宿松縣高級中學2018-2019學年高二上學期第二次月考試卷物理班級_ 座號_ 姓名_ 分數(shù)_一、選擇題1 小型登月器連接在航天站上，一起繞月球做圓周運動，其軌道半徑為月球半徑的3倍，某時刻，航天站使登月器減速分離，登月器沿如圖所示的橢圓軌道登月，在月球表面逗留一段時間完成科考工作后，經快速啟動仍沿原橢圓軌道返回，當?shù)谝淮位氐椒蛛x點時恰與航天站對接，登月器快速啟動時間可以忽略不計，整個過程中航天站保持原軌道繞月運行。已知月球表面的重力加速度為g，月球半徑為R，不考慮月球自轉的影響，則登月器可以在月球上停留的最短時間約為（ ）A4.7 B3.6C1.7 D1.4【答案】 A【解析】設登月器在小橢圓軌道運行的周期為T1，航天站在大圓軌道運行的周期為T2。對登月器和航天站依據(jù)開普勒第三定律分別有為使登月器仍沿原橢圓軌道回到分離點與航天站實現(xiàn)對接，登月器可以在月球表面逗留的時間t應滿足tnT2T1（其中，n1、2、3、）聯(lián)立得t6n 4 （其中，n1、2、3、）當n1時，登月器可以在月球上停留的時間最短，即t4.7，故A正確。2 如圖所示，一通電直導線位于勻強磁場中，導線與磁場方向垂直，磁場的磁感應強度B=0.1T，導線長度L=0.2m，當導線中的電流I=1A時，該導線所受安培力的大小A. 0.02N B. 0.03NC. 0.04N D. 0.05N【答案】A【解析】解：導線與磁場垂直，導線受到的安培力為：F=BIL=0.110.2=0.02N，故BCD錯誤，A正確故選：A【點評】本題比較簡單，考查了安培力的大小計算，應用公式F=BIL時注意公式適用條件和公式中各個物理量的含義3 對于電容，以下說法正確的是A. 一只電容器所充電荷量越大，電容就越大B. 對于固定電容器，它的帶電量跟兩極板間所加電壓的比值保持不變C. 電容器的帶電量跟加在兩極間的電壓成反比D. 如果一個電容器沒有帶電，也就沒有電容【答案】B【解析】解：A、電容器帶電荷量越大，板間電壓越大，而電容不變故A錯誤B、電容表征電容器容納電荷本領的大小，對于固定電容器，電容C不變，由定義式C=可知，則帶電荷量跟它兩極板間所加電壓的比值保持不變故B正確C、電容器的帶電荷量Q=CU，當電容C一定時，電量與電壓成正比當電容C變化時，電量與電壓不成正比故C錯誤D、電容表征電容器容納電荷本領的大小，與電容器的電量、電壓無關故D錯誤故選：B【點評】本題考查對電容的理解能力，抓住電容的物理意義和定義式是關鍵4 已知O是等量同種點電荷連線的中點，取無窮遠處為零電勢點。則下列說法中正確的是A. O點場強為零，電勢不為零B. O點場強、電勢都為零C. O點場強不為零，電勢為零D. O點場強、電勢都不為零【答案】A【解析】點睛：本題關鍵要知道等量同種電荷的電場線和等勢面分布情況，特別是兩個電荷兩線和中垂線上各點的場強和電勢情況.5 如圖所示,正方形容器處在勻強磁場中,一束電子從孔A垂直于磁場射入容器中,其中一部分從C孔射出,一部分從D孔射出。下列敘述錯誤的是（ ）A. 從C、D兩孔射出的電子在容器中運動時的速度大小之比為21B. 從C、D兩孔射出的電子在容器中運動時間之比為12C. 從C、D兩孔射出的電子在容器中運動時的加速度大小之比為11D. 從C、D兩孔射出的電子在容器中運動時的加速度大小之比為21【答案】C【解析】A.從C、D兩孔射出的電子軌道半徑之比為21，根據(jù)半徑公式r=，速率之比為21，故A正確；C.加速度a=，所以從C、D兩孔射出的電子加速度大小之比為21，C錯誤D正確。本題選擇錯誤答案，故選：C。6 （多選）2013年12月2日1時30分，嫦娥三號探測器由長征三號乙運載火箭從西昌衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射，首次實現(xiàn)月球軟著陸和月面巡視勘察。嫦娥三號的飛行軌道示意圖如圖所示。