1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，兩個帶有正電的等量同種點電荷，其連線和連線中垂線的交點為b，a、c為中垂線

2、上的兩點，一個帶正電的粒子從圖中a點沿直線移動到c點，則（）A粒子所受電場力一直不變B電場力對粒子始終不做功Ca、b、c三點中，b點場強最大Da、b、c三點中，b點電勢最高2、在力學理論建立過程中，有許多偉大的科學家做出了貢獻，關于科學家和他們的貢獻，下列說法正確的是（ ）A英國天文學家開普勒發現了行星運動的規律，揭示了行星運動和地球上物體運動遵循相同的科學法則B美國科學家牛頓是動力學的莫基者，他1687年出版的自然科學的數學原理中提出三條運動定律C伽利路最早引入理想實驗及科學方法，并且在研究落休運動規律時創建了“加速度的概念D法國物理學家卡文迪許在實驗室里比較準確的利出了引力常量G的值，他把

3、自己的實驗說成是“稱量地球的重量”3、如圖所示是某質點做簡諧運動的振動圖象關于質點的運動情況，下列描述正確的是（）At1.5s時，質點正沿x軸正方向運動Bt1.5s時，質點的位移方向為x軸負方向Ct2s時，質點的速度為零Dt2s時，質點的加速度為零4、如圖所示，特戰隊員在進行訓練時抓住一不可伸長的繩索，繩索的另一端固定，特戰隊員從高度一定的平臺由靜止開始下擺，懸點與平臺在同一水平而上，在下擺過程中繩索始終處于繃緊狀態，由于懸點位置不同，每次下擺的繩長可以發生變化，在到達豎直狀態時特戰隊員松開繩索，特戰隊員被水平拋出直到落地。（不計繩索質量和空氣阻力，特戰隊員可看成質點，繩索與隊員的運動軌跡在同

4、一豎直面內）下列說法正確的是（）A繩索越長，特戰隊員落地時的水平位移越大B繩索越長，特戰隊員在到達豎直狀態時繩索拉力越大C繩索越長，特戰隊員落地時的水平速度越大D繩索越長，特戰隊員落地時的速度越大5、下列說法中正確的是（ ）A開普勒發現太陽與行星間的引力規律也適用于地球和月球之間B庫侖認為處在電場中的其他電荷受到的作用力是這個電場給予的C彈力和摩擦力在本質上都是由電磁力引起的D伽利略通過實驗說明了力是維持物體運動的原因6、兩根長度不同的細線下面分別懸掛著小球，細線上端固定在同一點，若兩個小球以相同的角速度，繞共同的豎直軸在水平面內做勻速圓周運動，則兩個小球在運動過程中的相對位置關系示意圖正確的

5、是（）ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖A、B兩物體疊放在光滑水平桌面上，輕質細繩一端連接B，另一端繞過定滑輪連接C物體，已知A和C的質量都是1 kg，B的質量是2 kg，A、B間的動摩擦因數是0.3，其它摩擦不計。由靜止釋放C，C下落一定高度的過程中(C未落地，B未撞到滑輪，g =10m/s2）。下列說法正確的是（ ）AA、B兩物體發生相對滑動BA物體受到的摩擦力大小為3NCB物體的加速度大小是2.5m/s2D細繩的拉力大小等于7.5N8、如圖所示，一

6、足夠長的光滑斜面，傾角為，一彈簧上端固定在斜面的頂端，下端與物體b相連，物體b上表面粗糙，在其上面放一物體a，a、b間的動摩擦因數為(tan)，將物體a、b從O點由靜止開始釋放，釋放時彈簧恰好處于自由伸長狀態，當b滑到A點時，a剛好從b上開始滑動；滑到B點時a剛好從b上滑下，b也恰好速度為零，設a、b間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力下列對物體a、b運動情況描述正確的是A從A到B的過程中，a的速度減小，b的加速度增大，速度卻減小B經過B點， a掉下后，b開始反向運動，b一定能上滑超過O點C從O到A的過程中，兩者一起加速，加速度大小從gsin先減小至0后又增大D從O到B的過程中，摩擦力對a的功率先增

7、大后不變9、如圖所示，在一個勻強電場中有一個四邊形MNQP，電場方向與四邊形MNQP所在平面平行，其中A為MP的中點，B為NQ的中點，一個電荷量為q的正粒子，從M點移動到N點的過程中，電勢能減少Ep1，若將該粒子從P點移動到Q點，電勢能減小Ep2，下列說法正確的是（ ）A勻強電場場強方向必沿PQ方向B若MN之間的距離為L，則該電場的場強大小為Ep1qlC若將該粒子從A點移動到B點，則電場力做功大小W=Ep1+Ep22D若AB之間的距離為L，則該電場場強最小值為E=Ep1+Ep22qL10、如圖所示，處于平直軌道上的A、B兩物體相距，同時同向開始運動，A以初速度、加速度做勻加速運動，B由靜止開始

