1、2015-2016學年河北省廊坊市高一（下）期末物理試卷一、選擇題：（本大題包括12個小題，每小題4分，共48分.第1至第7小題為單選題，第8至第12小題為多選題，多選題全部選對的得4分，選對但不全的得2分，選錯或不答的得0分）1關于運動的性質，下列說法中正確的是（）A變速運動一定是曲線運動B曲線運動一定是變加速運動C曲線運動一定是變速運動D物體加速度數值，速度數值均不變的運動一定是直線運動2關于機械能以下說法中正確的是（）A物體的機械能守恒，一定只受重力或彈簧彈力作用B物體處于平衡狀態(tài)時機械能一定守恒C物體只要受到摩擦力作用，其機械能一定不守恒D物體的動能和重力勢能之和增大時，必定有重力以外

2、的其它力對物體做了功3關于地球同步通訊衛(wèi)星，以下說法中不正確的是（）A各國發(fā)射的這種衛(wèi)星都在赤道所在平面內B各國發(fā)射的這種衛(wèi)星其軌道半徑都一樣C這種衛(wèi)星運行的線速度介于第一和第二宇宙速度之間D這種衛(wèi)星運行的線速度一定小于第一宇宙速度4若取地球的第一宇宙速度為8km/s某行星的質量是地球質里的1.5倍，半徑是地球的 6倍，則此行星的第一宇宙速度約為（）A16 km/sB32 km/sC4km/sD2km/s5長度不同的兩根細繩懸于同一點，另一端各系一個質量相冋的小球，使它們在同一水 平面內做圓錐擺運動，如圖所示，則有關兩個圓錐擺物理量相同的是（）A向心力的大小B線速度的大小C轉速D繩拉力的大小6

3、長度為0.5m的輕質細桿OA，A端有一質最為lkg的小球，以O點為圓心，在豎直平面 內做圓周運動，如圖所示，小球通過最高點時的速度為2m/s，取g=10m/s2，則此時輕桿OA將（）A受到2N的壓力B受到2N的拉力C受到8N的拉力D受到8N的壓力7如圖所示，一飛行器圍繞地球沿半徑為r的圓軌道l運動經P點時，啟動推進器短時間向前噴氣使其變軌，2、3是與軌道1相切于P點的可能軌道則飛行器（）A變軌后將沿軌道2運動B相對子變軌前運行周期變短C變軌前、后在兩軌道上經P點的速度大小相等D變軌前、后在兩軌道上經P點的加速度大小不相等8某偵察衛(wèi)星距離地面商度僅有16km它可以發(fā)現地面上邊長僅為0.36m的方

4、形物體，理論和實踐都表明：衛(wèi)星離地面越近，它的分辨率就越高，那么分辨率越高的衛(wèi)星（）A向心加速度一定越大B角速度一定越大C周期一定越大D線速度一定越大9下列圖中實線為河岸，河水的流動方向如圖v的箭頭所示，虛線為小船從河岸M駛向對岸N的實際航線則其中可能正確是（）ABCD10如圖所示用恒力F拉著質量為m的物體由靜止沿水平面從A移到B的過程中，下列說法正確的是（）A有摩擦力時與無摩擦力時F做功一樣多B有摩擦力時比無摩擦力時F做的功多C有摩擦力時比無摩擦力時F的平均功率大D有摩擦力時比無摩擦力時物體動能增加少11如圖所示，一質量為m的小球固定于輕質彈簧的一端，彈簧的另一端固定于O點處，將小球拉至A處

5、，彈簧恰好無形變，由靜止釋放小球，它運動到O點正下方B點時速度為v，B點與A點的豎直高度差為h則（）A由A至B小球機械能守恒，重力對小球做功mghB由A至B小球重力勢能減少C小球到達位罝B時彈簧的彈性勢能為mghD由A至B小球機械能減少量為mgh12如圖所示，水平轉臺上有一個質量為m的物塊，用長為L的細繩將物塊連接在轉軸上，細線與豎直轉軸的夾角為角，此時繩中張力為零，物塊與轉臺間動摩擦因數為（tan），最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，物塊隨轉臺由靜止開始緩慢加速轉動，則（）A至繩中出現拉力時，轉臺對物塊做的功為2mgLsinB至繩中出現拉力時，轉臺對物塊做的功為mgLsinC至轉臺對物塊支持力為零

