1、2012年南京中考物理試卷解析一、選擇題（本題共12小題，每小題2分，共24分）1下列估測與實際情況相符的是（）A一位中學生的質量約為60tB一張課桌的高度約為75cmC南京夏天最高氣溫約為60D一節物理課的時間約為4.5h考點：物理常識。專題：估算題。分析：根據自己平時的觀察和對生活常識的了解，分別作出判斷解答：解：A、一位中學生的質量約為60kg，60t不符合實際；B、一張課桌的高度約為75cm，符合實際；C、南京夏天最高氣溫約為38，60不符合實際；D、一節物理課的時間約為45min，4.5h不符合實際；故選B點評：對各種物理量的估算：需要憑借生活經驗、需要簡單的計算；物理學中，對各種物

2、理量的估算能力，是我們應該加強鍛煉的重要能力之一2如圖所示現象中，由于光的直線傳播形成的是（）A樹蔭下的圓形“光斑”B鋼勺在水面處“折斷”C山巒在水中的“倒影”D河水看上去“較淺”考點：光直線傳播的應用。專題：應用題。分析：題中各情景都與光學現象有關，涉及光的反射、折射、光的直線傳播，逐一分析各現象的成因，判斷各選項的正誤解答：解：A、樹蔭下的圓形“光斑”是由于光的直線傳播形成的，故A正確；B、水中的鋼勺好像在水面處折彎了，是由于光從水中射向空氣時發生折射形成的，是光的折射現象形成的，不是光的直線傳播形象形成的，故B錯誤B、不透明的手擋住了沿直線傳播的光，在屏幕上形成手影，是光的直線傳播形成的

3、，故B正確；C、山巒在水中的“倒影”實際上是山在“平面鏡”中成的虛像，是光的反射形成的，不是光的直線傳播形成的，故C錯誤；D、河水看上去“較淺”是光的折射現象形成的，不是光的直線傳播形象形成的，故D錯誤故選A點評：此題主要考查了：光的反射、光的折射、光的直線傳播現象，平時要注意各個現象的形成原因并注意區分，生活中與之相關的現象非常多，我們應該學會辨別3關于能量和能源的利用，以下說法正確的是（）A核電站是利用化學能來發電的B水能、風能和化石能源均是可再生資源C太陽能電池是把太陽能轉化為內能的裝置D電能可以使電燈發光，同時產生內能，而這些內能無法自動地轉化為電能考點：能源革命。專題：應用題。分析：

4、化石能源、水能、風能、核能、太陽能等都是目前人類利用的能源，了解它們各自的特點，對照選項中的描述可做出正確的判斷解答：解：A、核能即是利用核裂變時釋放的能量進行發電的，故錯誤；B、化石能源是不可再生能源，故錯誤；C、太陽能電池是將太陽能轉化為電能的裝置，故錯誤；D、由于能量的轉化具有方向性，故電能可以使電燈發光，同時產生內能，而這些內能無法自動地轉化為電能，故正確；故選D點評：本題考查學生對能量和能源相關知識的掌握情況，綜合性強，在學習過程中注意知識的積累4把一個凸透鏡對準太陽光，在距凸透鏡10cm處得到一個最小最亮的光斑，若將一物體放在此透鏡前15cm處，經凸透鏡所成的像是（）A倒立、縮小的

5、實像B倒立、放大的實像C正立、放大的虛像D正立、縮小的虛像考點：凸透鏡成像規律及其探究實驗。專題：應用題。分析：陽光聚焦的方法確定凸透鏡的焦距根據凸透鏡成像的三種情況確定成像情況當u2f時，成倒立、縮小的實像；當fu2f時，成倒立、放大的實像；當uf時，成正立、放大的虛像解答：解：（1）將一個凸透鏡對準太陽光，可在距透鏡10cm的地方得到一個最小亮點，所以凸透鏡的焦距f=10cm（2）一個物體放在這個透鏡前15cm處，此時fU2f，成倒立、放大的實像故選B點評：掌握凸透鏡成像的三種情況：U2f，成倒立、縮小的實像；2fUf，成倒立、放大的實像；Uf，成倒正立、放大的虛像5如圖所示，教室內兩盞日

6、光燈有一個開關控制，以下電路中能反映它們正確連接的是（）ABCD考點：家庭電路的連接。專題：應用題；圖析法。分析：并聯電路中，各用電器工作時互不影響，用電器的開關應該連接在火線上解答：解：一只開關同時控制2盞日光燈，若摘掉其中任意一盞燈管，由另外一盞燈仍正常發光可知，這二盞日光燈是互不影響的，所以它們之間一定是并聯的；火線接用電器之前，應先接開關，故選A點評：本題考查的根據串并聯電路的特點判斷家庭電路的連接情況6如圖所示，在做“探究二力平衡條件”實驗時，選用質量較小的卡片，目的是忽略小卡片的重力對實驗的影響這種突出問題的主要方面，忽略次要因素，是物理學中經常采用的一種科學研究方法以下四個實例中

7、所用研究方法與此相同的是（）A選用質量相同的物體探究重力勢能與高度的關系B選用小磁針探究磁體周圍的磁場C選用輕繩探究使用定滑輪的特點D選用2和8兩個電阻串聯代替10的電阻考點：物理學方法。專題：實驗題。分析：要解答本題想掌握：物理研究中常常用到“控制變量法”、“等效替代法”、“模型法”、“類比法”等方法在做“探究二力平衡條件”實驗時，小卡片的重力很小，可以忽略對實驗的影響，所以目的是不考慮小卡片的重力；“轉換法”，主要是指在保證效果相同的前提下，將不可見、不易見的現象轉換成可見、易見的現象；物理學中多個因素對物體有影響，只改變其中的某一個因素，而控制其它因素不變，這種方法叫控制變量法等效替代法

