1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，ABCD是一個盆式容器，盆內(nèi)側壁與盆底BC的連接處都是一段與BC相切的圓弧，BC是水平的，其長

2、度d0.60m盆邊緣的高度為h0.30m在A處放一個質(zhì)量為m的小物塊并讓其從靜止下滑已知盆內(nèi)側壁是光滑的，而盆底BC面與小物塊間的動摩擦因數(shù)為0.1小物塊在盆內(nèi)來回滑動，最后停下來，則停的地點到B的距離為（）A0.50 mB0.60 mC0.1 mD02、如圖所示，一個小球沿光滑的漏斗壁在某一水平面內(nèi)做勻速圓周運動，關于小球的受力情況，下列說法正確的是A只受重力和支持力B受重力、支持力和壓力C受重力、支持力和向心力D受重力、壓力和向心力3、在如圖所示的電路中，電源的負極接地，其電動勢為E、內(nèi)電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，C為電容器，A、V為理想電流表和電壓表在滑動變阻器滑動

3、頭P自a端向b端滑動的過程中，下列說法中正確的是A電壓表示數(shù)變小B電流表示數(shù)變小C電容器C所帶電荷量增多Da點的電勢降低4、帶有斜面的木塊原靜止在光滑的水平桌面上，另一個小木塊從的頂端由靜止開始沿光滑的斜面下滑當滑到的底部時，P向右移動了一段距離，且具有水平向右的速度v，如圖所示下面的說法中正確的是：AP、Q組成的系統(tǒng)的動量守恒BP、Q組成的系統(tǒng)的機械能守恒CQ減少的重力勢能等于P增加的動能DP 對Q不做功5、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，各電表都看做理想表。閉合開關，滑動變阻器滑片P向右移動，若以U1、U2、U3、I分別表示電壓表V1、V2、V3和電流表A的示數(shù)變化的大小，

4、則下述結論正確的是（ ）A電壓表V1、V2、V3和電流表A的示數(shù)分別是變大、變大、變小、變大B電壓表V1、V2、V3和電流表A的示數(shù)分別是變大、變小、變大、變小CU1I、U2I、U3I均變小DU2+U3=U16、下列有關牛頓運動定律的說法，其中正確的是（）A慣性就是物體保持靜止狀態(tài)的性質(zhì)B一對作用力和反作用力的作用效果總相同C物體運動狀態(tài)改變的難易程度就是加速度D力的國際制單位“牛頓”是根據(jù)牛頓第二定律定義的二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，長方體空鐵箱甲

5、在水平拉力F作用下沿光滑水平面向右勻加速運動，鐵箱內(nèi)有一木塊乙貼著后壁與鐵箱相對靜止，木塊與鐵箱間的動摩擦因數(shù)小于1則鐵箱對木塊的A彈力大小等于F的大小B作用力大小大于摩擦力的大小C摩擦力大小等于木塊重力的大小D彈力大小可能等于木塊重力的大小8、如圖所示是飛船進入某星球軌道后的運動情況，飛船沿距星球表面高度為100km的圓形軌道運動，到達軌道的A點時，點火制動變軌進入橢圓軌道，到達軌道的B點時，飛船離星球表面高度為15km，再次點火制動，下降落到星球表面。下列判斷正確的是( )A飛船在軌道上由A點運動到B點的過程中，動能增大B飛船在軌道上的機械能大于在軌道上的機械能C飛船經(jīng)過A點時，在軌道上的

6、加速度等于在軌道上的加速度D飛船在A點點火變軌瞬間，速度增大9、質(zhì)量的物塊在斜面項端由靜止開始沿頓角為的粗糙斜面勻加速下滑。加速度a=4m/s2，下滑的距離為4m。下列判斷正確的是（取g=10m/s2）（ ）A物塊的重力勢能減少80JB物塊的動能增加32JC物塊的機械能減少8JD物塊的合外力做功為32J10、質(zhì)量為m的A物體在水平恒力F1的作用下沿水平面運動，經(jīng)t0撤去F1，其運動圖象如圖所示。質(zhì)量為2m的B物體在水平恒力F2的作用下沿水平面運動，經(jīng)t0撤去F2，其vt圖象恰與A的重合，則下列說法正確的是（ ）AF1、F2大小相等BA、B受到的摩擦力大小相等CF1、F2對A、B做功之比為1：2

