1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡

2、一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、設法維持一段金屬導線溫度不變，隨著加在導線兩端的電壓增大，則有（ ）A金屬導線電阻變大 B金屬導線材質的電阻率變大C導體內單位體積自由電子數目增多 D導體內自由電子定向移動的速率變大2、將帶電棒移近兩個不帶電的導體球，兩個導體球開始時互相接觸且對地絕緣，下列幾種方法中能使兩球都帶電的是（）A先把兩球分開，再移走棒B先把兩球分開，再移走棒后讓兩球接觸C先移走棒，再把兩球分開D棒移走，兩導體球不分開3、一帶電小球以某一速度進入勻強電場中，對帶電小球的運動有下列說法，其中正確的是（）

3、A一定做曲線運動B一定做勻變速直線運動C可能做勻速直線運動D可能做勻速圓周運動4、用多用電表測量阻值約為2000 的電阻，要完成下列操作： 觀察指針位置，讀出電阻阻值 將兩表筆直接接觸，進行調零 把兩表筆與電阻兩端接觸 將選擇開關扳到歐姆擋“100”處 將選擇開關旋到交流電壓最高檔上述操作順序正確的應是( )ABCD5、如圖所示的電路，R1、R2、R3是定值電阻，R4是滑動變阻器，電源內阻不可忽略閉合開關，在電路穩定后，將滑動變阻器的滑動觸頭由中點向上移動的過程中()A電壓表示數變小B電容器放電C電源的總功率變小D通過滑動變阻器的電流變大6、真空中有兩個靜止的點電荷，它們之間的庫侖力為F若保持

4、它們各自所帶的電荷量不變，而將它們之間的距離變為原來的，則這兩個點電荷間的庫侖力將變為（ ）AFB2 FC4 FD8 F二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，初速度不計的電子從電子槍中射出，在加速電場中加速，從正對P板的小孔射出，設加速電壓為U1，又垂直偏轉電場方向射入板間并射出，設偏轉電壓為U2。則：（ ）AU1變大，則電子進入偏轉電場的速度變大BU1變大，則電子在偏轉電場中運動的時間變短CU2變大，則電子在偏轉電場中運動的加速度變小D若要電子離開偏轉電場時

5、偏移量變小，僅使U1變大，其它條件不變即可8、如圖所示，在豎直平面內有一水平向右的勻強電場，場強E1.0104 N/C。半徑R2.0m的光滑絕緣細圓環形軌道豎直放置且固定，有一質量m0.4 kg、電荷量q3.0104 C的帶孔小球穿過細圓環形軌道靜止在位置A，現對小球沿切線方向作用一瞬時速度vA，使小球恰好能在光滑絕緣細圓環形軌道上做圓周運動，取圓環的最低點為重力勢能和電勢能的零勢能點已知BC是圓環形軌道的一條水平直徑，g10m/s2，sin3700.6，cos3700.8，下列說法正確的是：A在位置A靜止時圓環對小球的彈力大小為5NB瞬時速度vA的大小為55m/sC瞬時速度vA的大小為10m

6、/sD小球通過B點時的機械能最小9、一帶負電的粒子只在電場力作用下沿x軸正方向運動，其電勢能隨位移的變化關系如圖所示，則下列說法正確的是A粒子從x1處運動到x2處的過程中電場力做正功Bx1處電場強度方向沿x軸正方向Cx1處的電場強度大小小于x2處的電場強度大小Dx1處的電勢比x2處的電勢低10、如圖所示，在一個勻強電場(圖中未畫出)中有一個四邊形ABCD，其中，M為AD的中點，N為BC的中點一個帶正電的粒子從A點移動到B點，電場力做功為WAB=2.010-9J；將該粒子從D點移動到C點，電場力做功為WDC=4.0l0-9J則以下分析正確的是A若將該粒子從M點移動到N點，電場力做功為WMN=3.