8、是在保證某種效果（特性和關系）相同的前提下，將實際的、復雜的物理問題和物理過程轉化為等效的、簡單的、易于研究的物理問題和物理過程來研究和處理的方法解答：解：A、選用質量相同的物體探究重力勢能與高度的關系，是控制變量法故A錯誤B、選用小磁針探究磁體周圍的磁場，是控制變量法故B錯誤C、探究使用定滑輪的特點的實驗中，由于繩的重力對該實驗有影響，所以可選用輕繩，以便忽略其影響，故C正確D、選用2和8兩個電阻串聯代替10的電阻，是等效替代法，故D錯誤故選C點評：熟悉常見的研究物理問題的方法并在實際中加以識別和應用，掌握該實驗的器材選擇、進行實驗、實驗結論等對每個選項依次分析，明確每個實例采用的具體研究方

9、法，就能確定符合題意的選項7關于溫度、內能和熱量，下列說法正確的是（）A物體內能增大，一定從外界吸收熱量B汽油機在做功沖程中把機械能轉化為內能C物體內能減少時，溫度可能不變D鋸條鋸木板時，鋸條的內能增加，木板的內能減少考點：溫度、熱量與內能的關系。專題：順推法。分析：A、改變物體內能的兩種方式：做功和熱傳遞，改變物體內能的兩種方法是等效的B、汽油機四個沖程中做功沖程對外做功，將內能轉化為機械能；壓縮沖程壓縮氣體的過程中，將機械能轉換為內能C、晶體液態在凝固時，放出熱量、內能減少，但溫度不變；D、做功可以改變物體的內能：克服摩擦做功，使物體的內能增加、溫度升高解答：解：A、物體的內能增大，可能是

10、對物體做功，也可能是吸收熱量，故A錯；B、汽油機在做功沖程中，將內能轉化為機械能，故B錯；C、水凝固時，放出熱量、內能減少，但溫度不變，故C正確；D、鋸條鋸木板時，克服摩擦做功，使鋸條和木頭的內能都增加、溫度升高，故D錯故選C點評：本題考查了溫度、內能和熱量的關系，要特別注意：物體溫度升高、內能一定增加，但是物體內能增加、溫度不一定升高；物體吸熱、溫度不一定升高，物體溫度升高、不一定吸熱8如圖所示為寒冬出現的四個現象，其中屬于升華的是（）A口中呼出的“白氣”B冰凍的衣服晾干C玻璃上的“冰花”D河面上的冰塊考點：生活中的升華現象。專題：應用題。分析：（1）在一定條件下，物體的三種狀態固態、液態、

11、氣態之間會發生相互轉化，這就是物態變化；（2）物質由氣態直接變為固態叫凝華，物質由固態直接變為氣態叫升華；由氣態變為液態叫液化，由液態變為氣態叫汽化；由固態變為液態叫熔化，由液態變為固態叫凝固解答：解：A、冬天，口中呼出的“白氣”，是水蒸氣遇冷液化成的小液滴；故A錯誤；B、冰凍的衣服晾干，是固態的冰直接升華為水蒸氣；故B正確；C、玻璃窗上有的“冰花”，是固體的小冰晶，是由室內溫度較高的水蒸氣遇到溫度較低的玻璃，發生了凝華現象，凝結在玻璃的內表面；故C錯誤；D、河面上的冰塊，是河水凝固形成的；故D錯誤；故選B點評：分析生活中的熱現象屬于哪種物態變化，關鍵要看清物態變化前后，物質各處于什么狀態；另

12、外對六種物態變化的吸熱和放熱情況也要有清晰的認識9如圖所示的電路中，電源電壓恒定，R1為定值電阻閉合開關S，滑動變阻器R2的滑片P由b端移到a端的過程中，下列說法正確的是（）A電壓表和電流表的示數都變大B電壓表和電流表的示數都變小C電壓表的示數變大，電流表的示數變小D電壓表的示數變小，電流表的示數變大考點：歐姆定律的應用；串聯電路的電流規律；滑動變阻器的使用；電阻的串聯。專題：動態預測題；圖析法。分析：首先分析電路圖：定值電阻R1與滑動變阻器R2串聯，電流表測量的是整個電路中的電流，電壓表并聯在定值電阻兩端，測量的是定值電阻兩端的電壓；當滑動變阻器的滑片P由b端移到a端的過程中，分析滑動變阻器

13、接入電路中的阻值的變化，再利用串聯電路電阻的特點，判斷出電路中總電阻的變化，結合歐姆定律I=確定電流表示數的變化情況；定值電阻R1的阻值不變，可利用公式U=IR判斷出定值電阻R1兩端電壓的變化情況，即電壓表示數的變化情況解答：解：定值電阻R1與滑動變阻器R2串聯，電流表測量的是整個電路中的電流，電壓表測量的是定值電阻兩端的電壓；滑動變阻器的滑片P由b端移到a端的過程中，滑動變阻器接入電路的阻值變小，由串聯電路電阻的特點可知，則電路中的總電阻變小，由歐姆定律I可知，電路中的電流變大，即電流表的示數變小；定值電阻R1的阻值不變，而電路中的電流變大，由公式U=IR可知，定值電阻R1兩端的電壓變大，即