6、時，轉臺對物塊做的功為D設法使物體的角速度增大到時，物塊機械能增量為二、實驗題：（第13小題8分，第14小題12分，共20分.）13在一個未知星球上用如圖甲所示裝置研究平拋運動的規(guī)律懸點O正下方P點處有水平放置的熾熱電熱絲，當懸線擺至電熱絲處時能輕易被燒斷，小球由于慣性向前飛出作平拋運動現對小球采用頻閃數碼照相機連續(xù)拍攝在有坐標紙的背景屏前，拍下了小球在作平拋運動過程中的多張照片經合成后，照片如圖乙所示a、bc、d為連續(xù)四次拍下的小球位置，已知照相機連續(xù)拍照的時間間隔是0.10s，照片大小如圖中坐標所示，又知該照片的長度與實際背景屏的長度之比為1：3，則：（1）a點 （填“是”或者“不是”）小

7、球的拋出點；（2）可以算出小球平拋的初速度是 m/s；（3）可以推算出該星球表面的重力加速度為 m/s1；（4）可以算出小球在c點時的速度是 m/s（可以用根式表示）14在驗證機械能守恒定律的實驗中，下面列出一些實驗步驟A用天平測出重物和夾子的質量；B先將重物與紙帶連接，再將紙帶穿過打點計時器，上端用手提著，并且讓重物靠近打點計時器；C打點計時器接在學生電源交流輸出端，把輸出電壓調至6V （電源不接通、交流）；D打點計時器固定在置于桌邊的鐵架臺上，使兩個限位孔在同一豎直線上； E在紙帶上選取幾個點，進行測量和記錄數據； F用秒表測出重物下落的時間；G接通電源待計時器響聲穩(wěn)定后釋放紙帶；H切斷電

8、源；I更換紙帶，重新進行兩次；J在三條紙帶中選出較好的一條；K進行計算，得出結論，完成實驗報告；L拆下導線，整理器材以上步驟中，不必要的有 ，正確步驟的合理順序是 （填寫字母） （2）某次實驗中質量m=0.5kg的重錘自由下落，對應紙帶上打出了一系列 的點，如圖2所示，相鄰記數點時間間隔為0.02s，并測出各點到第一個點的距離長度，單位是cm，g取9.8m/ss，求（保留3位有效數字）：從打下點O到打下記數點B的過程中，物體重力勢能的減小量E= J，動能的增加量EA= J實驗結論是 三、計算題：（本題包括3個小題，共32分，答題時要求寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的

9、不能得分.）15把一小球從離地面20m處，以15m/s的初速度水平拋出，不計空氣阻力取重力加速度g=10m/s2求：（1）小球在空中飛行的時間；（2）小球落地點離拋出點的水平距離；（3）小球落地時的速度16宇航員在地球表面以一定初速度豎直上拋一小球，經過時間t小球落回原處，若他在某星球表面以相同的初速度豎直上拋同一小球，需經過時間t小球落回原處（取地球表面重力加速度g=10m/s2，空氣阻力不計）（1）求該星球表面附近的重力加速度g星；（2）己知該星球的半徑與地球半徑之比為：R星：R地=1：5，求該星球的密度與地球密度之比星：地17如圖所示，一可看成質點的小球從A點以某一水平向右的初速度出發(fā)，

