕跡為，故D正確。故選ACD。8、CD【解析】A在球上升的全過程中，第一個過程系統的機械能守恒，球的機械能是增加的，在第二個過程中球的機械能守恒，故A錯誤；B球落地時，有機械能損失，系統機械能不守恒，故B錯誤；CD設球到

17、達高度時兩球的速度為，根據機械能守恒定律：得出此時輕繩恰好松弛，球開始做初速度為的豎直上拋運動。a球的機械能守恒計算得出球能上升的最大高度H為1.6h。故CD正確。故選：CD。9、ADE【解析】A從A到B為等容變化，則由查理定律可得選項A正確； B從B到C為等壓變化，則由蓋呂薩克定律可得選項B錯誤；C狀態A到B的過程，氣體體積不變，則W=0，溫度升高，則U0，則由熱力學第一定律可知，氣體吸熱，選項C錯誤；D狀態B到C的過程，氣體體積減小，則W0；溫度降低，則U0，則由熱力學第一定律可知，Q0，即氣體放熱，選項D正確；E狀態A到B再到C的過程，氣體溫度先升高后降低，可知氣體的內能先增大后減小，選

18、項E正確。故選ADE。10、ADE【解析】A在干涉現象中，振動加強的點的振幅比振動減弱的點的振幅大，但是振動加強的點的位移有時可能比振動減弱的點的位移小，選項A正確；B單擺在周期性的外力作用下做受迫振動，當驅動力的頻率與單擺的固有頻率相等時振幅最大，則外力的頻率越大時，單擺的振幅不一定越大，選項B錯誤；C全息照片的拍攝利用了激光干涉的原理，選項C錯誤；D根據多普勒效應，頻率為v的激光束射向高速迎面而來的衛星，衛星接收到的激光的頻率大于v，選項D正確；E電磁波是橫波，在真空中自由傳播時，其傳播方向與電場強度、磁感應強度均垂直，選項E正確。故選ADE。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在

19、答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 1.43 6.0 【解析】（1）1由電路的特點可知，在電壓表的示數不變的情況下，對應的電阻應不變。電阻箱的示數即為電阻的阻值，即（2）23根據閉合電路歐姆定律有所以有由此式可知圖線的縱軸截距為斜率解得，12、（1）開關未斷開 電阻箱阻值為零 （2）圖像如圖所示： 1.4（1.301.44都算對） 1.2（1.01.4都算對） （3）1.4（結果與（2）問第一個空格一致） 1.0（結果比（2）問第二個空格小0.2） 【解析】本題考查測量電源電動勢和內電阻實驗，意在考查考生的實驗數據處理能力和誤差分析能力（1）連接電路時電源應與電路斷開，所以開關要

20、斷開；另一錯誤是電阻箱接入電路的電阻是零，這樣容易燒壞電流表和電源（2）將數據描點連線，做出一條傾斜的直線根據閉合電路歐姆定律E=I(R+r)得，所以圖線的斜率表示電源電動勢V=1.37V，截距絕對值表示r=0.43.0=1.20；用電壓表與電流表并聯，可測得電流表的內阻，考慮電表內阻對實驗的影響，則E=I(R+RA+r)，得，所以圖線的斜率仍表示電動勢，電動勢的準確值為1.37V，圖線的截距表示（RA+r），所以內阻精確值為r=（1.20-0.20）=1.00點睛：本題考查應用電流表和電阻箱測量電源電動勢和內電阻實驗，本題創新之處在于用一個電壓表并聯在電流表的兩端測出電流表的電阻，從而提高測

21、量電源內阻的精確度四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)1.5m/s2；(2)0.25N【解析】(1)在拉力撤去前，根據受力平衡有代入數據解得x1=0.01m拉力F撤去后的瞬間，對A、B整體根據牛頓第二定律有F=2ma1解得a1=1.5m/s2以A為研究對象，用隔離法有kAx1+Ff =ma1解得即A、B之間相對靜止，為靜摩擦力，所以物塊A的加速度為a1=1.5m/s2(2)在拉力改為F=4.5N后，撤去拉力前，根據受力平衡有代入數據解得x2=0.015m拉力F撤去后的瞬間，對A、B整體根據牛頓第二定律有F=2ma2解得a2=2.25m/s2以A為研究對象，用隔離法有kAx2+Ff =ma2解得Ff=0.75N故Ff =FfFf =0.25N14、（1） （2）6.6mg，豎直向下（3） 【解析】試題分析：（1）設小球到達C點時速度為v，a球從A運動至C過程，由動能定理有（2分）可得（1分）（2）小球沿BC軌道做