8、以加速度做勻加速運動，下列情況可能發生的是(假設A能從B旁邊通過且互不影響)()A，能相遇一次B，能相遇兩次C，可能相遇一次D，可能相遇兩次三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）氣墊導軌是研究與運動有關的實驗裝置，也可以用來研究功能關系如圖甲所示，在氣墊導軌的左端固定一輕質彈簧，軌道上有一滑塊A緊靠彈簧但不連接，滑塊的質量為m(1)用游標卡尺測出滑塊A上的擋光片的寬度，讀數如圖乙所示，則寬度d=_cm；(2)利用該裝置研究彈簧對滑塊做功的大小；某同學打開氣源，調節裝置，使滑塊可以靜止懸浮在導軌上，然后用力將滑塊A壓緊到P點，釋放后，

9、滑塊A上的擋光片通過光電門的時間為t，則彈簧對滑塊所做的功為_（用題中所給字母表示）(3)利用該裝置測量滑塊與導軌間的動摩擦因數；關閉氣源，仍將滑塊A由P點釋放，當光電門到P點的距離為x時，測出滑塊A上的擋光片通過光電門的時間為t，移動光電門，測出多組數據（滑塊都能通過光電門），并繪出圖象如圖丙所示，已知該圖線斜率的絕對值為k，則滑塊與導軌間的滑動摩擦因數為_12（12分）某同學在做“驗證機械能守恒定律”的實驗時，實驗裝置如圖甲所示.(1)該同學開始實驗時的情形如圖乙所示，接通電源釋放紙帶開始實驗.請指出該同學在實驗操作中存在的兩處明顯錯誤或不當的地方是：_；_。(2)根據紙帶算出相關各點的速

10、度v，量出下落距離h，以v22為縱軸，畫出的v22-h圖像應是圖中的_.(3)將錯誤或不當的地方改正后，打點計時器所用交流電的頻率為50Hz，該同學選取如圖丙所示的一段紙帶，O是打下的第一個點，每相鄰兩計數點間還有4個打下的點(圖中未標出)，各計數點到O點的距離如圖所示,他對OC段進行研究在重物下落高度hOC的過程中，重物減小的重力勢能EP=_J，增加的動能EK=_ J (m=0.50kg，重力加速度g=10m/s2，結果保留3位有效數字).四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，一個質量m10kg的

11、物體放在水平地面上對物體施加一個F =100 N的拉力，使物體做初速為零的勻加速直線運動已知拉力與水平方向的夾角=37，物體與水平地面間的動摩擦因數=0. 50，sin37=0. 60，cos37=0. 80，取重力加速度g=10m/s1（1）求物體運動的加速度大小；（1）求物體在 1. 0 s末的瞬時速率；（3）若在 1. 0 s末時撤去拉力F，求此后物體沿水平地面可滑行的最大距離14（16分）有一顆在赤道平面內繞地球做勻速圓周運動的人造地球衛星，其軌道距地面高為h。已知地球的半徑為R，且不考慮地球自轉的影響。（1）若要計算此衛星繞地球做勻速圓周運動的周期，你認為還需要知道哪些物理量？（2）

12、若已知地球表面處的重力加速度為，求此衛星在軌運動的線速度大小v。（3）若已知地球質量為M，引力常量為G，求此衛星在軌運動的線速度大小v。（4）如果從這顆衛星上發射一個小探測器，發射的速度與衛星在軌運動的線速度大小相等、方向相反。根據運動的相對性可知，探測器發射后其相對地心的線速度為零。關于這個探測器落至地面所需要的時間，某同學的解答過程如下：地面的重力加速度為g，所以根據h=gt2可知，下落的時間t=。老師說該同學的上述解答是不正確的，請指出上述錯誤的原因，并分析說明探測器下落的時間t應該比該同學所計算的結果大還是小？ 該探測器被發射出來時其在地面的上的投影為赤道上某一點A，當它落至地面上時，

13、是否能落在赤道上的A點。如果能，請說明理由；如果不能，請說明實際落點在A點的東側還是西側。 （5）如果衛星在地面的上的投影位于赤道上某一點B時，從這顆衛星上沿其軌道的切線方向發射一個小探測器，這個小探測器發射后相對于B點的速度為零。請分析說明當它落至地面上時，是否能落在赤道上的B點。如果能，請說明理由；如果不能，請說明實際落點在B點的東側還是西側。15（12分）如圖1所示，游樂場的過山車可以底朝上在圓軌道上運行，游客卻不會掉下來。我們把這種情形抽象為如圖2所示的模型：弧形軌道的下端與半徑為R的豎直圓軌道相接，B、C分別為圓軌道的最低點和最高點。質量為m的小球（可視為質點）從弧形軌道上的A點由靜