10、沿水平直線軌道運動到B點后進入半徑R=10cm的光滑豎直圓形軌道，圓形軌遒間不相互重疊即小球離開圓形軌道后可繼續(xù)向C點運動，C點右側有一壕溝，C、D兩點的豎直高度h=0.8m，水平距離s=2m，水平軌道AB長為L1=5m，BC長為L2=4m，小球與水平軌道間的動摩檫因數=0.2取重力加速度g=l0m/s2則：（1）若小球恰能通過圓形軌道的最高點，求小球在A點的初速度；（2）若小球既能通過圓形軌道的最高點，又不掉進壕溝，求小球在A點初速度的范 圍是多少2015-2016學年河北省廊坊市高一（下）期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題：（本大題包括12個小題，每小題4分，共48分.第1至第7小題

11、為單選題，第8至第12小題為多選題，多選題全部選對的得4分，選對但不全的得2分，選錯或不答的得0分）1關于運動的性質，下列說法中正確的是（）A變速運動一定是曲線運動B曲線運動一定是變加速運動C曲線運動一定是變速運動D物體加速度數值，速度數值均不變的運動一定是直線運動【考點】曲線運動【分析】物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上，但合外力方向、大小不一定變化；既然是曲線運動，它的速度的方向必定是改變的，所以曲線運動一定是變速運動變加速運動是指加速度變化的運動，曲線運動的加速度可以不變【解答】解：A、勻加速運動也是變速運動，但不是曲線運動，所以A錯誤B、平拋運動是曲線運動，但加速度不變，

12、是勻加速曲線運動，所以B錯誤C、無論是物體速度的大小變了，還是速度的方向變了，都說明速度是變化的，都是變速運動，做曲線運動的物體的速度方向在時刻改變，所以曲線運動一定是變速運動，所以C正確D、勻速圓周運動的加速度數值、速度數值均不變，是曲線運動所以D錯誤故選C2關于機械能以下說法中正確的是（）A物體的機械能守恒，一定只受重力或彈簧彈力作用B物體處于平衡狀態(tài)時機械能一定守恒C物體只要受到摩擦力作用，其機械能一定不守恒D物體的動能和重力勢能之和增大時，必定有重力以外的其它力對物體做了功【考點】機械能守恒定律【分析】物體機械能守恒的條件是只有重力或者是彈力做功，根據機械能守恒的條件逐個分析物體的受力

13、的情況，即可判斷物體機械能是否守恒【解答】解：A、物體的機械能守恒時，只有重力或者彈力做功，物體除了受重力和彈力的作用，還有可能受其他力的作用，不過其他力做功為零故A錯誤B、物體處于平衡狀態(tài)時，機械能不一定守恒，例如物體勻速上升，動能不變，重力勢能增大，故B錯誤C、物體只要受到摩擦力作用，如還受到一個拉力，拉力和摩擦力做功的代數和為零時，其機械能也守恒，故C錯誤D、物體的動能和重力勢能之和增大時，即機械能增加時，由功能原理可知，必定有重力以外的其它力對物體做了功故D正確故選：D3關于地球同步通訊衛(wèi)星，以下說法中不正確的是（）A各國發(fā)射的這種衛(wèi)星都在赤道所在平面內B各國發(fā)射的這種衛(wèi)星其軌道半徑都

14、一樣C這種衛(wèi)星運行的線速度介于第一和第二宇宙速度之間D這種衛(wèi)星運行的線速度一定小于第一宇宙速度【考點】同步衛(wèi)星【分析】了解同步衛(wèi)星的含義，即同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉周期相同了解第一宇宙速度和第二宇宙速度的含義【解答】解：A、它若在除赤道所在平面外的任意點，假設實現了“同步”，那它的運動軌道所在平面與受到地球的引力就不在一個平面上，這是不可能的，故A正確B、因為同步衛(wèi)星要和地球自轉同步，即相同，根據F=m2r，因為一定，所以 r 必須固定，故B正確C、第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，也是最大的圓周運動的環(huán)繞速度而同步衛(wèi)星的軌道半徑要大于近地衛(wèi)星的軌道半徑，根據v= 可以發(fā)現，同步衛(wèi)星運行的

