1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于元電荷的下列說法中正確的是A元電荷就是電子B元電荷就是質子C元電荷的值通常取D元電荷的值通常取2、如圖所示，圖線甲、乙分別為電源和某金屬導體的伏安特性曲線，電源的電動勢和內阻

2、分別用E、r表示，根據所學知識分析下列選項正確的是A電源的電動勢E40VB電源的內阻r8.3C當該導體直接與該電源相連時，該導體的電阻為20D當該導體直接與該電源相連時，電路消耗的總功率為80W3、某乘客乘坐D6505次動車從三明北站到福州站。下列說法正確的是A該動車13:06從三明北站開出，指的是時間B三明北站到福州站歷時1. 25h，指的是時刻C三明北站到福州站全程約為230km，指的是位移D三明北站到福州站全程約為230km，指的是路程4、A、B、C三點在同一直線上，AB:BC=1:2，B點位于A、C之間，在B處固定一電荷量為Q的點電荷當在A處放一電荷量為+q的點電荷時，它所受到的靜電力

3、為F；移去A處電荷，在C處放一電荷量為4q的點電荷，其所受電場力為ABCFDF5、如圖所示，勻強磁場分布在第一象限，帶電粒子以初速度v0從a點平行x軸進入，經過x軸b點，2oa=ob。若撤去磁場加一個與y軸平行的勻強電場，帶電粒子仍以速度v0平行x軸從a點進入電場，仍能通過b點，不計重力，則電場強度E和磁感應強度B的比值為()A2.5 v0B1.25 v0C0.5 v0Dv06、在光滑絕緣的水平面上有兩個帶電小球A和B，A帶正電且固定，B帶負電由靜止釋放某時刻，B球的速度是v0，分析此后B球與A球相碰前的運動，圖中能正確反映其速度變化情況的圖象是（）A B C D二、多項選擇題：本題共4小題，

4、每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、電路圖中，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，電源內阻不可忽略，當滑動變阻器的滑動片向右移動時，電流表、電壓表可視為理想電表，關于電流表和電壓表示數的變化情況的分析，正確的是（ ）A電流表和電壓表讀數均增大B電流表和電壓表讀數均減小C電壓表V1的示數變化量小于電壓表V2的示數變化量D電流表讀數變小，電壓表V2讀數變大，V1讀數減小8、如圖所示，三條平行且等間距的虛線表示電場中的三個等勢面，其電勢分別為10V、20V、30V實線是一帶電的粒子（不計重力）在該區

5、域內運動的軌跡，對于軌跡上的a、b、c三點，已知：帶電粒子帶電量為0.01C，在a點處的動能為0.5J，則該帶電粒子A粒子帶正電B在b點處的電勢能為0.5JC在b點處的動能為零D在c點處的動能為0.4J9、如圖所示為某電場的電場強度E隨時間t變化的圖象。當t0時，在此電場中由靜止釋放一個帶電粒子，設帶電粒子只受電場力的作用，則下列說法中正確的是（ ）A0 - 3s內，電場力的總功為零B2s末帶電粒子回到原出發點C帶電粒子在0 - 1s與0 - 2s兩過程中位移相同D帶電粒子將始終向同一個方向運動10、如圖1所示，密閉在真空中的平行板電容器A極板接地B極板上的電勢如圖2所示，一質量為m、電荷量為

6、q的微粒在兩極板中央由靜止釋放，極板足夠長，則下列說法正確的是A如果微粒帶正電，從t2s時開始釋放一定不能運動到A極板B如果微粒帶負電，從t6s時開始釋放可能運動到B極板上C不論微粒帶正電還是負電，撞擊極板前豎直方向均為自由落體運動D如果微粒帶負電，從t2s開始釋放沒有撞擊到極板，那么將A、B兩極板分別向左、向右移動相等的距離后，重新將帶電微粒在t2s時從極板中央由靜止釋放，一定不會撞擊到極板三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“測定金屬的電阻率”實驗中，用米尺測量金屬絲的長度，用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，用伏安法測出金屬絲的

7、電阻，然后根據公式計算出該金屬材料的電阻率（1）用螺旋測微器測量金屬絲直徑的示數如圖所示，從圖中讀出金屬絲的直徑為_mm（2）金屬絲的電阻大約為5在用伏安法測量該金屬絲的電阻時，除被測的電阻絲外，還有如下供選擇的實驗器材：A電池組（3V，內阻約1）B電流表（03A，內阻約0.0125）C電流表（00.6A，內阻約0.125）D電壓表（03V，內阻約3k）E.電壓表（015V，內阻約15k）F.滑動變阻器（020，額定電流1A）G.滑動變阻器（02000，額定電流0.3A）H.開關、導線若干在可供選擇的器材中，應該選用的電流表是_，應該選用的滑動變阻器是_（填器材前面的字母代號）實驗電路應采用電