14、電壓表的示數變大故選A點評：本題考查歐姆定律公式及其變形的靈活運用，難點是判斷滑動變阻器滑片移動過程中電路電阻的變化，要知道串聯電路電流和電阻的規律10下列關于“力與運動”的認識正確的是（）A船從河里開到海里浮力變大B勻速上升的氣球不受重力的作用C用水平力推水平地面上的課桌，沒有推動，推力與阻力大小相等D掛在天花板上的電燈處于靜止狀態是因為物體間力的作用是相互的考點：力與運動的關系；平衡力和相互作用力的區分；二力平衡條件的應用；重力；物體的浮沉條件及其應用。專題：應用題。分析：A、利用漂浮特點分析，漂浮時浮力等于重力輪船在海里和在河里都是處于漂浮狀態，浮力等于輪船自身重力B、利用重力概念分析重

15、力是指由于地球的吸引而使物體受到的力地球附近的物體都受到重力作用C、利用平衡力的特點分析課桌在推力作用下，保持靜止狀態，靜止的課桌受到平衡力的作用豎直方向上受到重力和支持力是一對平衡力；水平方向上受到的推力和阻力是一對平衡力平衡力的條件：大小相等、方向相反、作用在一條直線上、作用在一個物體上D、利用平衡力的特點分析掛在天花板上的電燈處于靜止狀態是因為燈受到平衡力的作用解答：解：A、船不管是在海水里還是河水里都要漂浮在水面上，漂浮時浮力等于重力，而船重不變，所以無論在海里還是在河里船受到的浮力不變故A錯B、地球附近的物體都受到重力作用，所以勻速上升的氣球受重力的作用故B錯C、用水平力推水平地面上

16、的課桌，沒有推動，課桌仍保持靜止狀態，所以靜止的課桌受到平衡力的作用水平方向上受到的推力和阻力是一對平衡力，大小相等故C正確D、掛在天花板上的電燈處于靜止狀態是因為燈受到平衡力的作用，燈的重力與線對它向上的拉力是一對平衡力故D錯故選C點評：（1）本題考查物體沉浮條件的應用；要知道物體漂浮在水面上時，重力一定與浮力相等分析浮力時應抓住這一要點（2）地球附近的物體都有受到重力，是很重要的一點在很多題目中，對物體進行受力分析時，首先就要考慮重力的存在（3）靜止的物體和勻速直線運動的物體受到平衡力的作用，分析問題時常應用二力平衡的特點11如圖所示的四個實驗中，能說明電動機工作原理的是（）ABCD考點：

17、直流電動機的原理。專題：應用題。分析：電動機的工作原理是：通電導體在磁場中受到力的作用正確分析四個選項各是研究的什么問題，再做回答解答：解：A、是奧斯特實驗，小磁針發針偏轉說明通電導體周圍有磁場，不符合題意；B、電路中有電流，通電導體或線圈受到磁場力的作用發生運動，符合題意；C、是研究電磁鐵的磁性強弱的影響因素，不符合題意；D、在外力作用下使導體左右移動，切割磁感應線，則電流表指針發生偏轉，說明此時有感應電流產生，這是電磁感應現象，是發電機的工作原理，不符合題意故選B點評：本題涉及的內容有電流的磁效應、電動機的原理和發電機的原理注意電磁感應和通電導體在磁場中受力運動的裝置的不同，前者外部沒有電

18、源，后者外部有電源12將兩個定值電阻R1、R2并聯在電壓為U的電源兩端，R1消耗的功率為P1，R2消耗的功率為3P1，當把它們串聯在電壓為4U的電源兩端時，下列說法正確的是（）AR1兩端的電壓為UBR2消耗的功率變小C通過R2的電流變小D兩個電阻消耗的總功率為12P1考點：電功率的計算；串聯電路的電流規律；并聯電路的電壓規律；歐姆定律的應用。專題：計算題；應用題；動態預測題。分析：（1）兩電阻并聯時，根據并聯電路的電壓特點和P=結合兩電阻消耗的電功率求出電阻關系；（2）當把它們串聯在電壓為4U的電源兩端時，根據電阻的串聯和歐姆定律求出電路中的電流，再根據歐姆定律求出此時R1兩端的電壓，根據P=

19、I2R求出R2消耗的功率，根據P=UI求出電路消耗的總功率解答：解：當R1、R2并聯在電壓為U的電源兩端時，兩電阻兩端的電壓為U，根據P=可知：=3，即R1=3R2；當把它們串聯在電壓為4U的電源兩端時，電路中的電流I=，故通過R2的電流不變，故C不正確；R1兩端的電壓U1=IR1=×3R2=3U，故A不正確；R2消耗的功率P2=I2R2=（）2R2=3P1，R2消耗的功率不變，故B不正確；兩個電阻消耗的總功率P=UI=4U×=4×=4×3P1=12P1，故D正確故選D點評：本題考查了串聯電路和并聯電路的特點以及歐姆定律、電功率公式的靈活運用，關鍵是根據

20、題意得出兩電阻之間的關系，解題過程要注意各量之間的對應關系二、填空題（本題共8小題，每空1分，共28分）13噪聲是由發聲體的振動產生的中考期間，考場附近“禁鳴喇叭”，這是在聲源處（選填“聲源處”、“傳播途中”或“人耳處”）減弱噪聲噪聲也是一種能源，最近科研人員開發出一種T恤衫，它能在噪聲環境下發電，把聲能轉化為電能，為隨身攜帶的小電器及時充電考點：聲音的產生；防治噪聲的途徑；聲與能量。專題：應用題。分析：（1）從物理學角度來說，噪聲是發聲體無規則振動產生的；（2）從環境保護的角度來說，凡是影響人們正常的學習、生活、休息等的一切聲音，都是噪聲；（3）減弱噪聲的方法有：在聲源處減弱；在傳播過程中減