15、線速度一定小于第一宇宙速度第二宇宙速度是脫離地球的束縛的速度，第二宇宙速度大于第一宇宙速度，故C錯誤D、根據C選項分析知道故D正確本題選擇錯誤的，故選：C4若取地球的第一宇宙速度為8km/s某行星的質量是地球質里的1.5倍，半徑是地球的 6倍，則此行星的第一宇宙速度約為（）A16 km/sB32 km/sC4km/sD2km/s【考點】第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度【分析】第一宇宙速度計算方法是： =m其中：M是地球的質量，R是地球的半徑，得：v=分別將星球質量，半徑代入計算【解答】解：設地球質量是M，半徑為R，則：行星的質量為1.5M，半徑為6R；由引力提供向心力： =m，則有地球

16、的第一宇宙速度為：v1=行星的第一宇宙速度為：v2=所以速度之比為： =2 因為：地球的第一宇宙速度為8km/s，所以：行星的第一宇宙速度為4km/s，故C正確，ABD錯誤；故選：C5長度不同的兩根細繩懸于同一點，另一端各系一個質量相冋的小球，使它們在同一水 平面內做圓錐擺運動，如圖所示，則有關兩個圓錐擺物理量相同的是（）A向心力的大小B線速度的大小C轉速D繩拉力的大小【考點】向心力【分析】小球靠重力和繩子的拉力提供向心力，根據牛頓第二定律求出轉速、線速度的大小，向心力的大小，看與什么因素有關【解答】解：對其中一個小球受力分析，如圖，受重力，繩子的拉力，由于小球做勻速圓周運動，故合力提供向心力

17、；將重力與拉力合成，合力指向圓心，由幾何關系得，合力：F=mgtan；因為不同，則向心力不同，故A錯誤由向心力公式得到，F=m2r；設繩子與懸掛點間的高度差為h，由幾何關系，得：r=htan；由三式得，則轉速n=，知轉速相同，故C正確根據v=r，兩球轉動半徑不等，故線速度不同，故B錯誤根據平行四邊形定則知，T=，因為不同，則拉力不同，故D錯誤故選：C6長度為0.5m的輕質細桿OA，A端有一質最為lkg的小球，以O點為圓心，在豎直平面 內做圓周運動，如圖所示，小球通過最高點時的速度為2m/s，取g=10m/s2，則此時輕桿OA將（）A受到2N的壓力B受到2N的拉力C受到8N的拉力D受到8N的壓力

18、【考點】向心力【分析】小球運動到最高點時受到重力與輕桿的彈力，根據合力提供向心力列出牛頓第二定律解得結果【解答】解：假設在最高點，小球受到桿子的彈力方向向上，根據牛頓第二定律得，解得F=mg=10N=2N，可知假設成立，則輕桿OA受到2N的壓力，故A正確，B、C、D錯誤故選：A7如圖所示，一飛行器圍繞地球沿半徑為r的圓軌道l運動經P點時，啟動推進器短時間向前噴氣使其變軌，2、3是與軌道1相切于P點的可能軌道則飛行器（）A變軌后將沿軌道2運動B相對子變軌前運行周期變短C變軌前、后在兩軌道上經P點的速度大小相等D變軌前、后在兩軌道上經P點的加速度大小不相等【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系

19、【分析】噴氣前，萬有引力提供飛行器的向心力，啟動推進器向前噴氣，飛行器做減速運動，飛行器在P點所需向心力減小，飛行器將做近心運動，運動軌道半徑減小，從而展開相關討論即可【解答】解：A、由于在P點推進器向前噴氣，故飛行器將做減速運動，飛行器所需的向心力減小，而在P點萬有引力沒有改變，這樣萬有引力將飛行器所需的向心力，故飛行器將開始做近心運動，則變軌后將沿軌道3運動故A錯誤； B、根據開普勒第三定律知，衛(wèi)星的軌道半徑減小，則周期減小，故B正確；C、因為變軌過程是飛行器向前噴氣過程，故是減速過程，所以變軌前后經過P點的速度大小不相等，故C錯誤；D、飛行器在軌道P點都是由萬有引力產生加速度，則有 G=