7、D全過程中摩擦力對A、B做功之比為1：2三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學做“探究合力做功與動能改變的關系”的實驗，他將光電門固定在水平軌道上的B點，如圖所示，并用重物通過細線拉小車。然后保持小車和重物的質(zhì)量不變，通過改變小車釋放點到光電門的距離進行多次實驗，實驗時要求每次小車都從靜止釋放。（1）如果遮光條的寬度為d，遮光條通過光電門的時間為t，小車到光電門的距離為s，該同學通過描點作出線性圖像來反映合力做的功與動能改變的關系，則他作的圖像關系是下列哪一個時才能符合實驗要求_A B Cs-t D （2）為了減小實驗誤差，下

8、列哪些實驗操作是必須的_A調(diào)整軌道的傾角，在未掛重物時使小車能在軌道上勻速運動B所掛重物的質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量C遮光條的寬度要盡可能的大些D每次實驗時保證小車從靜止狀態(tài)開始釋放12（12分）在探究小球做圓周運動所需向心力的大小F與質(zhì)量m、角速度和半徑r之間的關系的實驗中（1）在探究向心力的大小F與角速度的關系時，要保持_相同A和r B和m Cm和r Dm和F（2）本實驗采用的實驗方法是_A累積法 B控制變量法 C微元法 D放大法（3）通過本實驗可以得到的正確結果是_A在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與角速度成正比B在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與線速度的大小成正比C在質(zhì)量和角速度

9、一定的情況下，向心力的大小與半徑成反比D在半徑和角速度一定的情況下，向心力的大小與質(zhì)量成正比四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）一傳送帶裝置示意如圖，傳送帶在AB區(qū)域是傾斜的，傾角=30工作時傳送帶向上運行的速度保持v=1m/s不變現(xiàn)將質(zhì)量均為m= 1kg的小貨箱（可視為質(zhì)點）一個一個在A處放到傳送帶上，放置小貨箱的時間間隔均為T=1s，放置時初速為零，小貨箱一到達B處立即被取走已知小貨箱剛放在A處時，前方相鄰的小貨箱還處于勻加速運動階段，此時兩者相距為s1=0.5m傳送帶裝置由電動機帶動，傳送帶與輪子間無

10、相對滑動，不計輪軸處的摩擦，取g=10m/s1 （1）求小貨箱在傳送帶上做勻加速運動的加速度大小（1）AB的長度至少多長才能使小貨箱最后的速度能達到v=1m/s？（3）除了剛釋放貨箱的時刻，若其它時間內(nèi)總有4個貨箱在傳送帶上運動，求每運送一個小貨箱電動機對外做多少功？并求電動機的平均輸出功率14（16分）質(zhì)量是2000kg、額定功率為80kW的汽車，在平直公路上行駛中的最大速度為20m/s若汽車從靜止開始做勻加速直線運動，加速度大小為2m/s2，運動中的阻力不變求：(1)汽車所受阻力的大小(2)3s末汽車的瞬時功率(3)汽車做勻加速運動的時間(4)汽車在勻加速運動中牽引力所做的功15（12分）

11、一長木板靜止在水平地面上，木板長，小茗同學站在木板的左端，也處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)小茗開始向右做勻加速運動，經(jīng)過2s小茗從木板上離開，離開木板時小茗的速度為v=4m/s，已知木板質(zhì)量M=20kg，小茗質(zhì)量m=50kg，g取10m/s2，求木板與地面之間的動摩擦因數(shù)（結果保留兩位有效數(shù)字）參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】根據(jù)動能定理，對小物塊開始運動到停止的全過程進行研究，求出小物塊在BC面上運動的總路程，再由幾何關系分析最后停止的地點到B的距離【詳解】設小物塊在BC面上運動的總路程為S物塊在BC面上所受的滑

12、動摩擦力大小始終為fmg，對小物塊從開始運動到停止運動的整個過程進行研究，由動能定理得mghmgs0得到，d0.60m，則s5d，所以小物塊在BC面上來回運動共5次，最后停在C點，則停的地點到B的距離為0.60m。故選B。2、A【解析】小球受重力和支持力，由兩個力的合力提供小球做圓周運動的向心力；【詳解】小球只受重力和支持力兩個力的作用，靠兩個力的合力提供向心力，向心力不是物體實際受到的力，是做圓周運動所需要的力，靠其它力提供，故A正確，BCD錯誤。【點睛】本題是圓錐擺類型的問題，分析受力情況，確定小球向心力的來源，再由牛頓第二定律和圓周運動結合進行分析，是常用的方法和思路。3、D【解析】在滑

