1、 江蘇省揚(yáng)州中學(xué)2021-2022學(xué)年第一學(xué)期考試試卷高三物理一、單項(xiàng)選擇題：本題共11小題，每小題4分，共44分每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意選對(duì)的得4分，錯(cuò)選或不答的得0分1. 下列表達(dá)式中，屬于比值法定義物理量的是（）A. B. C. D. 【答案】BD【解析】【詳解】A根據(jù)牛頓第二定律，加速度與合外力成正比，與質(zhì)量成反比，則是加速度的決定式，不屬于比值法定義物理量，所以A錯(cuò)誤；B電場(chǎng)強(qiáng)度是由場(chǎng)源電荷及在場(chǎng)源電荷周圍的位置來(lái)決定，與電勢(shì)差及距離無(wú)關(guān)，所以屬于比值法定義物理量，則B正確；C電容的決定式反映了電容與兩極板的正對(duì)面積成正比，與介電常數(shù)成正比，與極板間的距離成反比，所以不屬于比值法定

2、義物理量，則C錯(cuò)誤；D是表示做功的變化快慢，但是不能說(shuō)功率與功成正比，與時(shí)間成反比，所以是屬于比值法定義物理量，則D正確；故選BD。2. 一質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)，在t=t0時(shí)刻，位移x0，速度v0，加速度a0，此后a逐漸減小，則它的（）A. 速度逐漸減小B. 位移的變化越來(lái)越快C. 速度的變化越來(lái)越快D. 位移始終為正，速度變?yōu)樨?fù)值【答案】B【解析】【詳解】A由于在t=t0時(shí)刻，位移x0，速度v0，加速度a0，則速度方向與加速度方向相同，質(zhì)點(diǎn)做加速運(yùn)動(dòng)，所以速度越來(lái)越大，則A錯(cuò)誤；CD加速度大小表示物體運(yùn)動(dòng)速度的變化快慢，a逐漸減小說(shuō)明質(zhì)點(diǎn)的速度變化越來(lái)越慢了，即質(zhì)點(diǎn)速度慢慢增大，所以速度一直增大，

3、則位移始終為正，速度始終為正，所以CD錯(cuò)誤；B位移的變化越來(lái)越快，即速度越來(lái)越大，所以B正確；故選B。3. 如圖所示，固定的四分之一粗糙圓弧軌道的圓心在豎直墻上的點(diǎn)，A點(diǎn)與點(diǎn)在同一高度，輕彈簧一端固定在點(diǎn)，另一端連接質(zhì)量為的小物塊，物塊靜止在軌道上，彈簧與豎直方向的夾角，重力加速度為，則（ ）A. 軌道對(duì)物塊一定有支持力B. 彈簧一定處于伸長(zhǎng)狀態(tài)C. 彈簧一定處于壓縮狀態(tài)D. 軌道對(duì)物塊的摩擦力大小等于mg【答案】A【解析】【分析】【詳解】D對(duì)小物塊做受力分析有f = mgsin = mgD錯(cuò)誤；A沿斜面方向，根據(jù)平衡條件滑塊此時(shí)受到的摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力（等于mg），不為零，有

4、摩擦力必有彈力，所以斜面對(duì)滑塊的支持力不可能為零，A正確；BC假設(shè)滑塊受重力、支持力、摩擦力，三個(gè)力的合力可以為0，即物體可以不受彈簧的彈力，則彈簧可以處于原長(zhǎng)，不一定處于壓縮或伸長(zhǎng)狀態(tài)，BC錯(cuò)誤。故選A。4. 一輕桿兩端分別固定質(zhì)量為mA和mB的兩個(gè)小球A和B（可視為質(zhì)點(diǎn)），將其放在一個(gè)光滑球形容器中從位置1開始下滑，如圖所示，當(dāng)輕桿到達(dá)位置2時(shí)球A與球形容器球心等高，其速度大小為v1，已知此時(shí)輕桿與水平方向成=30角，B球的速度大小為v2，則（）A. v2=v1B. v2=2v1C. v2=v1D. v2=v1【答案】C【解析】【詳解】球A與球形容器球心等高，速度v1方向豎直向下，速度分解