21、弱；在人耳處減弱；（4）噪聲也是一種能源，利用能量的轉化可以將聲能轉化為電能解答：解：（1）從物理學角度來說，噪聲是發聲體無規則振動產生的；從環境保護的角度來說，凡是影響人們正常的學習、生活、休息等的一切聲音，都是噪聲所以說噪聲是由發聲體的振動產生的（2）考場附近“禁鳴喇叭”，這是在聲源處禁止噪聲傳播（3）噪聲也是一種能源，一種T恤衫，它能在噪聲環境下發電，把聲能轉化為電能，為隨身攜帶的小電器及時充電故答案為：振動；生源處；聲；電點評：此題主要考查噪聲的定義及減弱方法，以及能量的轉化，都屬于基礎知識14 2012年2月，首批“長鼻子”校車在南京投入使用，如圖所示（1）校車行駛過程中，以司機為參

22、照物，路邊的樹是運動（選填“運動”或“靜止”）的（2）每個座位都有安全帶，這是為了防止汽車緊急剎車時，學生由于具有慣性而造成的傷害（3）校車駕駛員安全管理規定中明確指出車速不得超過40km/h“40km/h”是指校車在行駛過程中的最大速度（選填“平均速度”或“最大速度”）（4）小明早晨7點乘校車去上學，7點24分到達學校，設小車行駛的平均速度為30km/h，則小明乘車地點到學校的路程是12km考點：運動和靜止的相對性；速度與物體運動；速度公式及其應用；慣性。專題：應用題。分析：（1）判斷一個物體是運動的還是靜止的，要看這個物體與所選參照物之間是否有位置變化，若位置有變化，則物體相對于參照物是運

23、動的；若位置沒有變化，則物體相對于參照物是靜止的（2）物體保持原來運動狀態不變的性質稱為慣性，慣性的大小只與物體的質量有關；（3）校車駕駛員安全管理規定中明確指出車速不得超過40km/h，即最大行駛速度不能超過40km/h（4）知道此時的運動時間和運動的速度，據公式s=vt可計算出運動的路程解答：解：（1）校車行駛過程中，以司機為參照物，路邊的樹相對于司機的位置發生了改變，故路邊的樹相對于司機是運動的；（2）每個座位都有安全帶，這是為了防止汽車緊急剎車時，由于慣性而飛出，造成二次傷害；（3）校車駕駛員安全管理規定中明確指出車速不得超過40km/h，即最大行駛速度不能超過40km/h（4）此時所

24、走的路程是：S=vt=30km/h×h=12km故答案為：（1）運動；（2）慣性；（3）最大速度；（4）12點評：該題考查了參照物的選取、慣性應用的判斷、最大速度的理解和速度的計算等知識點15用手將一重為5N的物體全部壓入水中，物體排開的水重8N，此時物體受到的浮力為8N，放手后物體將上浮（選填”“上浮”、“下沉”或“懸浮”），待物體靜止時所受浮力為5N，排開水的體積是5×104m3考點：物體的浮沉條件及其應用；阿基米德原理。專題：計算題。分析：（1）根據阿基米德原理，物體所受浮力等于它排開的水重；（2）比較物體受到的重力和浮力的大小關系根據浮沉條件來進行判斷物體的浮沉情況

25、；（3）確定了放手后物體的浮沉，再進一步判斷變化后的浮力，最后利用阿基米德原理求排開水的體積解答：解：（1）物體受到的浮力：F浮=G排=8N；（2）物體重G=5N，F浮G，放手后物體將上浮；（3）待物體靜止時，漂浮在水面上，F浮=G=5N，此時排開水的體積：V排=5×104m3故答案為：8；上浮；5；5×104點評：物體的浮沉條件是我們應該熟知的重要知識，根據它可以判斷物體浮沉，也可以在已知浮沉的情況下判斷浮力與重力的關系解此類題目要將阿基米德原理和物體的浮沉條件結合使用16如圖所示為國首臺自主設計的“蛟龍號”載人潛水器，總質量為22t，2012年6月，“蛟龍號”挑戰700

26、0m深度，下潛過程中它受到海水的壓強將變大（選填“變大”、“變小”或“不變”），當它懸浮在深海某處時，受到的浮力約為2.2×105N（g取10N/kg）考點：阿基米德原理；液體的壓強的計算；物體的浮沉條件及其應用。專題：計算題。分析：（1）潛水艇在下潛的過程中，所處深度變大，由液體壓強公式分析所受壓強變化情況；（2）物體懸浮時，受到的浮力等于物體的重力解答：解：（1）潛水艇在下潛的過程中：p=gh，所處深度h變大，潛水器受到水的壓強變大（2）懸浮時受到的浮力：F浮=G物=mg=22×103kg×10N/kg=2.2×105N故答案為：變大；2.2

27、5;105點評：本題考查液體的壓強和物體的浮沉條件等知識點，分析物體受液體的壓強的變化時，找出深度變化情況是關鍵，計算過程中注意單位的統一17如圖所示，在一個盛水的玻璃杯內插入一根吸管A，用另一根吸管B對準A的管口上方吹氣，看到A的管口有水噴出，這是因為流體的流速越大，壓強越小以下現象中不能用此原理解釋的是（填序號）平行于岸邊航行的船不能靠岸太近；用吸管把飲料吸進嘴里；狂風會把一些不牢固的建筑物的屋頂掀翻考點：流體壓強與流速的關系。專題：實驗題。分析：吹氣之前，吸管A和燒杯構成連通器，吸管內和燒杯內液面相平據流體壓強和流速的關系：流速越大，壓強越小，流速越小，壓強越大，故當向B管吹氣時，A管上