20、ma，得 a=，可知飛行器在同一點加速度大小相等，故D錯誤故選：B8某偵察衛(wèi)星距離地面商度僅有16km它可以發(fā)現地面上邊長僅為0.36m的方形物體，理論和實踐都表明：衛(wèi)星離地面越近，它的分辨率就越高，那么分辨率越高的衛(wèi)星（）A向心加速度一定越大B角速度一定越大C周期一定越大D線速度一定越大【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系【分析】辨率越高，衛(wèi)星的軌道半徑r越小，根據萬有引力提供向心力，找出向心加速度、角速度、線速度、周期與軌道半徑的關系，再分析即可【解答】解：衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動時，由萬有引力提供向心力，有：G=ma=m2r=m=mr，解得：a=，=，T=2，v=則知，衛(wèi)星的軌道半

21、徑越小，向心加速度、角速度和線速度越大，周期越小分辨率越高的衛(wèi)星軌道半徑越小，所以向心加速度、角速度和線速度一定越大，周期一定越小故ABD正確，C錯誤故選：ABD9下列圖中實線為河岸，河水的流動方向如圖v的箭頭所示，虛線為小船從河岸M駛向對岸N的實際航線則其中可能正確是（）ABCD【考點】運動的合成和分解【分析】小船參與了靜水中的運動和水流的運動，最終的運動是這兩個運動的合運動，根據平行四邊形定則進行分析【解答】解：A、靜水速垂直于河岸，合速度的方向偏向下游且過河時間最短，故A正確B、根據平行四邊形定則知，合速度的方向正好垂直河岸，過河的位移最小故B正確C、由于流水速度，因此不可能出現此現象，

22、故C錯誤；D、船頭的指向為靜水速的方向，靜水速的方向與流水速度的合速度的方向不可能是圖示方向故D錯誤故選：AB10如圖所示用恒力F拉著質量為m的物體由靜止沿水平面從A移到B的過程中，下列說法正確的是（）A有摩擦力時與無摩擦力時F做功一樣多B有摩擦力時比無摩擦力時F做的功多C有摩擦力時比無摩擦力時F的平均功率大D有摩擦力時比無摩擦力時物體動能增加少【考點】功率、平均功率和瞬時功率；功的計算【分析】根據功的公式比較力F做功的大小，根據牛頓第二定理比較加速度的大小，結合位移時間公式比較運動的時間，從而比較F做功的平均功率大小根據動能定理比較動能的變化量【解答】解：A、根據W=Fl知，有摩擦力和無摩擦

23、力時，F做功一樣多，故A正確，B錯誤C、根據牛頓第二定律知，有摩擦力時的加速度較小，運動的時間較長，根據P=知，有摩擦力時比無摩擦力時F的平均功率小，故C錯誤D、根據動能定理知，有摩擦力時，FlWf=Ek，無摩擦力時，Fl=Ek，可知有摩擦力時比無摩擦力時物體動能增加少，故D正確故選：AD11如圖所示，一質量為m的小球固定于輕質彈簧的一端，彈簧的另一端固定于O點處，將小球拉至A處，彈簧恰好無形變，由靜止釋放小球，它運動到O點正下方B點時速度為v，B點與A點的豎直高度差為h則（）A由A至B小球機械能守恒，重力對小球做功mghB由A至B小球重力勢能減少C小球到達位罝B時彈簧的彈性勢能為mghD由A

24、至B小球機械能減少量為mgh【考點】功能關系；重力勢能【分析】小球在下降中小球的重力勢能轉化為動能和彈性勢能，小球的機械能不守恒由重力做功量度重力勢能的變化由彈簧彈力做功量度彈性勢能的變化根據系統(tǒng)的機械能守恒求小球到達B點時彈簧的彈性勢能【解答】解：A、由A至B的過程中，由彈簧的彈力對小球做功，所以小球的機械能不守恒，重力對小球做功mgh故A錯誤B、小球由A點到B點重力勢能減少mgh小球在下降過程中小球的重力勢能轉化為動能和彈性勢能，所以小球運動到B點時的動能小于mgh故B錯誤C、根據動能定理得：mghW彈=，所以由A至B小球克服彈力做功為 W彈=mgh，則小球到達位罝B時彈簧的彈性勢能為mg