假設嫦娥三號在環(huán)月段圓軌道和橢圓軌道上運動時，只受到月球的萬有引力，則（ ）A若已知嫦娥三號環(huán)月段圓軌道的半徑、運動周期和引力常量，則可算出月球的密度B嫦娥三號由環(huán)月段圓軌道變軌進入環(huán)月段橢圓軌道時，應讓發(fā)動機點火使其減速C嫦娥三號在環(huán)月段橢圓軌道上P點的速度大于Q點的速度D嫦娥三號在動力下降階段，其引力勢能減小【答案】BD【解析】 7 如圖所示，磁場方向豎直向下，通電直導線ab由水平位置1繞a點在豎直平面內轉到位置2的過程中，通電導線所受安培力是 A數(shù)值變大，方向不變B數(shù)值變小，方向不變C數(shù)值不變，方向改變D數(shù)值，方向均改變【答案】B【解析】安培力F=BIL，電流不變，垂直直導線的有效長度減小，安培力減小，安培力的方向總是垂直BI所構成的平面，所以安培力的方向不變，B正確。8 如圖所示，一平行板電容器的兩個極板豎直放置，在兩極板間有一帶電小球，小球用一絕緣輕線懸掛于O點。現(xiàn)給電容器緩慢充電，使兩極板所帶電荷量分別為+Q和-Q ，此時懸線與豎直方向的夾角為/6。再給電容器緩慢充電，直到懸線與豎直方向的夾角增加到/3，且小球與兩極板不接觸。則第二次充電使電容器正極板增加的電量是（ ）AQ/2 BQ C3Q D2Q【答案】D9 （多選）如圖所示電路，電源電動勢為E，內阻為r，當開關S閉合后，小型直流電動機M和指示燈L都恰能正常工作。已知指示燈L的電阻為R0，額定電流為I，電動機M的線圈電阻為R，則下列說法中正確的是A.電動機的額定電壓為IR B.電動機的輸出功率為IE-I2RC.電源的輸出功率為IE-I2r D.整個電路的熱功率為I2（R0+R+r）【答案】CD【解析】電動機兩端的電壓U1=UUL，A錯誤；電動機的輸入功率P=U1I，電動機的熱功率P熱=I2R，則電動機的輸出功率P2=PI2R，故B錯誤；整個電路消耗的功率P總=UI=IE-I2r，故C正確；整個電路的熱功率為Q=I2（R0+R+r），D正確。 10下列物理量中，屬于矢量的是A. 電場強度 B. 電勢差 C. 電阻 D. 電功率【答案】A【解析】 11橫截面積為S的銅導線，流過的電流為I，設單位體積的導體中有n個自由電子，電子的電荷量為e，此時電子的定向移動的平均速率設為v，在時間內，通過導線橫截面的自由電子數(shù)為A. B. C. D. 【答案】A【解析】根據(jù)電流的微觀表達式I=nevS，在t時間內通過導體橫截面的自由電子的電量Q=It，則在t時間內，通過導體橫截面的自由電子的數(shù)目為 ，將I=nevS代入得，選項A正確，BCD錯誤；故選A.點睛：本題考查電流的微觀表達式和定義式綜合應用的能力，電流的微觀表達式I=nqvs，是聯(lián)系宏觀與微觀的橋梁，常常用到12如圖所示，在傾角為30的斜面上的P點釘有一光滑小鐵釘，以P點所在水平虛線將斜面一分為二，上 部光滑，下部粗糙一繩長為3R輕繩一端系與斜面O點，另一端系一質量為m的小球，現(xiàn)將輕繩拉直小球從A點由靜止釋放，小球恰好能第一次通過圓周運動的最高點B點已知OA與斜面底邊平行，OP距離為2R，且與斜面底邊垂直，則小球從A到B 的運動過程中（ ）A. 合外力做功mgR B. 重力做功2mgRC. 克服摩擦力做功mgR D. 機械能減少mgR.【答案】D【解析】以小球為研究的對象，則小球恰好能第一次通過圓周運動的最高點B點時，繩子的拉力為0，小球受到重力與斜面的支持力，重力沿斜面向下的分力恰好充當向心力，得： 解得： A到B的過程中，重力與摩擦力做功，設摩擦力做功為Wf，則解得： A：A到B的過程中，合外力做功等于動能的增加，故A錯誤。B：A到B的過程中，重力做功，故B錯誤。C：A到B的過程中，克服摩擦力做功，故C錯誤。D：A到B的過程中，機械能的變化，即機械能減小，故D正確。13一質點在一直線上運動，第1s內通過1m，第2s內通過2m，第3s內通過3m，第4s內通過4m.該質點的運動可能是（ ）A. 變加速運動B. 初速度為零的勻加速運動C. 勻速運動D. 初速度不為零的勻加速運動【答案】AD14如圖，閉合銅制線框用細線懸掛，靜止時其下半部分位于與線框平面垂直的磁場中。若將細線剪斷后線框仍能靜止在原處，則磁場的的磁感應強度B隨時間t變化規(guī)律可能的是A. B. C. D. 