7、010-9JB若將該粒子從點M移動到N點，電場力做功WMN有可能大于4.0l0-9JC若A、B之間的距離為lcm，粒子的電量為210-7C，該電場的場強一定是E=1V/mD若粒子的電量為210-9C，則A、B之間的電勢差為1V三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學在做測金屬絲的電阻率的實驗中（1）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑如右圖所示，直徑d_mm（2）若測得金屬絲的長度為L，直徑為d，兩端的電壓為U，通過的電流為I，則金屬絲的電阻率_（用題目給的物理量符號表達）（3）用伏安法測金屬絲的電阻時，若金屬絲的電阻大約是10 ，電流

8、表內阻是1 ，電壓表內阻是5 k,則下列說法正確的是_ .A應將電流表外接，測量值比真實值大 B應將電流表外接，測量值比真實值小C應將電流表內接，測量值比真實值大 D應將電流表內接，測量值比真實值小12（12分）在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，實驗室提供了以下器材：A小燈泡（3.8V，0.3A）B滑動變阻器（5，2A）C電流表（00.5A，內阻約0.4）D電壓表（05V，內阻約10k）E開關及導線若干(1)為實驗測量誤差盡可能小，電流表應選用_（填“內”或“外”）接法；(2)為使小燈泡兩端電壓從零開始連續變化，滑動變阻器應選用_（填“限流式”或“分壓式”）接法；(3)綜上所述，應選擇

9、下圖中的_電路進行實驗(4)利用實驗數據畫出了如乙圖所示的小燈泡伏安特性曲線。圖中，坐標原點O到P點連線的斜率表示_。則根據此圖給出的信息可知，隨著小燈泡兩端電壓的升高，小燈泡的電阻_（填“變大”、“變小”或“不變”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，在水平向右的勻強電場中有一固定點 O，用一根長度 L=0.4m 的絕緣細線把質量 m=0.1kg、電量q=7.510-4C的帶正電小球懸掛在 O點，小球靜止在 B點時細線 與豎直方向的夾角為=37，現將小球拉至位置 A 使細線水平后由靜止釋放，（g 取

10、 10 m/s2 sin37=0.6，cos37=0.8） 求：（1）勻強電場的場強大小； （2）小球運動通過最低點 C 時的速度大小； （3）小球通過最低點 C 時細線對小球的拉力大小 14（16分）如圖所示，P是正點電荷Q產生的電場中的一點，它到點電荷Q的距離，已知Q所帶電荷量為，靜電力常量是求：(1)P點電場強度的大小和方向；(2)若將電荷量為的試探電荷q放在P點，q受到的電場力是多大.15（12分）如圖所示，在與水平方向成60的光滑金屬導軌間連一電源，在相距1m的平行導軌上放一重力為3N的金屬棒ab，棒上通以3A的電流，磁場方向豎直向上，這時棒恰好靜止。求：(1)勻強磁場的磁感應強度B

11、；(2)ab棒對導軌的壓力；(3)如果磁場的大小方向可變，棒依然靜止，磁場沿什么方向時磁感應強度最小，最小值為多少？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A、B項：導體的電阻率與導體本身的性質和溫度有關，由電阻定律R=LS可知，導體的電阻不變，故A、B錯誤；C、D項：導體內單位體積自由電子數由導體本身的性質決定，由公式I=UR可知，電壓變大，電阻不變，電流變大，由公式I=nqvS可知，導體內自由電子定向移動的速率變大，故C錯誤，D正確。故應選：D。2、A【解析】AB帶電導體球與兩個球不接觸，本身電量不會轉移

12、到兩導體球上，所以根據靜電平衡，兩球的兩側帶有等量的異種電荷，分開兩球再移走棒，兩球帶有等量的異種電荷；若從新將兩球接觸，那么兩球電荷中和，兩球均不帶電，故A正確，B錯誤；CD若先移走棒則感應出來的電荷又會回到各自的導體上，不管兩球是否分開，兩個小球不會帶電，故CD錯誤。故選A。3、C【解析】當小球受到的重力與電場力的合力為零時，小球做勻速運動；當小球所受重力和電場力的合力方向與速度方向在同一條直線上時，當兩者不等時，做勻變速直線運動；當重力與電場力的合力與速度不再同一直線上時，小球做曲線運動.A分析可知小球可能做曲線運動；故A項錯誤；B分析可知小球可以做勻變速直線運動，故B項錯誤；C分析可知

13、小球可以做勻速直線運動，故C項正確；D勻強電場對小球施加的電場力為恒力，和重力的合力還是恒力，不能滿足勻速圓周運動的向心力條件，故不可能做勻速圓周運動，故D項錯誤。4、C【解析】多用表中利用歐姆表測電阻的步驟是先用選擇開關選擇倍率、歐姆表調零、開始測量、讀出電阻值、最后將歐姆表選擇開關旋至OFF檔或交流電壓最高檔，故實驗的合理順序是：，故選C 5、C【解析】試題分析：當滑動變阻器的滑動觸頭由中點向上移動時，R4變大，電路的總電阻變大，總電流I變小，內電壓變小，則路端電壓變大，因此電壓表示數變大故A錯誤；電容器兩端電壓為：U=E-I（r+R2），I變小，故電容器兩端電壓U變大，帶電量變大，電容器

