1、4. 綜合能力訓練（三） （時間：60 分鐘滿分:110 分） 第I卷 一、選擇題（本題共 8 小題，每小題 6 分,共 48 分。在每小題給出的四個選項中 ，第 15 題只有一項 符合題目要求,第 68 題有多項符合題目要求。全部選對的得 6 分，選對但不全的得 3 分,有選錯的 得 0 分） 1.關于近代物理學，下列說法正確的是（ ） A. 群處于n=4 能級的氫原子向低能級躍遷時能輻射出 4 種不同頻率的光 B. 重核裂變過程生成中等質量的核 ，反應前后質量數守恒,但質量不一定減少 C. 10 個放射性元素的原子核在經一個半衰期后 ，一定有 5 個原子核發生衰變 D. 光電效應和康普頓效

2、應的實驗都表明光具有粒子性 為 0. 5 m/s和-1 s,由此可知（ ） A. 物體做勻速直線運動 B. 物體做變加速直線運動 C. 物體的初速度大小為 0. 5 m/s D. 物體的初速度大小為 1 m/s 3.人造衛星a的圓形軌道離地面高度為 h,地球同步衛星b離地面高度為 H, h1.9 m/s 2,不可能 一起運動，m將相對于 m下滑，選項 D 正確。 i F 220V 20 5. C 解析 電壓表測量的是有效值，根據 ；?，代入數據得1 ,可得電壓表示數 U2=11 V,選項 A 錯誤；由于3 =100 n rad/s,交變電流的周期為 0.02 s,選項 B 錯誤；副線圈中的電

3、流12= A =2 A,因此副線圈的輸出功率 P=UI 2=22 W,選項 D 錯誤；而變壓器本身不消耗能量，因此輸 入功率也是 22 W,因此輸入電流I J I =0. 1 A,選項 C 正確。 6. BC 解析 根據電路圖結合數學知識可知 ，當aP的電阻等于bP的電阻時，并聯部分電阻最大，此 時電壓表示數最大，根據乙圖可知，電壓表示數最大為 5.0 V,此時電流表示數為 0. 5 A, U 5,0 萬有引設衛星的線速度為 b衛星的線速度 大小之比為 4 R + h,故A錯誤；設衛星的角速度為 又由于衛星b的角速度與物體 c的角速度相同,所以 I t= 2n (/? + /!)3 (R +

4、H)3(R + hf -(R + Hf GM *GM 故 D 錯誤。 Mm v,則G廠 ,可知a、 Mm 3 , G! =rno 2r,得 ,所以有 2K 13 則有j DU Q =10 Q ,則滑動變阻器的總阻值為 R=2RSP=20 Q ,根據閉合電路歐姆定律 E=UI（ R+r） 根據乙圖可知，當電壓表示數 U=4 V 時電流表示數為I 1=0. 25 A 或12=1 A,根據閉合電路歐姆 定律得 E=U+（ 11+12）（ R+r） 聯立方程解得 E=9 V, R+r=4 Q ,故 A 錯誤,B 正確； U1 u 電源效率n = 上,當電壓表示數為 5.0 V 時，并聯部分電阻最大，則

5、外電路電阻最大，此時 路端電壓最大，效率最高，故 C 正確； 把R看成內阻，當并聯部分電阻 R并=R+r=4 Q時，R 消耗的總功率最大，此時電壓表示數不是 5 V,故D 錯誤。 故選 B Co 7. CD 解析 在前 0. 5 s 內由題圖乙根據楞次定律可知 ，若磁場方向垂直紙面向里（正方向）時，必須 是磁場增強的；若磁場方向垂直紙面向外（負方向）時,必須是磁場減弱的。而在 0. 51.5 s,若磁場 方向垂直紙面向里（正方向）時,必須是磁場減弱的；若磁場方向垂直紙面向外（負方向）時,必須是磁 場增強的，故選項 A 錯誤;在前 0. 5 s 內,若磁場方向垂直紙面向里 （正方向）時，必須是磁

