第=page11頁，共=sectionpages33頁2025年北京市海淀區高考物理一模試卷一、單選題：本大題共14小題，共42分。1.關于光現象及應用，下列說法正確的是(

)A.佩戴特制的眼鏡觀看立體電影，是利用了光的折射

B.醫學上用光纖制成內窺鏡做人體內部檢查，是利用了光的偏振

C.雨后太陽光入射到水滴形成彩虹，是由于光的干涉

D.光經過針尖時，其影的輪廓模糊不清，出現明暗相間的條紋，是由于光的衍射2.下列核反應方程中，括號內的粒子為質子的是(

)A.?12H+?13H→?24He+(

)3.關于分子動理論，下列說法正確的是(

)A.懸浮在液體中的固體微粒越大，布朗運動越明顯

B.當分子間的距離減小時，分子間作用力一定增大

C.物體的溫度升高，物體內每個分子的動能都增大

D.溫度是分子熱運動劇烈程度的標志4.圖甲為一列沿x軸正向傳播的簡諧橫波在t=0時的圖像，圖甲中某質點的振動情況如圖乙所示，下列說法正確的是(

)

A.圖乙可能是質點a的振動圖像

B.再經1s質點a將沿x軸運動到x=2m處

C.質點b的位移與時間的關系為y=0.1sin(πt)m

D.波在傳播過程中，質點a在2s內運動的路程為0.8m5.如圖所示，彈簧上端固定、下端懸掛一個磁鐵，在磁鐵正下方放置一個固定在桌面上的閉合銅質線圈。將磁鐵托起到某一高度后放開，磁鐵開始上下振動。不計空氣阻力。下列說法正確的是(

)A.磁鐵振動過程中、線圈始終有收縮的趨勢

B.磁鐵振動過程中、彈簧和磁鐵組成系統的機械能保持不變

C.磁鐵遠離線圈時，線圈對桌面的壓力小于線圈的重力

D.磁鐵靠近線圈時，線圈與磁鐵相互吸引

6.某同學用如圖所示的可拆變壓器完成“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數的關系”實驗，可拆變壓器上各接線柱對應的數字表示倍率為“×100”的匝數。將原線圈的“0”和“1”接線柱與學生電源連接，將副線圈的“0”和“8”接線柱與電壓表連接，測得副線圈的輸出電壓為15V。下列說法正確的是(

)A.原線圈接的是學生電源的直流電壓擋

B.原線圈的輸入電壓可能是2V

C.原、副線圈之間靠鐵芯導電來傳輸能量

D.若將電源改接原線圈的“0”和“4”接線柱，則副線圈的輸出電壓將大于15V7.如圖所示，兩相同物塊用細線相連接，放在粗糙水平面上，在水平恒力F作用下，一起做勻加速直線運動，物塊間細線的拉力大小為T。當兩物塊均由粗糙的水平面運動到光滑的水平面上且仍在F的作用下運動，則(

)A.兩物塊的加速度變大，細線的拉力仍為T B.兩物塊的加速度不變，細線的拉力仍為T

C.兩物塊的加速度變大，細線的拉力小于T D.兩物塊的加速度不變，細線的拉力小于T8.如圖所示，MN右側有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小為B。質量為m、電荷量為q的兩個電性不同的粒子，均以與MN夾角為θ、大小為v的速度垂直磁場射入。不計重力及粒子間的相互作用。則兩粒子(

)A.在磁場中運動軌跡的半徑不同 B.在磁場中運動的時間不同

C.射出磁場時的速度方向不同 D.射出位置到射入位置的距離不同9.如圖所示，物體在與水平方向夾角為θ、大小為F的拉力作用下，從靜止開始沿水平地面向右做勻加速直線運動，物體和地面之間的動摩擦因數為μ。在物體運動時間為t的過程中(

)A.僅改變θ，拉力對物體做的功不變

B.僅改變μ，合力對物體做的功不變

C.僅改變拉力大小F，物體受到重力的沖量不變

D.僅改變拉力大小F，物體受到摩擦力的沖量不變10.2024年6月，“嫦娥六號”探測器成功著陸在月球背面預選著陸區，開啟人類探測器首次在月球背面實施的樣品采集任務。“嫦娥六號”被月球捕獲進入月球軌道的部分過程如圖所示：探測器在橢圓軌道1運行經過P點時變軌進入橢圓軌道2、在軌道2上經過P點時再次變軌進入圓軌道3。三個軌道相切于P點，Q點是軌道2上離月球最遠的點。下列說法正確的是(

)A.探測器從軌道1進入軌道2的過程中，需點火加速

B.探測器在軌道2上從P點運行到Q點的過程中，機械能越來越大

C.探測器分別沿著軌道2和軌道3運行，經過P點時的加速度相同

D.探測器在軌道3上運行的周期大于其在軌道1上運行的周期11.兩個點電荷A和B的電荷量分別為qA和qB，M是點電荷連線中垂線上的某點，其電場方向如圖所示。下列說法正確的是(

)