13、動變阻器的滑動觸頭P自a端向b端滑動的過程中，R3接入電路的電阻減小，電路外電阻減小，據(jù)閉合電路歐姆定律分析干路電流如何變化，再據(jù)歐姆定律分析電阻R1兩端電壓的變化，可知電壓表讀數(shù)的變化分析并聯(lián)部分電壓的變化，可知電容器的電壓如何變化，電容器所帶電量的變化由并聯(lián)部分電壓的變化及電源的負極接地，可分析a點的電勢如何變化用并聯(lián)部分電壓的變化，得出流過R2的電流如何變化，結合干路電流的變化，分析電流表示數(shù)的變化【詳解】A：滑動變阻器的滑動觸頭P自a端向b端滑動的過程中，R3接入電路的電阻減小，電路外電阻減小，干路電流增大，電阻R1兩端電壓增大，電壓表示數(shù)增大故A項錯誤BC：干路電流增大，并聯(lián)部分電壓

14、減小，電容器兩板間電壓減小，電容器C所帶電荷量減小并聯(lián)部分電壓減小，流過R2的電流減小，又干路電流增大，則流過電流表的電流增大，電流表示數(shù)變大故BC兩項錯誤D：外電路中順著電流方向，電勢降低，則，b點電勢為零，并聯(lián)部分電壓減小，則a點的電勢降低故D項正確【點睛】電路動態(tài)分析問題，按局部到整體，再對局部分析各元件上電壓或電流的變化靈活應用閉合電路的歐姆定律，電動勢、路端電壓和內(nèi)電壓關系，串并聯(lián)電路的電壓電流關系是解決動態(tài)電路的關鍵4、B【解析】A、根據(jù)動量守恒的條件可知，木塊P、Q組成的系統(tǒng)水平方向不受外力，則系統(tǒng)水平方向動量守恒，但豎直方向Q向下做加速運動，所以豎直方向的動量不守恒，故A錯誤。

15、B、因為P與Q之間的彈力屬于P與Q的系統(tǒng)的內(nèi)力，除彈力外，只有重力做功，所以P、Q組成的系統(tǒng)的機械能守恒，故B正確。C、根據(jù)功能關系可知，小木塊Q減少的重力勢能等于木塊P與Q增加的動能之和，故C錯誤。D、由題可知，P對Q的支持力的方向與Q的位移方向的夾角大于90，對Q做負功，故D錯誤。【點睛】本題主要考查動量守恒定律、機械能守恒定律以及功能關系，需要學生對這幾個定律的條件和關系掌握到位。5、D【解析】當滑動變阻器的滑動片P向右移動時，變阻器接入電路的電阻減小，總電阻減小，電路中的總電流增大，由歐姆定律分析并聯(lián)部分兩端電壓的變化和路端電壓的變化，再判斷R2兩端電壓的變化，綜合分析出兩電壓表變化量

16、的大小【詳解】當滑動變阻器的滑動片P向右移動時，變阻器接入電路的電阻減小，總電阻減小，則電路中的總電流增大，則電流表A的示數(shù)變大；根據(jù)歐姆定律可知R2的電壓增大，電壓表V2示數(shù)變大；內(nèi)電壓增大，則路端電壓減小，電壓表V3示數(shù)變小。R2的電壓增大，路端電壓減小，則R1的電壓減小，則電壓表V1的示數(shù)變小，故A B錯誤。由U1=E-I（R2+r），U1I =R2+r，不變。U2I=R2，不變。由U3=E-Ir，U3I=r，不變。由三個表達式可知：U2+U3=U1，故C錯誤，D正確。故選D。【點睛】本題是電路動態(tài)變化分析問題，利用閉合電路歐姆定律進行動態(tài)分析，研究電壓與電流變化量之比，常常要寫出表達式

17、分析6、D【解析】A慣性就是物體保持靜止或者勻速直線運動狀態(tài)的性質(zhì)，故A錯誤；B作用力和反作用力作用在兩個物體上，效果不相同，故B錯誤；C物體運動狀態(tài)改變的難易程度取決于物體慣性大小，故C錯誤；D力的國際制單位“牛頓”是根據(jù)牛頓第二定律定義的，故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A設甲、乙的質(zhì)量分別為M、m，對甲、乙整體，根據(jù)牛頓第二定律：對乙：聯(lián)立解得：故A項錯誤；B對乙豎直方向上受力平衡，摩擦力等于重力，鐵箱對木塊的作用力最小時，摩擦