28、方的空氣流動速度增大，壓強減小，A管下方壓強不變，A管內的液體受到向上的壓強大，液面上升解答：解：往B管中吹氣，吸管A上方空氣的流速增大，壓強減小，A管中液體受到向上的壓強大于向下的壓強，液面上升故上述情景中，是利用了流體壓強與流速的關系；而下面的三個說法的原理依次是：平行于岸邊航行的船若靠岸太近，此時船與岸間水的流速大、壓強小；而另一側水的流速小、壓強大，故在內外壓強差的作用下，船被壓向岸，可能造成危險，故不符合題意；用吸管把飲料時，吸管內的空氣變少，壓強變小，管外的大氣壓大于管內的大氣壓，故飲料在外界大氣壓的作用下被壓入嘴里，符合題意；狂風會把一些不牢固的建筑物的屋頂掀翻，其原因是屋頂上方

29、的空氣流速大，壓強小；而屋內的空氣流速小，壓強大，故在內外壓強差的作用下將屋頂掀翻，故不符合題意故答案為：大；小；點評：對于流體壓強問題，要明確被研究的物體，物體的哪兩個側面流體流速不同，判斷兩個側面的壓強情況，進而判斷物體在壓強差作用下的運動情況18某同學用天平和量筒測量小石塊的密度（1）測量原理是=（2）圖甲為用天平測量小石塊質量過程中的幾個情境，合理的順序是acb（填字母）（3）有圖甲（b）可知，小石塊的質量是71.4g（4）將石塊放入盛有40ml水的量筒中，靜止時液面情況如圖乙所示，則小石塊的密度是3.57×103kg/m3考點：固體的密度測量實驗。專題：實驗題。分析：（1）

30、實驗原理應該根據實驗目的和提供的測量器材確定；（2）合理的操作順序可簡化實驗，更主要的是能減小誤差的產生，本實驗中，應先調節天平使橫梁平衡，后測質量；（3）使用天平測量物體質量時，被測物體質量等于砝碼總質量與游碼所對刻度之和；（4）用量筒測量石塊體積時，應讀取兩次示數的差值，最后利用公式=計算出物體的密度解答：解：（1）本實驗的目的是測量石塊的密度，提供的測量工具是天平和量筒，所以實驗原理是公式=；（2）使用天平測量物體質量分兩步：調平天平，測量質量將天平放在水平臺上，將游碼撥到標尺最左端的零刻線處，調節平衡螺母使橫梁平衡；將被測物體放在左盤，估計質量，用鑷子夾取適當的砝碼放在右盤，必要時調節

31、游碼，使橫梁平衡所以測量順序為acb；（3）石塊的質量為m=50g+20g+1.4g=71.4g；（4）石塊是體積為V=60cm340cm3=20cm3；石塊的密度為=3.57g/cm3=3.57×103kg/m3故答案為：（1）=；（2）acb；（3）71.4；（4）3.57×103點評：本題主要考查了天平、量筒的使用與讀數，測固體密度實驗的基本步驟，以及密度公式的簡單計算，屬于基本的實驗能力，是我們應該熟練掌握的19塑料尺是同學們常用的學習工具，利用它可以做很多實驗（1）如圖所示，用塑料尺測得物體A是3.5cm（2）用塑料尺先后快撥和慢撥木梳的齒，這是為了研究聲音的音調

32、與頻率有關（3）用與毛皮摩擦過的塑料尺靠近不帶電的泡沫小球時，小球會被吸引（選填“吸引”或“排斥”）（4）塑料尺不容易被拉長，是因為分子間存在引力（5）如果讓塑料尺從某一高度自由落下，則塑料尺的運動越來越快，這是因為力能改變（選填“改變”或“維持”）物體的運動狀態考點：刻度尺的使用；力的作用效果；音調；電荷間的相互作用規律。專題：應用題。分析：（1）刻度尺的讀數首先要觀察其量程和分度值，起始端從0開始的，估讀到分度值的下一位數；（2）音調表示聲音的高低，和發聲體的振動頻率有關系，振動頻率越快，音調越高；（3）用毛皮摩擦過的塑料尺會帶有靜電，帶點物體都有吸引輕小物體的性質；（4）分子之間存在相互

33、作用的引力和斥力；（5）力可以改變物體的運動狀態（包括運動速度和運動方向）解答：解：（1）此刻度尺的分度值為1cm，起始端從零開始，要估讀到分度值的下一位因此該物體的長度為3.5cm（2）用塑料尺先后快撥和慢撥木梳的齒，改變了木梳的齒的振動頻率，改變了聲音的音調因此是研究聲音的音調和振動頻率之間的關系；（3）用與毛皮摩擦過的塑料尺帶有靜電，帶電體都有吸引輕小物體的性質，故小球會被吸引；（4）塑料尺不容易被拉長，是因為分子間存在引力；（5）如果讓塑料尺從某一高度自由落下，在重力的作用下，塑料尺的運動越來越快，這是因為力能改變物體的運動狀態故答案為：（1）3.5；（2）音調；（3）吸引；（4）引力