5、如圖所示，有v11=v1sin30=v1球B此時(shí)速度方向與桿成=60角，因此v21=v2cos60=v2沿桿方向兩球速度相等，即v21=v11解得v2=v1故選C。5. 從水平面上方O點(diǎn)水平拋出一個(gè)初速度大小為v0的小球，小球與水平面發(fā)生一次碰撞后恰能擊中豎直墻壁上與O等高的A點(diǎn)，小球與水平面碰撞前后水平分速度不變，豎直分速度大小不變、方向相反，不計(jì)空氣阻力，若只改變初速度大小，使小球仍能擊中A點(diǎn)，則初速度大小可能為（）A. 2v0B. 3v0C. D. 【答案】D【解析】【詳解】由于小球在豎直方向先加速后減速，在水平方向一直勻速，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性原理，可知該過(guò)程運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)間的兩倍

6、，設(shè)豎直高度為h，豎直方向的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為水平方向的位移為設(shè)初速度為時(shí)，經(jīng)地面反彈n次，仍與A點(diǎn)碰撞，其運(yùn)動(dòng)時(shí)間為水平位移不變，則有故選D。6. 電荷量相等的四個(gè)點(diǎn)電荷分別固定于正方形的四個(gè)頂點(diǎn)，O點(diǎn)是正方形的中心，電場(chǎng)線分布如圖所示，取無(wú)限遠(yuǎn)處電勢(shì)為零。下列說(shuō)法正確的（）A. 正方形右下角電荷q帶負(fù)電B. M、N、P三點(diǎn)中N點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最小C. M、N、P三點(diǎn)中M點(diǎn)電勢(shì)最高D. 負(fù)電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能比在O點(diǎn)的電勢(shì)能小【答案】C【解析】【分析】【詳解】A根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)，正方形左上角電荷帶正電，順時(shí)針開始，第二個(gè)電荷帶負(fù)電，右下角電荷帶正電，第四個(gè)電荷帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；B根據(jù)電場(chǎng)線的疏密，M、N、P三點(diǎn)

7、中M點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最小，故B錯(cuò)誤；CD依據(jù)對(duì)稱性可知，O點(diǎn)電勢(shì)為零，M點(diǎn)電勢(shì)為正，N、P兩點(diǎn)更接近負(fù)電荷，電勢(shì)為負(fù)，所以三點(diǎn)中M點(diǎn)電勢(shì)最高,將負(fù)電荷從P點(diǎn)移動(dòng)到O點(diǎn)，電勢(shì)升高，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少，所以負(fù)電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能比在O點(diǎn)的高，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。7. 如圖所示，兩同學(xué)到游樂(lè)場(chǎng)乘坐“旋轉(zhuǎn)秋千”，他們分別坐在用相同長(zhǎng)度的輕質(zhì)纜繩懸掛的座椅中，兩同學(xué)（含座椅）質(zhì)量不同。不計(jì)空氣阻力，當(dāng)水平圓盤帶著兩人達(dá)到勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A. 兩同學(xué)運(yùn)動(dòng)的周期相同B. 質(zhì)量大的同學(xué)運(yùn)動(dòng)的半徑小C. 兩同學(xué)運(yùn)動(dòng)的線速度大小相等D. 兩同學(xué)運(yùn)動(dòng)的加速度大小相等【答案】B【解析】【分析】【詳解】

8、A同軸轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度相同，所以當(dāng)圓盤帶著兩同學(xué)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，兩同學(xué)的角速度相同，由周期與角速度的關(guān)系，可知兩同學(xué)的運(yùn)動(dòng)周期也相同，A正確，不符合題意；B設(shè)其中一個(gè)同學(xué)的質(zhì)量是m，輕質(zhì)纜繩與豎直方向的夾角為，纜繩的長(zhǎng)度為l，圓盤的半徑為r，受力分析如圖所示，重力與纜繩作用力的合力提供向心力，則有mgtan=m2r1r1是同學(xué)做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r1=r+lsin整理得gtan2lsin=2r由以上分析計(jì)算可知，角與同學(xué)的質(zhì)量無(wú)關(guān)，纜繩的長(zhǎng)度和角速度相等，兩同學(xué)做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑相同，B錯(cuò)誤，符合題意；C由線速度與角速度的關(guān)系v=r可知，兩同學(xué)運(yùn)動(dòng)的線速度大小相等，C正確，不符合題意；D由勻速圓周運(yùn)動(dòng)的加速