6、場增強的， 則磁通量也會增大；若磁場方向垂直紙面向外 （負方向）時,必須是磁場減弱的，則磁通量也會減小， 而在 0. 51.5 s,由感應電流方向，結合楞次定律可得：若磁場方向垂直紙面向里（正方向）時,必須是 磁場減弱的，則磁通量也會減小；若磁場方向垂直紙面向外 （負方向）時,必須是磁場增加的，則磁通 量也會增大，故選項 B 錯誤；在前 0. 5 s 內,若磁場方向垂直紙面向里（正方向）時,必須是磁場增強 的,則磁通量也會增大；若磁場方向垂直紙面向外 （負方向）時,必須是磁場減弱的，則磁通量也會減 小,而在0. 51.5 s,由感應電流方向，結合楞次定律可得：若磁場方向垂直紙面向里（正方向）時

7、,必 須是磁場減弱的，則磁通量也會減小；若磁場方向垂直紙面向外（負方向）時,必須是磁場增強的，則 磁通量也會增大，故選項C 正確;在前 0. 5 s 內由題圖乙根據楞次定律可知 ，若磁場方向垂直紙面向 里（正方向）時,必須是磁場增強的；若磁場方向垂直紙面向外（負方向）時,必須是磁場減弱的，而在 0. 51.5 s,若磁場方向垂直紙面向里 （正方向）時,必須是磁場減弱的；若磁場方向垂直紙面向外（負 方向）時,必須是磁場增強的，故選項 D 正確。 8. BD 解析 開始系統處于靜止狀態，彈簧彈力等于 A的重力沿斜面向下的分力，當B剛離開C時， 彈簧的彈力等于 B的重力沿斜面向下的分力，故mgsin

8、 0 =kx2, X2為彈簧相對于原長的伸長量，但由 于開始時彈簧是壓縮的，故dX2,故mgs in 0 kd,故選項 A 錯誤；當B剛離開C時，彈簧的彈力等于 B的重力沿斜面向下的分力 ，故mgs in 0 =kx2,根據牛頓第二定律：F-mgsin 0 -kx 2=ma已知mgs in F kd nil 0 =kx1, X1+X2=d,故物塊A加速度等于 1 ,故選項 B 正確；拉力的瞬時功率 P=Fv故選項 C 錯誤; 根據功能關系，彈簧彈性勢能的增加量等于拉力的功減去系統動能和重力勢能的增加量 ，即為Fd- 14 1 2 2 mgdsin 0-亠mv,故選項 D 正確。 9. 答案(1

9、)10 .55 (2)1.23 同一位置O 細繩的方向 解析(1)游標卡尺的主尺刻度為 10 mm,游標尺刻度為 11 X 0. 05 mm=0. 55 mm,所以游標卡尺讀數為 10. 55 mm。 (2)經估讀，彈簧測力計的讀數為 1.23 N。驗證力的平行四邊形定則的依據是兩彈簧測力 計共同作用與一個彈簧測力計單獨作用等效 ，應將節點拉到同一位置 O利用平行四邊形定則作合 力，既要知道力的大小，又要知道力的方向，所以要記下細繩的方向。 10.答案(1)DAE (2)C D F 電路圖如圖所示 1 解析(1)選擇倍率后，歐姆表指針讀數偏大，應該換用大倍率，更換倍率需要重新歐姆調零，所以先

10、更換大倍率即步驟 D，再歐姆調零即步驟 A，最后測量電阻即步驟 E。 (2)要使得電表指針有較大變化范圍 ，滑動變阻器選擇分壓式接法 ，所以滑動變阻器選擇阻值 小的即 F;電源電動勢為 3 V，所以電壓表為讀數準確選擇小量程即 D 根據歐姆表可知待測電阻阻 值在 1 000 Q以上，而電壓最大只有 3 V，所以電流不會超過 3 mA，電流表選擇 C 滑動變阻器已 經確定分壓式，而待測電阻阻值較大，電流表內阻較小，所以電流表選擇內接法。如答案圖所示。 11. 答案(1)78 . 4 kW (2)23 .6 m (3)見解析 解析(1)重物速度最大時，有F=mg P=mgv 解得P=78. 4 k