8、流表_接法（填“內”或“外”）12（12分）用如圖所示的裝置研究平拋運動，用小錘打擊彈性金屬片后，A球沿水平方向拋出，同時B球被松開，自由下落A、B兩球同時開始運動，觀察到兩球_落地（填“同時”或“不同時”）；改變打擊的力度，重復這個實驗，觀察到兩球_落地（填“同時”或“不同時”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示為兩組平行板金屬板，一組豎直放置，一組水平放置，今有一質量為m、電荷量為q的粒子靜止在豎直放置的平行金屬板的A點，經電壓U0加速后通過B點進入兩板間距為d、電壓為U的水平放置的平行金屬板

9、間，若粒子從兩塊水平平行板的正中間射入，且最后粒子剛好能從右側的兩塊平行金屬板穿出，A、B分別為兩塊豎直板的中點，不計粒子所受重力求：（1）粒子通過B點時的速度大小；（2）右側平行金屬板的長度；（3）粒子穿出右側平行金屬板時的動能14（16分）電場中某區域的電場線分布如圖所示,已知A點的電場強度E=3.0104 N/C.將電荷量q=4.010-8 C 的點電荷放在電場中的A點。.(1)求該點電荷在A點所受電場力的大小F;(2)在圖中畫出該點電荷在A點所受電場力的方向.15（12分）細線下端吊著一個質量為4.8kg的沙袋，形成一個單擺，擺長為2m。一個質量為0.2kg的子彈以100m/s的速度水

10、平射入沙袋并留在沙袋里，隨沙袋一起擺動。求：（1）子彈射入沙袋的瞬間，沙袋獲得的速度是多大？ （2）子彈射入沙袋中隨沙袋一塊上升的最大高度？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】元電荷是指最小的電荷量，不是電荷，不是指質子或者是電子，故AB錯誤；元電荷目前認為是自然界中電荷的最小單元，其大小是1.610-19C，故C正確，D錯誤；故選C2、C【解析】AB.甲為電源的UI圖象，故縱截距表示電源電動勢，即E50V，在路端電壓為20V時電路電流為6A，根據閉合回路歐姆定律可得50206r，解得r5，故AB錯誤；C

11、D.當該導體直接與該電源相連時，兩圖線的交點表示工作時的電壓和電流，故可知電阻兩端的電壓為40V，通過電阻的電流為2A，所以該導體的電阻大小為20，電路消耗的總功率為，故C正確，D錯誤；故選擇：C；3、D【解析】A. 該動車13:06從三明北站開出，對應時間軸的一個點，是時刻，故A項錯誤；B. 三明北站到福州站歷時1.25h，1.25h是指一段時間，不是時刻，故B項錯誤；CD.位移是從初位置到末位置的有向線段，是直線，動車運動的全程不是直線，是指路程，故C項錯誤，D項正確；4、D【解析】根據同種電荷相互排斥、異種電荷相互吸引，分析可知電荷量為4q的點電荷在C處所受的電場力方向與F方向相同設AB

12、=r，則有BC=2r.則有：故電荷量為4q的點電荷在C處所受電場力為：，故D正確，ABC錯誤故選D5、B【解析】設ob=2oa=2d，因為帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，所以r2=(2d)2+(r-d)2，解得圓周運動的半徑r=52d，粒子在磁場中做勻速圓周運動，由牛頓第二定律得：qv0B=mv02r，解得：B=2mv05qd。如果換成勻強電場，水平方向以v0做勻速直線運動，豎直沿y軸負方向做勻加速運動，即：d=12qEm（2dv0）2，解得：E=mv022qd，則：EB=1.25v0；故B正確，ACD錯誤；故選B。【點睛】帶電粒子在電場磁場中的運動要把握其運動規律，在電場中利用幾何關系得出其

13、沿電場和垂直于電場的運動規律；而在磁場中也是要注意找出相應的幾何關系，從而確定圓心和半徑6、C【解析】由于異種電荷間存在相互作用的吸引力，兩球將相互靠近，距離減小，根據庫侖定律得知，相互作用力增大 由牛頓第二定律得知它們的加速度變大隨著兩球間距離減小，電場力做正功，電勢能減少，總動能增加所以速度增加，故速度變大，加速度變大 故只有C符合要求，故C正確、ABD錯誤綜上所述本題答案是：C 二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】試題分析：由電路圖可知，滑動變阻器的