9、度a=2r可知，兩同學(xué)的加速度大小相等，D正確，不符合題意。故選B。8. 2021年4月29日，中國(guó)空間站天和核心艙被長(zhǎng)征五號(hào)運(yùn)載火箭成功送入預(yù)定軌道，揭開了中國(guó)空間站建設(shè)的大幕，如圖所示，在地球赤道的某位置發(fā)射質(zhì)量為m的火箭，上升到A點(diǎn)后點(diǎn)火加速，以速度v1進(jìn)入橢圓軌道I，隨后火箭立即關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)沿軌道I運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，此時(shí)速度為v2，在B點(diǎn)再次點(diǎn)火加速后，以速度v3進(jìn)入半徑為r的圓形軌道，則（）A. v3v1B. 火箭從A運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間tC. 火箭剛到B點(diǎn)的加速度D. 火箭上升到A點(diǎn)的過(guò)程中，合力做功【答案】B【解析】【詳解】A設(shè)在A點(diǎn)繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，其線速度為，根據(jù)解得則繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，

10、半徑越大線速度越小，所以有由于在A點(diǎn)后點(diǎn)火加速，以速度v1進(jìn)入橢圓軌道I，即所以則A錯(cuò)誤；B火箭在半徑為r的圓形軌道上運(yùn)行的周期為根據(jù)開普勒第三定律由于橢圓軌道I的半長(zhǎng)軸小于圓形軌道的半徑，所以在橢圓軌道I的周期 小于在圓形軌道上運(yùn)行的周期 ，則火箭從A運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間所以B正確；C火箭剛到B點(diǎn)的加速度為所以C錯(cuò)誤；D火箭上升到A點(diǎn)的過(guò)程中，合力做功因?yàn)榛鸺诘厍虺嗟郎想S地球一起自轉(zhuǎn)具有一定初速度，所以D錯(cuò)誤；故選B。9. 滑索是一項(xiàng)體育游樂(lè)項(xiàng)目。游客從起點(diǎn)利用自然落差加速向下滑行，越過(guò)繩索的最低點(diǎn)減速滑至終點(diǎn)，如圖。不考慮空氣對(duì)人的作用力，選項(xiàng)圖不能正確表示游客加速下滑或減速上滑的是（）A.

11、加速下滑B. 加速下滑C. 減速上滑D. 減速上滑【答案】A【解析】【詳解】AA圖中游客受繩的拉力和重力作用，合力方向向左，游客向下作減速運(yùn)動(dòng)，不能表示加速下滑，故A符合題意；BB圖中游客受繩的拉力和重力作用，合力方向向右，游客向下作加速運(yùn)動(dòng)，可以表示加速下滑，故B不符合題意；CDC、D圖中游客受繩的拉力和重力作用，合力方向向左，游客向上作減速運(yùn)動(dòng)，可以表示減速上滑，故CD不符合題意。故選A10. 如圖所示，一半徑為R的均勻帶正電圓環(huán)水平放置，環(huán)心為O點(diǎn)，質(zhì)量為m的帶正電的小球從O點(diǎn)正上方h高的A點(diǎn)由靜止釋放，并穿過(guò)帶電環(huán)，關(guān)于小球從A到A關(guān)于O的對(duì)稱點(diǎn)A過(guò)程加速度（a）、重力勢(shì)能（EpG）、

12、機(jī)械能（E）、電勢(shì)能（Ep電）隨位置變化的圖象一定錯(cuò)誤的是（取O點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)且重力勢(shì)能為零，豎直向下為正方向，無(wú)限遠(yuǎn)電勢(shì)為零）（）A B. C. D. 【答案】D【解析】【詳解】A圓環(huán)中心的場(chǎng)強(qiáng)為零，無(wú)窮遠(yuǎn)處場(chǎng)強(qiáng)也為零，則小球從A點(diǎn)到圓環(huán)中心的過(guò)程中，場(chǎng)強(qiáng)可能先增大后減小，則小球所受的電場(chǎng)力可能先增大后減小，方向豎直向上，重力不變，由牛頓第二定律得知，則加速度可能先減小后增大；小球穿過(guò)圓環(huán)后，小球所受的電場(chǎng)力豎直向下，加速度方向向下，為正值，根據(jù)對(duì)稱性可知，電場(chǎng)力先增大后減小，則加速度先增大后減小，故A是可能的，故A不符合題意；B小球從A到圓環(huán)中心的過(guò)程中，重力勢(shì)能小球穿過(guò)圓環(huán)后根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可