34、；（5）改變點評：此題考查的知識點比較多，有刻度尺的正確讀數、音調和振動頻率的關系、摩擦起電、分子之間的作用力和力可以改變物體的運動狀態等，基礎性題目，比較簡單20物理興趣小組的同學用圖甲所示的裝置來提升重物M，圖乙是物體上升過程某段時間內的st圖線已知物體重為1N，閉合開關后，在2.4s2.8s這段時間內，電流表和電壓表的示數分別為0.2A和4V，則2.4s2.8s這段時間內該裝置提升重物做得有用功為0.2J，它的效率是62.5%考點：功的計算；滑輪（組）的機械效率。專題：計算題。分析：（1）由圖乙可知在2.4s2.8s這段時間內重物提升的高度，知道物體重，利用W=Gh求這段時間內該裝置提升

35、重物做得有用功；（2）知道電流表和電壓表的示數，即加在電動機兩端的電壓和通過的電流，又知道通電時間，利用W=UIt求消耗的電能，再利用效率公式求電動機的效率解答：解：（1）由圖乙可知在2.4s2.8s這段時間內，重物提升的高度：s=0.75m0.55m=0.2m，W有用=Gh=1N×0.2m=0.2J；（2）通電時間：t=2.8s2.4s=0.4s，W總=UIt=4V×0.2A×0.4s=0.32J，=62.5%故答案為：0.2；62.5%點評：本題考查了有用功、總功、效率的計算，能從圖中得出相關信息、靈活運用公式計算是本題的關鍵三、解答題（本題共10小題，共48

36、分，解答29、30題時應有公式和解答過程）21按照題目要求作圖：（1）在圖甲中，根據平面鏡成像特點，畫出物體MN的像MN（2）在圖乙中，小球從水平桌面上滾下，畫出小球在A位置時所受的重力的示意圖（3）在圖丙中，根據磁感線方向標出通電螺線管中的電流方向和小磁針的N極考點：平面鏡成像的相關作圖；重力示意圖；通電螺線管的極性和電流方向的判斷。專題：作圖題。分析：（1）平面鏡成像的特點：像與物到平面鏡的距離相等、連線與鏡面垂直、大小相等、左右相反，即像與物關于平面鏡對稱；作出兩個端點M、N的像點，連接像點即為物體MN在平面鏡中的像（2）物體的重力G的作用點在重心，方向是豎直向下，從重心（幾何中心）沿豎

37、直向下畫一帶箭頭的線段，并標出重力符號（3）磁感線在磁體的外部都是從N極到S極，根據安培定則判斷出電流的方向，根據小磁針靜止時N極的指向與該點磁場方向一致，就可以標出小磁針的N、S極解答：解：（1）根據平面鏡成像的特點，先作出物體MN的端點M、N在平面鏡中的對稱點M、N，連接M、N點即為物體MN在平面鏡中的像，注意輔助線和像用虛線，如圖所示：（2）重力G的作用點在重心，方向豎直向下，答案如下圖所示：（3）由圖可見，磁感線從通電螺線管的左端出來，回到右端，因此通電螺線管的左端是N極，右端是S極；根據安培定則，就可以判斷出螺線管上電流的方向向上；由磁場的方向可以判斷出，小磁針的右端是N極，如下圖所

38、示：點評：（1）在平面鏡成像作圖中，若作出物體在平面鏡中所成的像，要先根據像與物關于平面鏡對稱，先作出端點和關鍵點的像點，再用虛線連接各點即為物體的像（2）確定重力的作用點和方向是作圖的前提，會用示意圖表示力的作用點和方向（3）考查磁極間的相互作用及右手螺旋定則，要求能熟練應用右手螺旋定由電流方向判斷磁極方向，或由磁極方向判斷電流方向22如圖所示的電路，電源電壓恒定某同學用該電路驗證“在導體兩端的電壓一定時，通過導體的電流與導體的電阻成反比”他多次只改變電阻箱R1的阻值，測得相應的電流值，如表所示：實驗序號R1/I/A50.30100.20150.15（2）此實驗中，電源電壓為3V考點：探究串

39、、并聯電路中的電壓規律實驗。專題：實驗題。分析：（1）探究“電流跟電壓、電阻的關系”實驗重點的是考查控制變量法，研究電流跟電壓關系時，控制電阻不變，研究電流跟電阻關系時要保持電壓不變（2）根據表中的數據首先求出R2的阻值，再根據歐姆定律求出電源電壓解答：解：（1）本實驗應該調節滑動變阻器，保持電壓表示數不變，研究電流跟電阻的關系；根據表中數據，通過導體的電流與導體的電阻不成反比原因是改變電阻箱R1的阻值時，應該保持電阻箱R1兩端的電壓不變故答案為：不成；沒有控制電阻箱R1兩端的電壓不變（2）根據表中的測量數據，第一次測量中，電源電壓U=U1+U2=I1R1+I1R2=0.3A×5+0

40、.3A×R2=1.5V+0.3A×R2第二次測量中，電源電壓U=U1+U2=I2R1+I2R2=0.2A×10+0.2A×R2=2V+0.2A×R2根據以上兩個式子解出R2=5將R2=5帶入到上式中得到電源電壓U=U=U1+U2=1.5V+0.3A×R2=1.5V+0.5A×5=3V故答案為：3點評：此題主要考查的是對歐姆定律的理解和掌握，以及對歐姆定律公式的正確應用以及對數據的處理能力和分析總結能力23小明用如圖所示的裝置作“觀察水的沸騰”實驗（1）他為圖中溫度計寫了一份使用說明書，其中有科學性錯誤的一條是（填序號） 溫度

