1、實中高三月考II 2013-12-1013下列說法錯誤的是( A )A牛頓發現了萬有引力定律，并利用扭秤實驗裝置比較準確地測出了引力常量GB密立根通過油滴實驗精確測定了元電荷e電荷量C法拉第首先提出了場的概念，并用電場線和磁感線形象地描述電場和磁場D安培總結出左手定則判斷通電直導線在磁場中受到磁場力的方向14做直線運動的物體的v-t圖象如圖所示.由圖象可知(D )A.前10 s物體的加速度為0.5 m/s2，后5 s物體的加速度為1 m/s2B.15 s末物體回到出發點C.10 s末物體的運動方向發生變化D.10 s末物體的加速度方向發生變化15如圖所示,物體A靜止在傾角為30的斜面上,現將斜

2、面傾角由30增大到37,物體仍保持靜止,則下列說法中正確的是()A.A對斜面的壓力不變 B.A對斜面的壓力增大C.A受到的摩擦力不變 D.A受到的摩擦力增大16如圖A、B是兩個完全相同的帶電金屬球，它們所帶的電荷量分別為4q和6q，放在光滑絕緣的水平面上，若金屬球A、B分別在M、N兩點以相等的動能相向運動，經時間t0兩球剛好發生接觸，然后兩球又分別向相反方向運動，設A、B返回M、N兩點所經歷的時間分別為t1、t2，則( C )A.t1t2 B.t1t2 C.t1t2t0aba17在地球表面上，除了兩極以外，任何物體都要隨地球的自轉而做勻速圓周運動，當同一物體先后位于a和b兩地時，下列表述正確的

3、是( )A該物體在a、b兩地所受合力都指向地心 B該物體在a、b兩地時角速度一樣大C該物體在b時線速度較大 D該物體在b時的向心加速度較小 18已知貨物的質量為m，在某段時間內起重機將貨物以a的加速度加速升高h，則在這段時間內敘述正確的是（重力加速度為g） A貨物的機械能一定增加mahmgh B貨物的機械能一定增加mahC貨物的重力勢能一定增加mgh D貨物的動能一定增加mahmgh19. 質量為m的探月航天器在接近月球表面的軌道上做勻速圓周運動. 已知月球質量為M，月球半徑為R，引力常量為G，不考慮月球自轉的影響，則A. 航天器的線速度 B. 航天器的角速度 C. 航天器的向心加速度 D.

4、月球表面重力加速度 20. 如圖, 一束帶電粒子以一定的初速度沿直線通過由相互正交的勻強磁場（B）和勻強電場（E）組成的速度選擇器，然后粒子通過平板S上的狹縫P，進入另一勻強磁場（B），最終打在AlA2上下列表述正確的是B A. 粒子帶負電B. 所有打在AlA2上的粒子，在磁場B中運動時間都相同CabBC. 能通過狹縫P的帶電粒子的速率等于D. 粒子打在AlA2上的位置越靠近P，粒子的比荷越大21. 如圖，正方形線框的邊長為L，電容器的電容量為C正方形線框的一半放在垂直紙面向里的勻強磁場中，當磁場以k 的變化率均勻減弱時，則 A. 線圈產生的感應電動勢大小為kL2 B. 電壓表沒有讀數C. a

5、 點的電勢高于b 點的電勢 D. 電容器所帶的電荷量為零20如圖所示，套在足夠長的絕緣粗糙直棒上的帶正電小球，其質量為m，帶電荷量為q，小球可在棒上滑動，現將此棒豎直放入沿水平方向且互相垂直的勻強磁場和勻強電場中.設小球電荷量不變，小球由靜止下滑的過程中( BD )A.小球加速度一直增大 B.小球速度一直增大，直到最后勻速C.桿對小球的彈力一直減小 D.小球所受洛倫茲力一直增大，直到最后不變20一平行板電容器充電后S與電源斷開，負極板接地，在兩極間有一正電荷(電荷量很小)固定在P點，如圖所示.以U表示兩極板間的電壓，E表示兩極板間的場強，表示該正電荷在P點的電勢能，若保持負極板不動，而將正極板