13、知， B是可能的，故B不符合題意；C小球從A到圓環(huán)中心的過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，機(jī)械能減小，小球穿過(guò)圓環(huán)后，電場(chǎng)力做正功，機(jī)械能增大，故C不符合題意；D由于圓環(huán)所產(chǎn)生的是非勻強(qiáng)電場(chǎng)，小球下落的過(guò)程中，電場(chǎng)力做功與下落的高度之間是非線性關(guān)系，電勢(shì)能變化與下落高度之間也是非線性關(guān)系，所以D是不可能的，故D符合題意。故選D。11. 如圖所示，電場(chǎng)強(qiáng)度方向在豎直平面內(nèi)的矩形勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)I、的高和間距均為h，上面為I、下面為，電場(chǎng)強(qiáng)度為E。質(zhì)量為m的帶電小球由靜止釋放，進(jìn)入電場(chǎng)I和時(shí)的速度相等，空氣阻力不計(jì)，重力加速度為g，則（）A. 剛進(jìn)入電場(chǎng)I時(shí)加速度方向豎直向上B. 穿過(guò)電場(chǎng)I的時(shí)間大于在兩電場(chǎng)之間的

14、運(yùn)動(dòng)時(shí)間C. 穿過(guò)兩電場(chǎng)后小球的電勢(shì)能增加了3mghD. 穿過(guò)兩電場(chǎng)后小球的電勢(shì)能增加2mgh【答案】A【解析】分析】【詳解】AB因?yàn)樾∏蛟趧驈?qiáng)電場(chǎng)區(qū)I、之間的運(yùn)動(dòng)是勻加速運(yùn)動(dòng)，其末速度與其進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)I的初速度相等，由于勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)I與I、之間的間距均為h，且在勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)I一定做勻變速運(yùn)動(dòng)，所以帶電小球在勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)I做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小等于重力加速度，根據(jù)可知電場(chǎng)力為重力的2倍，運(yùn)動(dòng)過(guò)程與在I、之間的運(yùn)動(dòng)具有對(duì)稱性，穿過(guò)電場(chǎng)I的時(shí)間等于在兩電場(chǎng)之間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，所以A正確，B錯(cuò)誤；CD由于電場(chǎng)力為重力的2倍，所以經(jīng)過(guò)兩個(gè)當(dāng)場(chǎng)區(qū)域，電勢(shì)能增加EP=22mgh=4mgh選項(xiàng)CD錯(cuò)誤。故選A。二

15、、非選擇題：本題共5小題，共56分請(qǐng)將解答填寫在答題卡相應(yīng)的位置解答時(shí)應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位12. 如圖所示是探究向心力的大小F與質(zhì)量m、角速度和半徑r之間的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)裝置。轉(zhuǎn)動(dòng)手柄，可使兩側(cè)變速輪塔以及長(zhǎng)槽和短槽隨之勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。皮帶分別套在左右兩輪塔上的不同圓盤上，可使兩個(gè)槽內(nèi)的小球分別以各自的角速度做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其向心力由擋板對(duì)小球的壓力提供，球?qū)醢宓姆醋饔昧Γㄟ^(guò)杠桿作用使彈簧測(cè)力筒下降，從而露出標(biāo)尺，標(biāo)尺上露出的紅白相間的等分格顯示出兩個(gè)球所受向心力的比值。那么：（1）下列實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)方法與本實(shí)