14、充電，故B錯誤；電源的總功率P=EI，I變小，則P變小，故C正確根據串聯電路分壓規律知，變阻器兩端的電壓增大，通過R1的電流變大，而總電流變小，所以通過滑動變阻器的電流變小故D錯誤故選C考點：電路的動態分析【名師點睛】本題是電路動態分析問題，關鍵是理清電路，根據路串并聯知識和閉合電路歐姆定律得到各個部分電路電流和電壓的變化6、C【解析】試題分析：根據庫侖定律的公式F=k分析解：根據庫侖定律的公式F=k，它們的間距均減小為原來的，但它們的電量不變，則庫侖力增大為原來的1故C正確，A、B、D錯誤故選C【點評】對于庫侖定律公式涉及物理量較多，要明確公式中各個物理量的含義，可以和萬有引力公式對比理解二

15、、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】A項：由可知，電子受力變大，加速度變大，其他條件不變時，當U1變大，則電子進入偏轉電場的速度變大，故A正確；B項：由可知，電子受力變大，加速度變大，其他條件不變時，當U1變大，則電子進入偏轉電場的水平速度變大，運動時間變短，故B正確；C項：由可知，U2變大，電子受力變大，加速度變大，電子在偏轉電場中運動的加速度變大，故C錯誤；D項：由可知，若要電子離開偏轉電場時偏移量變小，僅使U1變大，其它條件不變即可，故D正確。點晴：

16、本題考查了帶電粒子在電場中的運動，可以根據動能定理和牛頓第二定律、運動學公式結合推導出。8、ACD【解析】A. 小球在A點受力平衡，根據共點力平衡得,彈力N=(mg)2+(Eq)2=16+9N=5N.故A正確。B. 設電場力和重力的合力方向與豎直方向的夾角為，則tan=qEmg=34，即=37.在等效最高點，最小速度為零，根據動能定理得,F2R=012mvA2，代入數據解得vA=10m/s.故B錯誤，C正確；D. 從A到B的過程中，電場力所做的負功最多，則機械能損失最多，可知小球通過B點時的機械能最小。故D正確。故選：ACD.【點睛】根據共點力平衡求出小球在A點所受的彈力大小；根據等效最高點的

17、最小速度為零，通過動能定理求出A點的瞬時速度；根據功能關系，即除重力做功以外其它力做功等于機械能的增量判斷何處機械能最小。9、ACD【解析】A帶負電粒子從x1運動到x2的過程中電勢能減小，則電場力做正功，故A正確；B電場力做正功，說明粒子所受的電場力方向沿x軸正方向，則粒子帶負電，可知電場強度方向沿x軸負方向，故B錯誤；C根據Ep=-Fx，知Ep-x圖象斜率的絕對值等于電場力，由圖知，粒子在x1處所受的電場力小于在x2處所受的電場力，因此x1處的電場強度大小小于x2處的電場強度的大小，故C正確；D電場強度方向沿x軸負方向，根據順著電場線方向電勢逐漸降低，可知x1處的電勢比x2處的電勢低，故D正

18、確。10、AD【解析】試題分析：A B、設AB沿電場線方向的投影長度為，DC沿電場線方向的投影長度為,則MN沿電場線方向的投影長度為,在勻強電場中，沿電場線方向移動相同的距離，電場力對電荷做功相同，即電場力做的功和沿電場線方向移動的距離成正比，所以；A正確B錯誤C、若電場線沿AB方向，電場強度，電場線不一定沿AB方向，所以電場強度也可能比1V/m要小；錯誤D、若粒子的電量為210-9C，根據，所以；正確故選AD考點：電勢差與電場力做功的關系點評：本題解題關鍵是確定MN和AB、DC沿電場線方向的距離的關系，并用到沿電場線方向移動相同的距離電場力做功相同三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、5.6235.625; ; B; 【解析】（1）主尺上讀數為5.5mm，分尺上讀數為 螺旋測微器最終讀數為：;（2）根據 及 得： （3）由于電流表的內阻接近待測電阻的阻值，所以使用電流表外接可減小實驗誤差，使用電流表外接時，所測電流大于真實值，所以電阻的測量值小于真實值，故選B12、外接法 分壓式 B P狀態燈絲電阻的倒數 變大 【解析】(1)1燈泡正常發光時的電阻：，電流表內阻約為0.4，電壓表內阻約為10