6、移至圖中虛線所示位置，則( AC )A.U變小，不變 B.E變大，不變 C.U變小，E不變 D.U不變，不變1某同學利用如圖所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律。 (1)請指出該同學在實驗操作中存在的錯誤： 。(2)若所用交流電的頻率為50Hz，該同學經正確操作得到如圖所示的紙帶，把第一個點記做O，第一、第二點間的距離約為2mm，另選連續的4個點A、B、C、D作為測量的點，且 A、B、C、D各點到O點的距離分別為12.29cm、15.55cm、19.20cm、23.23cm。根據以上數據知，從O點到C點，重物的重力勢能的減少量等于_J，動能的增加量等于_J。(已知所用重物的質量為1.00kg，當地

7、重力加速度g9.80m/s2，取三位有效數字) 打點計時器紙帶重物將紙帶由靜止釋放學生電源直流 交流(3)重力勢能的減少量 動能的增加量（填“大于”、“等于”、“小于”）的原因是 。2(2009天津)如圖所示，將打點計時器固定在鐵架臺上，使重物帶動紙帶從靜止開始自由下落，利用此裝置可以測定重力加速度.(1)所需器材有打點計時器(帶導線)、紙帶、復寫紙、帶鐵夾的鐵架臺和帶夾子的重物，此外還需(填字母代號)中的器材.A.直流電源、天平及砝碼 B.直流電源、毫米刻度尺C.交流電源、天平及砝碼 D.交流電源、毫米刻度尺(2)通過作圖象的方法可以剔除偶然誤差較大的數據，提高實驗的準確度.為使圖線的斜率等

8、于重力加速度，除作v-t圖象外，還可作圖象，其縱軸表示的是，橫軸表示的是.(1)D(2) -h；速度平方的二分之一；重物下落的高度2有一特殊電池，它的電動勢約為9 V，內阻約為40 ，已知該電池允許輸出的最大電流為50 mA.為了測定這個電池的電動勢和內阻，某同學利用圖示電路進行實驗，圖中電流表的內阻RA5 ，R為電阻箱，阻值范圍0999.9 ，R0為定值電阻，對電源起保護作用.(1)本實驗中的R0應選(填字母). A.10 B.50 C.150 D.500 (2)該同學接入符合要求的R0后，閉合開關S，調整電阻箱的阻值，讀取電流表的示數，記錄多組數據，作出了如上圖所示的圖線，則根據圖線可求得

9、該電池的電動勢為EV，內阻r. 【解析】(1)當滑動變阻器接入電路的阻值為零時，電路中的電流不能超過50 mA，即電路中電阻的最小值為180 ，除去電源內阻約為40 、圖中電流表的內阻RA5 ，C選項最為合適.(2)原理：U外EIr推出I(R0R)EI(rRA)變形得：由圖得：斜率得E10 V，與縱軸的截距為5，推出r45 【答案】(1)C(2)10；45【思維提升】測定電源電動勢與內阻的實驗中，處理數據的方法在高考中往往以圖象法處理為主，所以要對函數表達式進行推導、變形等，得出我們可以處理的函數圖線.【拓展1】甲同學設計了如圖所示的電路測電源電動勢E及電阻R1和R2的阻值.實驗器材有：待測電

10、源E(不計內阻)，待測電阻R1，待測電阻R2，電壓表V(量程為1.5 V，內阻很大)，電阻箱R(099.99 )，單刀單擲開關S1，單刀雙擲開關S2，導線若干.先測電阻R1的阻值.請將甲同學的操作補充完整：閉合S1，將S2切換到a，調節電阻箱，讀出其示數r和對應的電壓表示數U1，保持電阻箱示數不變，讀出電壓表的示數U2.則電阻R1的表達式為.甲同學已經測得電阻R14.8 ，繼續測電源電動勢E和電阻R2的阻值.該同學的做法是：閉合S1，將S2切換到a，多次調節電阻箱，讀出多組電阻箱示數R和對應的電壓表示數U，由測得的數據，繪出了如圖所示的圖線，則電源電動勢E1.43或10/7V，電阻R21.2.