41、計說明書測量前，了解溫度計的量程和分度值；測量時，溫度計的玻璃泡與被測液體充分接觸；待溫度計的示數穩定后再讀數，讀數時溫度計可以離開被測液體；讀數時，視線要與溫度計中液柱的上表面相平 時間/min 0 1 23 4 5 67 8 9 水溫/ 90 9294 96 98 98 98 98 98 98（4）撤去酒精燈，小明觀察到水沒有立即停止沸騰，此時的溫度等于（選填“高于”、“等于”或“低于”）沸點（5）若燒杯中水的質量是100g，從90升高到95，水的內能增加了2.1×10 3J；這個過程至少需要消耗0.07g酒精水的比熱容為4.2×103J/（kg），酒精的熱值為3.0&

42、#215;102J/kg考點：探究水的沸騰實驗。專題：計算題；實驗題。分析：（1）使用溫度計前：首先看清它的量程，或者說要看清它所能測量的最高溫度和最低溫度的溫度范圍；然后看清它的分度值，也就是一個小格代表的值使用溫度計時：溫度計的玻璃泡全部浸入被測的液體中，不要碰到容器底和容器壁；溫度計玻璃泡浸入被測物體后要稍后一會兒，待溫度計的示數穩定后再讀數；讀數時溫度計的玻璃泡要繼續留在液體中，視線要與溫度計中液柱的上表面相平（2）使用溫度計測量液體的溫度，讀數時先看清是零上還是零下的，然后認清量程和分度值，最后讀出示數（3）水在沸騰過程中溫度保持不變，此時的溫度就是水的沸點（4）水沸騰時，不斷吸收熱

43、量，溫度保持不變水在沸騰后，仍然需要吸熱來維持沸騰狀態；（5）知道水的質量、水的比熱容、水的溫度升高值，利用吸熱公式Q吸=cmt求水吸收的熱量；由題知Q吸=Q放，根據公式Q放=qm求出需要燃燒的酒精的質量解答：解：（1）溫度計玻璃泡進入被測液體后要稍等一會兒，待溫度計示數穩定后再讀數；三是讀數時溫度計的玻璃泡要繼續留在液體中，視線要與溫度計中液柱上表面相平因此不正確（2）由圖知，溫度計的分度值是1，所以溫度計的示數是94（3）從表中數據可以看出，水從4分鐘到9分鐘這段時間內溫度保持98不變，所以水的沸點是98（4）水沸騰后，若撤去加熱源，由于此時水的溫度還沒下降，因此水的溫度還等于沸點（5）水

44、吸收的熱量（水的內能增加值）：Q吸=cmt=4.2×103J/（kg）×0.1kg×（9590）=2.1×10 3J；Q吸=Q放=m酒精q，m酒精=0.7×104 kg=0.07g故答案為：（1）；（2）94；（3）98；（4）等于；（5）2.1×10 3；0.07點評：此題通過水的沸騰實驗考查了溫度計的使用方法、水的沸騰過程、同時考查學生對吸熱公式Q吸=cmt和Q放=qm的掌握和運用，要注意分析，認真解答24為了探究光的反射規律，小明用如圖所示的裝置進行實驗，平面鏡置于水平桌面上把一可沿ON折疊的白色硬紙板豎直放置在平面鏡M上（1）

45、在實驗中使用白色硬紙板能顯示反射光線和入射光線，也能方便地測量反射角和入射角（2）以法線ON為軸線，將白色硬紙板的B面繞法線ON向后旋轉，此時反射光線的位置不發生（選填“發生”或“不發生”）變化考點：平面鏡成像的特點、原理、現象及其實驗方案；物體的顏色。專題：實驗題。分析：（1）白色物體能夠反射所有色光，黑色物體吸收所有色光；（2）光的反射定律：入射光線、反射光線和法線在同一平面內，入射光線和反射光線分居在法線兩側，反射角等于入射角解答：解：（1）為了更好的觀察到反射光線和入射光線，實驗中采用了白色硬紙板，光線在白色紙板上的軌跡就容易觀察到了，也方便反射角和入射角的大小（2）以法線ON為軸線，

46、將白色硬紙板的B面繞法線ON向后旋轉，此時反射光線的位置不發生變化，因為反射光線是由入射光線決定的故答案為：（1）反射光線和入射光線；反射角和入射角；（2）不發生點評：本題考查了探究光的反射的實驗光的反射遵循反射定律：反射光線、入射光線、法線在同一平面內，反射光線和入射光線分居法線的兩側，反射角等于入射角25在“探究物體動能大小與物體的速度、質量關系”的實驗中，讓小車從斜面的不同高度由靜止開始下滑，撞擊水平木板上的木塊如圖所示（1）本實驗的研究對象是小車（2）小車放置的位置越高，木塊被撞擊得越遠研究表明：當質量一定時，物體動能的大小與物體的速度有關（3）甲、乙兩次實驗木塊移動過程中受到的摩擦力

47、分別為f甲、f乙，則（填序號）f甲f乙 f甲f乙 f甲=f乙考點：探究影響物體動能大小的因素；摩擦力的大小。專題：實驗探究題；控制變量法；轉換法。分析：（1）此實驗把動能的大小轉換為木塊被撞擊后運動的距離，距離越遠表明小球的動能越大；（2）該實驗利用了控制變量法和轉換法，同一小車保證了質量相同，從斜面的不同高度滑下，到達水平面時的速度不同，木塊被撞后移動的距離越遠，推力做功越多，就可以說明木塊的動能越大，從而得出質量相同時，速度越大的物體動能越大（2）摩擦力的大小取決于壓力和接觸面的粗糙程度，如果壓力和接觸面的粗糙程度沒有改變則物體運動時的摩擦力就沒有改變解答：解：（1）本實驗研究的是小車，由