25、h，故C正確D、對于彈簧和小球組成的系統(tǒng)，只有重力和彈力做功，系統(tǒng)的機械能守恒，由系統(tǒng)的機械能守恒可知，彈簧的彈性勢能增加了mgh，則小球機械能減少量為mgh，故D正確故選：CD12如圖所示，水平轉臺上有一個質量為m的物塊，用長為L的細繩將物塊連接在轉軸上，細線與豎直轉軸的夾角為角，此時繩中張力為零，物塊與轉臺間動摩擦因數為（tan），最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，物塊隨轉臺由靜止開始緩慢加速轉動，則（）A至繩中出現拉力時，轉臺對物塊做的功為2mgLsinB至繩中出現拉力時，轉臺對物塊做的功為mgLsinC至轉臺對物塊支持力為零時，轉臺對物塊做的功為D設法使物體的角速度增大到時，物塊機械能增量為

26、【考點】動能定理；向心力【分析】對物體受力分析知物塊離開圓盤前合力F=f+Tsin=；N+Tcos=mg，根據動能定理知W=Ek=然后根據臨界條件分析做功和勢能變化【解答】解：對物體受力分析知物塊離開圓盤前合力F=f+Tsin=N+Tcos=mg根據動能定理知W=Ek=AB、當彈力T=0，r=Lsin由解得W=fLsin至繩中出現拉力時，轉臺對物塊做的功為mgLsin，故A錯誤，B正確；C、當N=0，f=0，由知W=mgLsintan=，故C正確；D、由知0=，設法使物體的角速度增大到=0=，故物體已脫離水平盤，此時夾角為則mgtan=m2rEp=mgh=mg（LcosLcos）由知Ep=mg

27、L（coscos）=物塊機械能增量為Ep+Ek=，故D正確；故選：BCD二、實驗題：（第13小題8分，第14小題12分，共20分.）13在一個未知星球上用如圖甲所示裝置研究平拋運動的規(guī)律懸點O正下方P點處有水平放置的熾熱電熱絲，當懸線擺至電熱絲處時能輕易被燒斷，小球由于慣性向前飛出作平拋運動現對小球采用頻閃數碼照相機連續(xù)拍攝在有坐標紙的背景屏前，拍下了小球在作平拋運動過程中的多張照片經合成后，照片如圖乙所示a、bc、d為連續(xù)四次拍下的小球位置，已知照相機連續(xù)拍照的時間間隔是0.10s，照片大小如圖中坐標所示，又知該照片的長度與實際背景屏的長度之比為1：3，則：（1）a點是（填“是”或者“不是”

28、）小球的拋出點；（2）可以算出小球平拋的初速度是0.6m/s；（3）可以推算出該星球表面的重力加速度為6m/s1；（4）可以算出小球在c點時的速度是m/s（可以用根式表示）【考點】研究平拋物體的運動【分析】根據豎直方向上相等時間內的位移之差是一恒量求出星球表面的重力加速度，結合水平位移和時間求出小球的初速度根據豎直方向上某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出c點的豎直分速度，根據平行四邊形定則求出c點的速度【解答】解：（1）因為豎直方向上相等時間內的位移之比為1：3：5：7，知a點的豎直分速度為零，a點為小球的拋出點（2）小球平拋運動的初速度為：v0=m/s=0.6m/s（3）豎直方向