16、驗(yàn)相同的是_。A驗(yàn)證力的平行四邊形定則 B驗(yàn)證牛頓第二定律 C伽利略對(duì)自由落體的研究（2）若長(zhǎng)槽上的擋板B到轉(zhuǎn)軸的距離是擋板A到轉(zhuǎn)軸距離的2倍，長(zhǎng)槽上的擋板A和短槽上的擋板C到各自轉(zhuǎn)軸的距離相等。探究向心力和角速度的關(guān)系時(shí)，若將傳動(dòng)皮帶套在兩半徑之比等于3：1的的輪盤上，將質(zhì)量相同的小球分別放在擋板_和擋板_處（選填“A”或“B”或“C”），則標(biāo)尺露出紅白相間的等分格數(shù)的比值約為_。若僅改變皮帶位置，通過(guò)對(duì)比皮帶位置輪盤半徑之比和向心力大小之比，可以發(fā)現(xiàn)向心力F與_成正比。（3）為了能探究向心力大小的各種影響因素，左右兩側(cè)塔輪_（選填“需要”或“不需要”）設(shè)置半徑相同的輪盤。（4）你認(rèn)為以上實(shí)

17、驗(yàn)中產(chǎn)生誤差的原因有_（寫出一條即可）。（5）利用傳感器升級(jí)實(shí)驗(yàn)裝置，用力傳感器測(cè)壓力，用光電計(jì)時(shí)器測(cè)周期進(jìn)行定量探究。某同學(xué)多次改變轉(zhuǎn)速后，記錄一組力與對(duì)應(yīng)周期數(shù)據(jù)，他用圖像法來(lái)處理數(shù)據(jù)，結(jié)果畫出了如圖所示的圖像，該圖線是一條過(guò)原點(diǎn)的直線，請(qǐng)你分析他的圖像橫坐標(biāo)x表示的物理量是_AT B C D【答案】 . B . A . C . 1：9 . 角速度的平方 . 需要 . 小球轉(zhuǎn)動(dòng)半徑引起的誤差；彈簧測(cè)力套筒的讀數(shù)引起的誤差；皮帶打滑引起的誤差等 . D【解析】【分析】【詳解】（1）1本實(shí)驗(yàn)所用的研究方法是控制變量法，與驗(yàn)證牛頓第二定律實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)方法相同，故選B；（2）234若探究向心力和角速

18、度的關(guān)系時(shí)，則要保持質(zhì)量和半徑不變，即要將質(zhì)量相同的小球分別放在擋板A和擋板C上；若將傳動(dòng)皮帶套在兩半徑之比等于3：1的的輪盤上，因兩輪盤邊緣的線速度相同，則角速度之比為1:3 ，則向心力之比為1:9，則標(biāo)尺露出紅白相間的等分格數(shù)的比值約為1:9。5若僅改變皮帶位置，通過(guò)對(duì)比皮帶位置輪盤半徑之比和向心力大小之比，可以發(fā)現(xiàn)向心力F與角速度的平方成正比。（3）6為了能探究向心力大小的各種影響因素，因?yàn)橐芯拷撬俣纫欢〞r(shí)向心力與質(zhì)量或半徑的關(guān)系，則左右兩側(cè)塔輪需要設(shè)置半徑相同的輪盤。（4）7你認(rèn)為以上實(shí)驗(yàn)中產(chǎn)生誤差的原因有：小球轉(zhuǎn)動(dòng)半徑引起的誤差；彈簧測(cè)力套筒的讀數(shù)引起的誤差；皮帶打滑引起的誤差等；

19、（5）8根據(jù)縱標(biāo)表示向心力F，則圖像橫坐標(biāo)x表示物理量是，故選D。13. 如圖甲所示的“冰爬犁”是北方兒童在冬天的一種游戲用具。“上坐一人，雙手握鐵篙，向后下方用力點(diǎn)冰，則冰床前進(jìn)如飛”。在空曠的水平冰面上，小孩從靜止開始，連續(xù)三次“點(diǎn)冰”后達(dá)到最大速度vm（未知），之后沿直線勻減速滑行了18m后停下。某同學(xué)用v-t圖像描述了上述運(yùn)動(dòng)過(guò)程，如圖乙所示。若每次“點(diǎn)冰”獲得的加速度恒定且相等。求：（1）“冰爬犁”最大速度vm以及勻減速運(yùn)動(dòng)過(guò)程的加速度大小；（2）小孩“點(diǎn)冰”時(shí)“冰爬犁”加速度的大小。【答案】（1）vm=6m/s，a1=1m/s2；（2）m/s2【解析】【分析】【詳解】（1）在713