11、利用甲同學設計的電路和測得的電阻R1，乙同學測電源電動勢E和電阻R2的阻值的做法是：閉合S1，將S2切換到b，多次調節電阻箱，讀出多組電阻箱示數R和對應的電壓表示數U，由測得的數據，繪出相應的圖線，根據圖線得到電源電動勢E和電阻R2.這種做法與甲同學的做法比較，由于電壓表測得的數據范圍較小(選填“較大”、“較小”或“相同”)，所以甲同學的做法更恰當些.35如圖所示，水平放置的M、N兩金屬板之間，有水平向里的勻強磁場，磁感應強度B0.5 T.質量為m19.995107 kg、電荷量為q1.0108 C的帶電微粒，靜止在N板附近.在M、N兩板間突然加上電壓(M板電勢高于N板電勢)時，微粒開始運動，

12、經一段時間后，該微粒水平勻速地碰撞原來靜止的質量為m2的中性微粒，并粘合在一起，然后共同沿一段圓弧做勻速圓周運動，最終落在N板上.若兩板間的電場強度E1.0103 V/m，求：(1)兩微粒碰撞前，質量為m1的微粒的速度大?。?2)被碰撞微粒的質量m2；(3)兩微粒粘合后沿圓弧運動的軌道半徑.【解析】(1)碰撞前，質量為m1的微粒已沿水平方向做勻速運動，根據平衡條件有m1gqvBqE解得碰撞前質量m1的微粒的速度大小為vm/s1 m/s(2)由于兩微粒碰撞后一起做勻速圓周運動，說明兩微粒所受的電場力與它們的重力相平衡，洛倫茲力提供做勻速圓周運動的向心力，故有(m1m2)gqE解得m2= kg51

13、010 kg(3)設兩微粒一起做勻速圓周運動的速度大小為v，軌道半徑為R，根據牛頓第二定律有qvB(m1m2)研究兩微粒的碰撞過程，根據動量守恒定律有m1v(m1m2)v以上兩式聯立解得Rm200 m【思維提升】(1)全面正確地進行受力分析和運動狀態分析，f洛隨速度的變化而變化導致運動狀態發生新的變化.(2)若mg、f洛、F電三力合力為零，粒子做勻速直線運動.(3)若F電與重力平衡，則f洛提供向心力，粒子做勻速圓周運動.(4)根據受力特點與運動特點，選擇牛頓第二定律、動量定理、動能定理及動量守恒定律列方程求解.35兩平行金屬板A、B水平放置，一個質量為m5106 kg的帶電微粒，以v02 m/

14、s的水平速度從兩板正中位置射入電場，如圖所示，A、B兩板間距d2 cm，板長L10 cm.(1)當A、B間的電壓為UAB1 000 V，微粒恰好不偏轉，沿圖中直線射出電場，求該微粒的電荷量和電性；(2)令B板接地，欲使該微粒射出偏轉電場，求A板所加電勢的范圍.【解析】(1)當UAB1 000 V時，微粒恰好不偏轉，則Fqmg，所以q1109 C因為UAB0，所以板間電場強度方向向下，而電場力向上，則微粒帶負電.(2)當電壓UAB比較大時，qEmg，粒子向上偏轉，設恰好從右上邊緣飛出時，A板的電勢為1，因B0，所以UAB1，水平方向做勻速直線運動：Lv0t豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動：

15、at2由牛頓第二定律：mgma有ag聯立式可得11 800 V當UAB較小時，qEmg，帶電粒子向下偏轉，故 mgma解得ag同理由式可得2200 V故要使微粒能從板間飛出，A板所加電勢的范圍為200 VA1 800 VR【思維提升】從此題的解析可以看出，在處理帶電體在電場中的偏轉時，要注意粒子重力可以忽略的條件，如果不能忽略，可以把它受的合力等效為“重力”，然后按類平拋運動的方法求解.36（18分）如圖所示，水平傳送帶上A、B兩端點間 距L= 4m，半徑R=1m的光滑半圓形軌道固定于豎直平面內，下端與傳送帶B相切。傳送帶以v0 = 4m/s的速度沿圖示方向勻速運動，質量m =1kg的小滑塊由靜止放到傳送帶的A端，經一段時間運動到B端，滑塊與傳送帶間的動摩擦因數 = 0.5，取g=10m/s2。（1）求滑塊到達B端的速度；（2）求滑塊由A運動到B的過程中，滑塊與傳送帶間摩擦產生的熱量；（3）僅改變傳送帶的速度，其他條件不變，計算說明滑塊能否通過圓軌道最高點C。36、滑塊在傳送帶上先向右做加速運動，設當速度v = v0時已運動的距離為xR根據動能定