14、滑動片向右移動時，滑動變阻器接入電路的阻值增大，電路的總電阻增大，電源的電動勢不變，由閉合電路歐姆定律可知，電路總電流I減小，而路端電壓，則U增大，電阻的電壓減小，則電壓表示數減小；并聯部分的電壓 增大，電壓表示數增大；增大，通過的電流增大，因為總電流減小，所以通過電流表的示數變小故AB錯誤，D正確；電壓表的示數與電壓表的示數之和等于U，即，因示數增大，示數減小，而U減小，所以電壓表的示數增加量小于電壓表的示數減小量，故C正確故選CD【點睛】根據滑片的移動方向判斷出滑動變阻器接入電路的阻值如何變化，然后由串并聯電路特點及歐姆定律分析答題8、AD【解析】A由等勢面與場強垂直可知場強方向向上，電場

15、力指向軌跡彎曲的內側，所以電場力向上，所以為正電荷，故A正確；B由電勢能的定義知粒子在b點處的電勢能EPb=q=0.0130J=0.3J故B錯誤；C由粒子在a點處的總能量E=0.0110J+0.5J=0.6J由能量守恒得在b點處的動能為：Ekb=0.6-0.3J=0.3J故C錯誤；D由能量守恒得在C點處的動能為：EkC=0.6J-0.0120J=0.4J故D正確.9、AC【解析】由牛頓第二定律可知，帶電粒子在第1s內的加速度為a1=qEm，為第2s內加速度a2=2qEm的1/2，因此先加速1s再減小0.5s時速度為零，接下來的0.5s將反向加速，v-t圖象如圖所示：因為第3s末粒子的速度剛好減

16、為0，根據動能定理知粒子只受電場力作用，前3s內動能變化為0，即電場力做的總功為零。故A正確。根據速度時間圖象與坐標軸圍成的面積表示位移可知，在t=2s時，帶電粒子的合位移不為零，沒回到出發點，故B錯誤；根據速度時間圖象與坐標軸圍成的面積表示位移可知，帶電粒子在0 - 1s與0 - 2s兩過程中位移相同，選項C正確；帶電粒子在前1秒勻加速運動，在第二秒內先做勻減速后反向加速，所以不是始終向一方向運動，故D錯誤。故選AC。【點睛】本題帶電粒子在周期性變化的電場中運動，關鍵之處是電場強度大小不一，導致加速度不一，所以失去對稱性。若電場強度大小相同，則帶電粒子一直同一個方向運動。10、CD【解析】如

17、果微粒帶正電，從t2s時開始釋放，則水平方向，2-4s時粒子先向左做勻加速運動，4-6s時粒子向左做勻減速運動，以后重復上述運動，則此時若粒子在豎直方向沒到達極板底端，則粒子一定能運動到A極板，選項A錯誤；如果微粒帶負電，從t6s時開始釋放，則水平方向，6-8s時粒子先向左做勻加速運動8-10s時粒子向左做勻減速運動，以后重復上述運動，則此時若粒子在豎直方向沒到達極板底端，粒子能運動到A極板，不可能運動到B極板上，選項B錯誤；不論微粒帶正電還是負電，撞擊極板前粒子在豎直方向只受重力作用，即在豎直方向均為自由落體運動，選項C正確；如果微粒帶負電，從t2s開始釋放，則粒子向右先加速，后減速，若沒有

18、撞擊到極板，說明粒子在豎直方向的位移已經超過極板底端；若那么將A、B兩極板分別向左、向右移動相等的距離后，重新將帶電微粒在t2s時從極板中央由靜止釋放，粒子在水平方向的運動情況不變，當運動時間變長，可知在豎直方向的位移變大，更應超過極板的底端，則粒子一定不會撞擊到極板，選項D正確；故選CD.【點睛】此題關鍵要搞清粒子在水平方向即豎直方向的受力情況，分析兩個方向的分運動情況，尤其是水平方向在周期性電場中的運動情況，并關聯豎直方向的自由落體運動.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）0.520 （2）C D F 外 【解析】（1）由圖示螺旋測微器可知，固定刻度讀數：0.5mm；可動刻度讀數0.01mm2.0=0.020mm；故螺旋測微器讀數為：0.520mm；（2）電池組提供的電壓