20、s內(nèi)，將運(yùn)動(dòng)倒過(guò)來(lái)看成勻加速運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律可得 代入數(shù)據(jù)解得減速過(guò)程加速度大小為a1=1m/s2最大速度vm=6m/s（2）由v-t圖像可知，在07s內(nèi)：加速總時(shí)間為t2=3s，減速總時(shí)間為t3=4s，有代入數(shù)據(jù)解得加速過(guò)程的加速度大小為m/s214. 單板滑雪U型池比賽是冬奧會(huì)比賽項(xiàng)目，其場(chǎng)地可以簡(jiǎn)化為如圖甲所示的模型： U形滑道由兩個(gè)半徑相同的四分之一圓柱面軌道和一個(gè)中央的平面直軌道連接而成，軌道傾角為17.2。某次練習(xí)過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員以vM=10 m/s的速度從軌道邊緣上的M點(diǎn)沿軌道的豎直切面ABCD滑出軌道，速度方向與軌道邊緣線AD的夾角=72.8，騰空后沿軌道邊緣的N點(diǎn)進(jìn)入軌道。圖

21、乙為騰空過(guò)程左視圖。該運(yùn)動(dòng)員可視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，取重力加速度的大小g=10 m/s2， sin72.8=0.96，cos72.8=0.30。求：(1)運(yùn)動(dòng)員騰空過(guò)程中離開AD的距離的最大值d；(2)M、N之間的距離L。【答案】(1)4.8 m；(2)12 m【解析】【詳解】(1)在M點(diǎn)，設(shè)運(yùn)動(dòng)員在ABCD面內(nèi)垂直AD方向的分速度為v1，由運(yùn)動(dòng)的合成與分解規(guī)律得 設(shè)運(yùn)動(dòng)員在ABCD面內(nèi)垂直AD方向的分加速度為a1，由牛頓第二定律得mgcos17.2=ma1 由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得 聯(lián)立式，代入數(shù)據(jù)得d=4.8 m (2)在M點(diǎn)，設(shè)運(yùn)動(dòng)員在ABCD面內(nèi)平行AD方向的分速度為v2，由運(yùn)動(dòng)的合成與分解規(guī)

22、得v2=vMcos72.8 設(shè)運(yùn)動(dòng)員在ABCD面內(nèi)平行AD方向的分加速度為a2，由牛頓第二定律得mgsin17.2=ma2 設(shè)騰空時(shí)間為t，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得 聯(lián)立式，代入數(shù)據(jù)得L=12 m 15. 航空公司裝卸貨物時(shí)常因拋擲而造成物品損壞，為解決這個(gè)問(wèn)題，某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的緩沖轉(zhuǎn)運(yùn)裝置。裝置A緊靠飛機(jī)，轉(zhuǎn)運(yùn)車B緊靠A，包裹C沿A的光滑曲面由靜止滑下，經(jīng)粗糙的水平部分后滑上轉(zhuǎn)運(yùn)車并最終停在轉(zhuǎn)運(yùn)車上被運(yùn)走，B的右端有一固定擋板。已知C與A、B水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為=0.2，緩沖裝置A與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，不計(jì)轉(zhuǎn)運(yùn)車與地面間的摩擦。A、B的質(zhì)量均為M=40kg，A、B水平部分的長(zhǎng)度均為L(zhǎng)=4m。包裹C可視為質(zhì)點(diǎn)且無(wú)其他包裹影響，C與B的右擋板碰撞時(shí)間極短，碰撞損失的機(jī)械能可忽略。重力加速度g取10m/s2。求：（1）要求包裹C在緩沖裝置A上運(yùn)動(dòng)時(shí)A不動(dòng)，則包裹C的質(zhì)量最大不超過(guò)多少；（2）若某包裹的質(zhì)量為m=10kg，為使該包裹能停在轉(zhuǎn)運(yùn)車B上，則該包裹釋放時(shí)的高度h應(yīng)滿足的條件；（3）若某包裹的質(zhì)量為m=50kg，為