29、上有：y=2L=gT2，解得：g=m/s2=6m/s2（4）c點豎直方向上的分速度為：vyc=m/s=1.2m/s則有：vc=m/s= m/s故答案為：（1）是；（2）6；（3）0.6；（4）14在驗證機械能守恒定律的實驗中，下面列出一些實驗步驟A用天平測出重物和夾子的質量；B先將重物與紙帶連接，再將紙帶穿過打點計時器，上端用手提著，并且讓重物靠近打點計時器；C打點計時器接在學生電源交流輸出端，把輸出電壓調至6V （電源不接通、交流）；D打點計時器固定在置于桌邊的鐵架臺上，使兩個限位孔在同一豎直線上； E在紙帶上選取幾個點，進行測量和記錄數據； F用秒表測出重物下落的時間；G接通電源待計時器響

30、聲穩(wěn)定后釋放紙帶；H切斷電源；I更換紙帶，重新進行兩次；J在三條紙帶中選出較好的一條；K進行計算，得出結論，完成實驗報告；L拆下導線，整理器材以上步驟中，不必要的有AF，正確步驟的合理順序是DCBGHIIJEK（填寫字母） （2）某次實驗中質量m=0.5kg的重錘自由下落，對應紙帶上打出了一系列 的點，如圖2所示，相鄰記數點時間間隔為0.02s，并測出各點到第一個點的距離長度，單位是cm，g取9.8m/ss，求（保留3位有效數字）：從打下點O到打下記數點B的過程中，物體重力勢能的減小量E=0.238J，動能的增加量EA=0.236J實驗結論是在誤差允許的范圍內重物機械能守恒【考點】驗證機械能守

31、恒定律【分析】（1）根據實驗的原理以及操作中的注意事項確定不必要的步驟按照組裝器材、進行實驗、數據處理的順序排列步驟（2）根據下降的高度求出重力勢能的減小量，根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出B點的速度，從而得出動能的增加量【解答】解：（1）該實驗驗證動能的增加量和重力勢能的減小量是否相等，兩端都有質量，可以約去，所以不需要測量重物和夾子的質量；重物下落的時間由打點計時器可以得出，不需要用秒表測量，故不需要的操作步驟為：AF實驗時先組裝器材，順序為：DCB，然后進行實驗，順序為：GHI，最后數據處理，順序為：JEK，所以操作步驟順序為：DCBGHIIJEK（2）從打下點O到打下

32、記數點B的過程中，物體重力勢能的減小量為mgh=0.5×9.8×4.86×102J=0.238J，B點的瞬時速度m/s=0.9725m/s，則動能的增加量為0.236J實驗結論是在誤差允許的范圍內重物機械能守恒故答案為：AF，DCBGHIIJEK，（2）0.238，0.236，在誤差允許的范圍內重物機械能守恒三、計算題：（本題包括3個小題，共32分，答題時要求寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分.）15把一小球從離地面20m處，以15m/s的初速度水平拋出，不計空氣阻力取重力加速度g=10m/s2求：（1）小球在空中飛行的時間；（2

33、）小球落地點離拋出點的水平距離；（3）小球落地時的速度【考點】平拋運動【分析】（1）根據高度，結合位移時間公式求出小球在空中飛行的時間；（2）根據初速度和時間求出小球落地點和拋出點的水平距離；（3）根據速度時間公式求出小球落地的豎直分速度，結合平行四邊形定則求出小球落地的速度【解答】解：（1）根據h=得：t=（2）小球落地點離拋出點的水平距離為：x=v0t=15×2m=30m（3）小球落地的豎直分速度為：vy=gt=10×2m/s=20m/s，根據平行四邊形定則得，小球落地的速度為： m/s=25m/s，由tan=知，小球落地的速度方向與水平方向的夾角=53°答：（1）小球在空中飛行的時間為2s；（2）小球落地點離拋出點的水平距離為30m；（3）小球落地時的速度為25m/s，方向與水平方向的夾角為53°16宇航員在地球表面以一定初速度豎直上拋一小球，經過時間t小球落回原處，若他在某星球表面以相同的初速度豎直上拋同一小球，需經過時間t小球落回原處（取地球表面重力加速度g=