11、W。 (2)重物勻加速上升的高度 1 h121 得 m=9. 6 m 此過程起重機拉力滿足 F-mg=ma 從靜止到最大速度過程中，由動能定理 1 得 Fh+Ptz-ma m+h2)=J 得 h1+h2=19. 6 m 勻減速運動上升的高度 15 0 _ 2a? hs= =4 m 135 16 h=h 計h2+b=23. 6 m。 圖象如圖所示 4.0 3.92 352 10 15 20 t/s 12. 答案(1)V。,與水平方向成 mv07 2mi?0 45 夾角 (16 + 42 + 3*?IT) I 不可能經過o點 解析(1)電荷在電場中做類平拋運動 I 勺 ,由l=Vot1, - -

12、t 1,得Vy=Vo,經過M點速度的大小 VM= VO,設與水平方向的夾角為 0 ,有 tan 0 = =1,得0 =45 。 qE 在電場中運動，有Vy=at1=vo,而a= ,得E= ;由幾何關系知，PI=l ,則PC=- l,電荷進 入磁場后運動軌跡如圖，設電荷做圓周運動對應的圓心為 Q點,半徑為R根據幾何關系有 R=SQ=l 據 qvB=m ,得 B= 屮。 17 3 段，電場中的類平拋、離開電場進入磁場前的勻速直線運 動、進入磁場后的勻速圓周運動。在電場中 ，據l=V ot 1,得11=;在電場與磁場之間做直線運動 ，有 遲 1 Vot2= 1+二l , t 2= 1+八；在磁場中運

13、動，上3=小 (16 + 4;2 + 3V2TT) I t=t l+t2+t3= X 。若AO右側出現無磁場區域,則電荷將從軌跡與邊界的交點 沿軌跡上該點切線方向射出，根據電荷的運動軌跡可以看出 ，該點切線方向與該點和原點的連線方 向一定不同，故電荷不可能經過 O點。 13. 答案(1)BCE (2)4 kg 640 cm3 解析(1)布朗運動是懸浮在液體中固體顆粒所做的無規則運動 ，選項 A 錯誤；葉面上的小露珠呈球 形是由于液體表面張力的作用 ，選項 B 正確;液晶顯示器利用了液晶對光具有各向異性的特點 ，選項 C 正確；當兩分子間距離大于平衡位置的間距 r。時,分子間的距離越大，分子勢能

14、越大，選項 D 錯誤; 溫度升高時，分子熱運動的平均動能一定增大 ，但并非所有的分子的速率都增大 ，選項 E 正確。 (2)設物體A的體積為 V。 Ti=300 K，pi=1.0 X 105 Pa，V=60X40 cm3- V mg -4 T2=330 K，P2=(1 . 0X105+4 X 1 ) Pa，0V T?=360 K，p3=p2, VS=64 X40 cm3- V 由狀態 1 到狀態 2 為等容過程： Pl P2 =% 代入數據得 m=4 kg。 由狀態 2 到狀態 3 為等壓過程： 卩 2 鳥 代入數據得 V=640 cm3。 14. 答案(1)ABD (2) 133 cm 125 cm C 解析(1)由v=可知，A 項正確；由入=及 v a v b可知，B 項正確；由題圖可知，nanb，C 項錯誤；由 sin 1 I (3)電荷從D到O的運動可分為 U.J , T ,則總的運動時間為 18 C=:可知，a先發生全反射，D 項正確；由 x= : 入及入a入b可得，E項錯誤。