【答案】B【解析】15如圖所示,用細繩懸于O點的可自由轉動的通電導線AB放在蹄形磁鐵的上方,當導線中通以圖示方向電流時,從上向下看,AB的轉動方向及細繩中張力變化的情況為（ ）A. AB順時針轉動,張力變大B. AB逆時針轉動,張力變小C. AB順時針轉動,張力變小D. AB逆時針轉動,張力變大【答案】D【解析】在導線上靠近A、B兩端各取一個電流元，A處的電流元所在磁場向上穿過導線，根據(jù)左手定則，該處導線受力向外，同理B處電流元受安培力向里，所以從上向下看，導線逆時針轉動，同時，由于導線轉動，所以電流在垂直紙面方向有了投影，對于此有效長度來說，磁感線是向右穿過導線，再根據(jù)左手定則可判定導線有向下運動的趨勢，故選D.二、填空題16如圖所示， 在xOy平面的第象限內，有垂直紙面向外的勻強磁場，在第象限內，有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小均為B。P點是x軸上的一點，橫坐標為x0。現(xiàn)在原點O處放置一粒子放射源，能沿xOy平面，以與x軸成45角的恒定速度v0向第一象限發(fā)射某種帶正電的粒子。已知粒子第1次偏轉后與x軸相交于A點，第n次偏轉后恰好通過P點，不計粒子重力。求：（1）粒子的比荷；（2）粒子從O點運動到P點所經歷的路程和時間。（3）若全部撤去兩個象限的磁場，代之以在xOy平面內加上與速度v0垂直的勻強電場（圖中沒有畫出），也能使粒子通過P點，求滿足條件的電場的場強大小和方向。【答案】 （1）粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，由牛頓第二定律得： 解得粒子運動的半徑： 由幾何關系知，粒子從A點到O點的弦長為： 由題意OP是n個弦長： 解得粒子的比荷：（2）由幾何關系得，OA段粒子運動軌跡的弧長是1/4圓的周長，所以：= 粒子從O點到P點的路程：s=n= 粒子從O點到P點經歷的時間：t（3）撤去磁場，加上勻強電場后，粒子做類平拋運動， 由 得 方向：垂直v0指向第象限17物理愛好者陳向陽同學，為了深入研究“動能定理或功能關系”，利用氣墊導軌獨立設計了如圖甲所示的實驗裝置。勁度系數(shù)k=100N/m的彈簧一端固定在導軌左端，右端緊靠質量m=1kg的滑塊，但不連接。測量遮光條的寬度d；利用游標卡尺測量，示數(shù)如圖乙所示，則d=_mm。測量彈簧的壓縮量x：陳向陽同學打開氣源，調節(jié)氣墊導軌至水平，并使滑塊懸浮在導軌上，向左推滑塊使彈簧壓縮x，然后釋放滑塊，遮光條通過光電門的時間t=1x10-3s，請你推斷彈簧壓縮量x=_。（彈性勢能與壓縮量的關系式，結果保留兩位有效數(shù)字）【答案】 （1）. 4.0 （2）. 0.40【解析】（1）由圖知第10條刻度線與主尺對齊，d=3mm+100.1mm=4.0mm。（2）滑塊通過光電門時的速度為：，根據(jù)能量守恒得：，即，代入數(shù)據(jù)解得：。三、解答題18（2018西南名校聯(lián)盟）如圖所示，在豎直平面內有一質量m=0.6kg、電荷量q=+310-3C的帶電小球，用一根長L=0.2m且不可伸長的絕緣輕細線系在一方向水平向右、分布的區(qū)域足夠大的勻強電場中的O點。已知A、O、C三點等高，且OA=OC=L，若將帶電小球從A點無初速度釋放，小球到達最低點B時的速度恰好為零，取g=10m/s2。（1）求勻強電場的電場強度E的大小； （2）求小球從A點無初速度釋放運動到B點的過程中速度最大時細線的拉力大小；（3）若將帶電小球從C點無初速度釋放，求小球到達A點時的速度。【答案】【解析】【題型分析】電容器動態(tài)變化是高考命題熱點，此題以平行板電容器為情景，將極板之間距離變化，電介質變化，電壓不變、電量不變融合為一題，能力要求較高。（3）小球從C點運動到B點做勻加速直線運動，有，到達B點后細線繃直有機械能的損失，小球由BA過程中，由動能定理解得小球到達A點時的速度19如圖所示，一質量m0.4 kg的小物塊，以v02 m/s的初速度，在與斜面某一夾角的拉