18、力達到最大靜摩擦力，則：由于木塊與鐵箱間的動摩擦因數(shù)小于1，作用力大小大于摩擦力的大小，故B項正確；CD豎直方向受力平衡，摩擦力大小等于木塊重力的大小；由于作用力（彈力）大小大于摩擦力的大小，所以彈力大小大于木塊重力的大小。故C項正確，D項錯誤；8、AC【解析】A. 船在軌道上由A到B的過程中，萬有引力做正功，動能增大，故A正確；BD. 飛船在A點由軌道變到軌道，萬有引力大于向心力，故需要點火減速，飛船點火后瞬間的速度減小；在軌道上的機械能小于在軌道上的機械能，故B錯誤，D錯誤；C. 由于飛船經(jīng)過A點時，受到的萬有引力相等，所以在軌道上的加速度等于在軌道上的加速度，故C正確。9、BCD【解析】

19、A.物塊的重力勢能減少等于重力對物體做的功，為：故A錯誤；BD.物塊的合外力為合合外力做功為：合合根據(jù)動能定理知，物塊的動能增加等于合外力做功，為：故B、D正確；C.物塊的重力勢能減少40J，動能增加32J，則機械能減少，故C正確。10、CD【解析】AB由速度與時間圖像可知，兩個勻減速運動的加速度之比為1：1；A、B的質(zhì)量關系是1：2，由牛頓第二定律可知A、B受摩擦力大小1：2；由速度與時間圖象可知，兩個勻加速運動的加速度之比為1：1；A、B的質(zhì)量關系是1：2，由牛頓第二定律可知AB受拉力大小1：2；故AB錯誤；C由速度與時間圖象可知，A、B兩物體的加速位移相等，根據(jù)W=Fx知F1、F2對A、

20、B做功之比等于拉力之比，為1：2，故C正確；D由速度與時間圖象可知，A、B兩物體的總位移x相等，根據(jù)摩擦力做功Wf=-fx知摩擦力做功之比為1：2；故D正確。故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 （1）B （2）D【解析】（1）用該平均速度代替物體的瞬時速度,故在遮光條經(jīng)過光電門時滑塊的瞬間速度為，根據(jù)動能定理，可見s與成反比，即與成正比，故應作出圖象，B選項是正確.（2）經(jīng)前面分析知，要使圖象為過原點的直線，應保證小車初動能為零，即必須保證小車從靜止狀態(tài)開始釋放，所以D選項正確.12、C B D 【解析】(1)1在研究向心力

21、的大小F與質(zhì)量m、角速度和半徑r之間的關系時，需先控制某些量不變，研究另外兩個物理量的關系，所以：在探究向心力的大小F與角速度的關系時，要保持小球的質(zhì)量與運動的半徑相同，故C正確；(2)2在實驗時需先控制某些量不變，研究另外兩個物理量的關系，該方法為控制變量法，故B正確；(3)3A根據(jù)向心力的公式，在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與角速度平方成正比，故A錯誤；B根據(jù)向心力的公式在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與線速度的大小的平方成正比，故B錯誤；C根據(jù)向心力的公式在質(zhì)量和角速度一定的情況下，向心力的大小與半徑成正比，故C錯誤；D根據(jù)向心力的公式在半徑和角速度一定的情況下，向心力的大

22、小與質(zhì)量成正比，故D正確。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1m/s1 （1）1m （3）48J ； 88W【解析】小貨箱剛放在A處時，前方相鄰的小貨箱已經(jīng)運動了時間T，根據(jù)勻加速直線運動位移時間公式即可求解；當物體做勻加速運動到達B點時速度剛好為1m/s時，AB長度最短，根據(jù)勻加速直線運動位移速度公式即可求解；傳送帶上總有4個貨箱在運動，說明貨箱在A處釋放后經(jīng)過t=4T的時間運動至B處求出勻加速運動的時間，根據(jù)牛頓第二定律求出摩擦力，進而求出這段時間內(nèi)，傳送帶克服該貨箱的摩擦力做的功，貨箱在此后的時間內(nèi)隨

23、傳送帶做勻速運動，求出傳送帶克服該貨箱的摩擦力做的功，進而求出每運送一個小貨箱電動機對外做的功，根據(jù)P=Wt求出平均功率；【詳解】解：(1)小貨箱剛放在A處時，前方相鄰的小貨箱已經(jīng)運動了時間T，有：s1=12aT2 代入數(shù)據(jù)解得加速度大小：a=1m/s2 (1)AB的長度至少為l，則貨箱的速度達到v=1m/s時，有：v2=2al 代入數(shù)據(jù)解得AB的長度至少為：l=2m(3)傳送帶上總有4個貨箱在運動，說明貨箱在A處釋放后經(jīng)過t=4T的時間運動至B處，貨箱勻加速運動的時間分別是：t1=va=2s設貨箱受到的滑動摩擦力大小為f，由牛頓定律得：f-mgsin=ma這段時間內(nèi)，傳送帶克服該貨箱的摩擦力做