14、止滾下，到達B點時的速度為vB=，且恰好能通過C點。已知A、B間的高度差為h=4R，重力加速度為g。求：（1）小球運動到B點時，軌道對小球的支持力F的大小；（2）小球通過C點時的速率vC；（3）小球從A點運動到C點的過程中，克服摩擦阻力做的功W。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A兩等量正電荷周圍部分電場線具有對稱性，其中兩個點電荷連線的中垂線abc上，從無窮遠到b過程中電場強度先增大后減小，且方向始終指向無窮遠方向 故試探電荷所受的電場力是變化的，故A錯誤；B根據等量同種點電荷的電場特點可知，該電場在

15、abc線上，電場的方向由b分別指向a與c，所以正電荷從a經過b到達c的過程中，正電荷受到的電場力線指向a，后指向c，所以電場力線做負功，后做正功，故B錯誤；C根據等量同種點電荷的電場特點可知，兩個點電荷連線的中垂線與連線的交點處的電場強度等于0，一定不是最大，故C錯誤；D根據等量同種點電荷的電場特點可知，該電場在abc線上，電場的方向由b分別指向a與c，根據沿電場線的方向電勢降低可知，b點的電勢最高，故D正確故選D.2、C【解析】A德國的天文學家開普勒發現了行星運動的規律，揭示了行星運動和地球上物體運動遵循相同的科學法則，選項A錯誤；B英國科學家牛頓是動力學的莫基者，他1687年出版的自然科學

16、的數學原理中提出三條運動定律，選項B錯誤；C伽利路最早引入理想實驗及科學方法，并且在研究落體運動規律時創建了“加速度的概念，選項C正確；D英國物理學家卡文迪許，在實驗室里巧妙地利用扭秤裝置，比較精確地測量出了引力常量的數值，他把自己的實驗說成是“稱量地球的質量”選項D錯誤。3、D【解析】在t=1.5s時刻，圖象切線的斜率為負，說明質點是從x的最大位移處向平衡位置方向運動的，運動的方向沿x的負方向，故A錯誤由圖可知，1.5s末質點的位移大于0，質點的位移方向為x軸正方向，故B錯誤由圖可知，在t=2s時刻，質點的位移為0，則速度為最大，故C錯誤由圖可知，在t=2s時刻，質點的位移為0，則恢復力等于

17、0，根據牛頓第二定律可知加速度等于0，故D正確故選D.點睛：此題關鍵是知道位移時間圖象的斜率等于速度，從而分析質點的速度方向質點通過平衡位置時速度最大，加速度最小；通過最大位移處時加速度最大4、C【解析】A設繩子長度為L，總高度為H，由動能定理可得特戰員到達繩子最低點時的速度可得特戰員到達繩子最低點時的速度，而后特戰隊員做平拋運動可知時，水平位移最大，A錯誤；B特戰隊員在到達豎直狀態時，由牛頓第二定律，可得代入速度，可得，B錯誤；C特戰隊員落地時的水平速度為，故繩索越長，特戰隊員落地時的水平速度越大，C正確；D整個過程，由動能定理，可得特戰隊員落地時的速度與繩子長度無關，D錯誤。故選C。5、C

18、【解析】A：牛頓發現太陽與行星間的引力規律也適用于地球和月球之間，故A錯誤B：法拉第認為處在電場中的其他電荷受到的作用力是這個電場給予的，故B錯誤C：彈力和摩擦力在本質上都是由電磁力引起的，故C正確D：伽利略通過實驗說明了力不是維持物體運動的原因，故D錯誤6、D【解析】小球受力如圖所示：設繩長為L，小球到懸點的高度差為h，由圖可知，小球做圓周運動的向心力解得因兩小球運動的角速度相同，所以h也相同，故D正確，ABC錯誤。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【

19、解析】試題分析：對A、B、C整體分析，根據牛頓第二定律求出整體加速度，隔離對A分析，求出摩擦力的大小，與最大靜摩擦力比較，判斷是否發生相對滑動，再隔離分析，求出拉力的大小假設A、B不發生相對滑動，整體的加速度為，隔離對A分析，A受到的摩擦力為，可知假設成立，即A、B兩物體不發生相對滑動，A所受的摩擦力為2.5N，加速度為2.5m/s2，故AB錯誤C正確；隔離對C分析，根據牛頓第二定律得，解得，D正確8、AB【解析】釋放時彈簧恰好處于自由伸長狀態，斜面光滑，二者具有向下的加速度，彈簧伸長，彈簧拉力增大，則二者做加速度逐漸減小的加速運動，以a為研究對象，取沿斜面向下為正方向，有：mgsin-f=m