48、于是質量不同的小車分別從同一斜面上的同一高度由靜止開始下滑，因此探究的是小車的動能與物體質量的關系；（2）讓小車從斜面的不同高度滑下，那么小車到達水平面時的速度就不同，小車推動木塊做功，運動距離越遠，做功越多，動能越大所以根據控制變量法可得結論是：當質量一定時，物體動能的大小與物體的速度有關（3）甲、乙兩次實驗木塊移動過程中因沒有改變木塊和接觸面，所以受到的摩擦力相同，即f甲=f乙故選故答案為：小車；質量；速度；點評：明確本實驗中研究動能大小的決定因素時運用了控制變量法，反映動能多少時運用了轉換法26物理實驗小組的同學，利用如圖所示的裝置，在杠桿支點的兩邊分別掛上鉤碼來探究杠桿的平衡條件（1）

49、如圖甲所示，為使杠桿在水平位置平衡，應將右端的平衡螺母向右（選填“左”或“右”）移動，將杠桿調在水平位置的目的是為了方便測量力臂（2）實驗中測得的數據如表所示，表格中漏填的數據為1N 測量序號 動力F1/N 動力臂l1/cm阻力F2/N 阻力臂l2/cm 1 20 2 10 2 15 1.5 20 3 51 15A沒有改變力的大小 B沒有改變力的方向C沒有改變力的作用點 D實驗次數較少，結論具有偶然性考點：探究杠桿的平衡條件實驗。專題：實驗題。分析：（1）由圖知，杠桿左端下傾，說明杠桿的重心在支點左側，調節平衡螺母應使杠桿重心右移，這一調節過程的目的是為了直接從杠桿上讀出力臂；（2）由前兩組可

50、以得到杠桿的平衡條件：動力×動力臂=阻力×阻力臂第三組已知動力和動力臂、阻力臂，所以可以得到阻力；（3）從支點到動力作用線的垂直距離叫動力臂；從支點到阻力作用線的垂直距離叫阻力臂解答：解：（1）杠桿重心左移應將平衡螺母向右調節，直至重心移到支點處；由于力臂是支點到力的作用線的垂直距離，調節杠桿在水平位置平衡時，可以方便的讀出力臂；（2）第三組的阻力為F2=1N；（3）“動力×支點到動力作用點的距離=阻力×支點到阻力作用點的距離”，是在杠桿在水平位置平衡且動力和阻力的方向都是豎直向下的條件下得出的，也就是實驗過程中沒有改變動力或阻力的方向故選項A、C、D錯

51、誤，選項B正確故答案為：（1）右；力臂；（2）1；（3）B點評：探究杠桿平衡條件時，使杠桿在水平位置平衡，此時力與杠桿垂直，力臂的長度可以直接從杠桿上讀出來27一個額定電壓是2.5V的小燈泡，正常工作時的電阻約為8小明想測量它的額定功率實驗室有如下器材：電源（電壓恒為6V）、電流表、電壓表、開關各1個、規格分別為“10 1A”和“50 0.5A”的滑動變阻器2個，導線若干（1）小明設計了圖甲所示電路，他應選用規格為50 0.5A的滑動變阻器（2）圖乙是小明根據電路圖連接的實物圖，閉合開關后，移動滑動變阻器的滑片，發現小燈泡不亮，經檢查是由于一根導線連接錯誤，請你在圖乙中連接錯誤的導線上打“&#

52、215;”并補畫出正確的連線（3）小明正確連線后，繼續試驗當電壓表的示數為2.5V時，電流表的示數如圖丙所示為0.32A，小燈泡的額定功率是0.8W（4）實驗結束后，小明整理實驗器材時，發現滑動變阻器的AP部分比PD部分熱，這是因為AP部分的電阻比PD部分的電阻大考點：探究用電器的電功率實驗。專題：實驗題。分析：（1）根據串聯電路的特點求出燈泡正常發光時滑動變阻器兩端的電壓，然后由歐姆定律求出此時滑動變阻器接入電路的阻值，根據這個阻值，判斷選擇哪個滑動變阻器；（2）開關、滑動變阻器、燈泡串連接入電路，電壓表并聯在電路兩端，故據此分析判斷即可；（3）先確定電流表的分度值，而后據電流表讀出對應的示

53、數，據公式P=UI可計算出額定功率；（4）據焦耳定律分析判斷即可解答：解：（1）燈泡正常發光時，通過其的電流約是I=0.3A，滑動變阻器兩端的電壓U滑=UU燈泡=6V2.5V=3.5V，滑動變阻器接入電路的電阻R=11.710，所以應選擇“50 0.5A”的滑動變阻器；（2）在該電路中，變阻器應與燈泡串聯，故答案見下圖（3）該電流表選的是小量程，其分度值是0.02A，故其示數是0.32A，故其額定功率是：P=UI=2.5V×0.32A=0.8W；（4）據焦耳定律Q=I2Rt可知，AP部分比PD部分的電流相同，通電時間相同，但AP部分的電阻比PD部分的電阻大，故在AP部分所產生的電熱多，故滑動變阻器的AP部分比PD部分熱故答案為：（1）50 0.5A；（2）見上圖；（3）0.32A；0.8W；（4）AP部分的電阻比PD部分的電阻大點評：本題考查了滑動變阻器的選擇、連接實物圖、計算電功率等知識點，是一道中檔題；故在處理時一定要細心28如圖所示為“探究影響導題電阻大小因素”的實驗電路，A、B之間