20、a得：f=mgsin-ma，可見只要a物體具有向下的加速度，則fmgsinmgcos，即所受摩擦力小于最大靜摩擦力，物體不會滑動，當二者加速度為零，即（M+m）gsin=F，之后彈簧繼續伸長，則ab開始具有沿斜面向上的加速度，即開始減速運動，以a為研究對象，取沿斜面向上為正方向，有：f-mgsin=ma；當f有最大值時a有最大值，又fmax=mgcos則a=gcos-gsin，之后b加速度繼續增大而a加速度保持不變，二者發生相對滑動，故經過A點時，a、b均已進入到減速狀態，此時加速度大小是g（cos-sin），A正確，C錯誤；在a落下后，b將以新的平衡位置為中心做諧振動，由對稱性可推斷出b將沖

21、過O點，即b的最高點將在O點之上，選項B正確從O到B的過程中，a的速度一直增大，則摩擦力對a的功率一直變大，選項D錯誤；故選AB點睛：該題是牛頓第二定律的直接應用，本題ACD三個選項注意使用臨界分析法即可得到正確結果，B選項關鍵點在于a脫離b后，b的受力滿足機械能和簡諧振動模型.9、CD【解析】試題分析：由于電場強度方向未知，不能求解場強的大小強電場中沿著電場線方向，兩點間的電勢差與兩點間的距離成正比，則A點的電勢等于MP兩點電勢的平均值，B的電勢等于NQ兩點電勢的平均值，根據電場力公式W=qU求解從題中只能判斷出從P點移動到Q點過程中電場力做正功，無法判斷電場方向，A錯誤；由于MN之間的距離

22、不一定是沿著電場方向上的距離，所以無法計算電場強度大小，B錯誤；因為電場是勻強電場，在同一條電場線上，A點的電勢是M、P兩點電勢的平均值，即A=M+P2，同理B=N+Q2，所以WAB=qUAB=q(A-B)=q(M+P2-N+Q2)=q12(M-N)+q12(P-Q)=WP1+WP22，故C正確；根據上面公式：UAB=EP1+EP22q，若M、N兩點正好處于同一條電場線上，則電場強度為E=EP1+EP22qL，距離d為過M和N的兩個等勢面之間距離的最大值，故該電場的場強最小值為E=EP1+EP22qL，故D正確；10、ACD【解析】A、甲從乙的旁邊通過說明相遇時甲的速度大于乙的速度，若，則以后

23、甲的速度將都大于乙的速度，故不會再次相遇，即只能相遇一次，故A正確；B、若，則甲經過乙的旁邊以后，甲的速度增加更快，故甲將一直在乙的前面，即只能相遇一次，故B錯誤；D、若，則此后某一時刻乙的速度一定會大于甲的速度，故乙將會追上甲，甲乙將再次相遇，故能相遇兩次，故CD正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.960 【解析】(1)1主尺讀數為：9mm；游標尺分度為0.05mm，第12個刻度對齊，故游標尺讀數為：0.0512mm=0.60mm，故寬度為：d=9+0.60=9.60mm=0.960cm(2)2滑塊通過光電門已經是勻速運動了，

24、其平均速度為：瞬時速度等于平均速度，故瞬時速度為：此時滑塊動能全部由彈簧彈性勢能轉化而來，故彈簧做功為： (3)3每次都有P釋放，則每次彈簧彈性勢能都相同，由能量轉化和守恒可得： 解得： 由于故帶入可得動摩擦因數為:12、打點計時器接的直流電源 重物離打點計時器太遠 C 2.19 2.12 【解析】（1）本實驗要求采用打電計時器，而打點計時器采用的是交流電源，而本實驗中采用了直流電源；同時，由于加速度較大，故紙帶應在1米左右，且應讓重物緊靠打點計時器，而本實驗中離打點計時器太遠，故錯誤為：打點計時器接了直流電源；重物離打點計時器太遠；（2）利用12v2-h圖線處理數據，從理論角度物體自由下落過

25、程中機械能守恒可以得出：mgh=12mv2，即12v2=gh，所以以12v2為縱軸，以h為橫軸畫出的圖線應是過原點的傾斜直線，也就是圖中的C（3）重力勢能的減小量為：Ep=mgh=0.5100.437J=2.19JC點的瞬時速度為：vC=xBC2T=0.7760-0.19350.2m/s=2.9125m/s，則動能的增加量為：Ek=12mvC2=120.52.91252J=2.12J【點睛】在處理實驗學的問題中，一定要先明確實驗的原理，由原理即可容易得出實驗中的儀器選擇，數據處理及誤差分析等問題要能夠找出斜率和截距的物理意義，我們必須要從物理角度找出兩個物理變量的關系表達式利用圖象問題結合數學知識處理物理數據是實驗研究常用的方法我們更多的研究直線圖形