A.qA與qB的大小可能相等

B.A和B為同種電荷，且qA>qB

C.A和B為異種電荷，且qA>qB

12.如圖所示，一定厚度和寬度的半導體板放在勻強磁場中，當半導體板通過一定電流，且電流與磁場方向垂直時，在上側面A和下側面A'之間會產生一定的電勢差UH。將這種半導體板制成磁敏元件，可用來探測某空間的磁場。下列說法正確的是(

)A.若半導體板內載流子為電子，則上側面A的電勢比下側面A'的電勢高

B.探測空間磁場時，UH與被測磁場的磁感應強度呈線性關系

C.探測空間磁場時，磁敏元件的擺放方向對UH的數值無影響

D.在圖示情況下，半導體板單位體積中載流子數目越大，U13.飛輪儲能是一種利用高速旋轉的飛輪來儲存和釋放能量的技術。飛輪能儲存能量，是因為轉動的物體具有動能。如圖所示，將飛輪簡化為圓盤，可繞通過其圓心且與圓盤平面垂直的轉軸轉動。可以把圓盤分成很多小塊，任取一小塊都能根據Ek=12mA.飛輪轉動時的動能與其轉動的角速度成正比

B.飛輪轉動的動能與其質量分布是否均勻無關

C.保持角速度的大小不變，若飛輪改為繞其直徑轉動，則其動能不變

D.保持角速度的大小不變，若飛輪改為繞其直徑轉動，則其動能變小14.當波源與觀測者發生相對運動時，觀測者接收到波的頻率發生變化，這是我們熟悉的多普勒效應。觀測者和波源之間的距離變化越快，多普勒效應越明顯。

原子會吸收和發出某些特定波長的電磁波，我們觀測到的某顆恒星的光譜包含由此恒星的大氣層中的原子引起的吸收譜線。已知鈉原子具有一條波長為5895.9A(1A=10-10m)的特征譜線(D1線)。研究人員在觀測某雙恒星系統時，從t=0時開始在表中記錄雙恒星系統中的鈉原子在D1線對應波長處的吸收光譜，其中1號恒星和2號恒星在吸收波長處吸收光譜的波長分別為λ1和λt/dλλ0.35893.15897.50.65892.85897.70.95893.75897.21.25896.25896.21.55897.35895.11.85898.75894.32.15899.05894.12.45898.15894.62.75896.45895.63.05894.55896.73.35893.15897.33.65892.85897.73.95893.75897.2A.雙恒星繞質心轉動的周期約為1.8d

B.t=1.5d觀測到波長為λ1的光是1號恒星靠近觀測者時發出的

C.在2.7d～3.0d間觀測到波長為λ1的光是1號恒星在距離觀測者最近位置附近發出的

二、實驗題：本大題共2小題，共18分。15.(1)現有一個阻值約為2kΩ的定值電阻，用多用電表測其電阻，應選用電阻______擋(選填“×10”“×100”或“×1k”)；圖1為已選定擋位后正在測量中的多用電表表盤，其對應的阻值是______Ω。

(2)用圖2所示裝置探究兩個互成角度的力的合成規律。如圖甲所示，輕質小圓環掛在橡皮條的一端，橡皮條的另一端固定，橡皮條恰好伸直時的長度為GE。通過兩個彈簧測力計共同拉動小圓環，小圓環受到拉力F1、F2的共同作用，靜止于O點，橡皮條伸長的長度為EO，如圖乙所示。改用一個力F單獨拉住小圓環，仍使它靜止于O點，如圖丙所示。關于本實驗，下列說法正確的是______。(選填選項前的字母)

A.需要記錄GE和EO的長度

B.描點確定拉力方向時，所描兩點之間的距離應適當大一些

C.借助該實驗數據也可以完成“探究力的分解規律”的實驗

(3)某同學通過雙縫干涉實驗測量單色光的波長。該同學調整好實驗裝置后，分別用圖3所示的氫原子在可見光區的四條譜線中的Hβ和Hγ兩條譜線的光照射雙縫。已知氫原子四條譜線的波長λ滿足1λ=Rm(122-1n2)(n=3、4、5、6，其中n=3對應Hα，16.某實驗小組用圖1所示電路測量一段粗細均勻、阻值約為5Ω的金屬絲的電阻率。

(1)實驗室有電源(電動勢E為3.0V，內阻約為1Ω)、開關和導線若干，以及下列器材：

A.電流表(量程0～0.6A，內阻約0.125Ω)

B.電流表(量程0～3A，內阻約0.025Ω)

C.電壓表(量程0～3V，內阻約3kΩ)

E.滑動變阻器(0～5Ω，額定電流2A)

F.滑動變阻器(0～1kΩ，額定電流0.5A)

為了比較準確地測量金屬絲的電阻阻值Rx，實驗中電流表應選______，滑動變阻器應選______。(選填器材前的字母)

(2)圖2所示為測量Rx的實驗器材實物圖，圖中已連接了部分導線，請根據圖1電路圖補充完成圖2中實物間的連線。

(3)該小組同學正確連接電路、改變滑動變阻器的滑片位置，測量得到多組電壓U和電流I，并在圖3坐標系中標出。

a.請在圖3中畫出U-I圖線。

b.已通過U-I圖線得到了Rx。為準確測量待測金屬絲的電阻率，請寫出還需要測量的物理量及對應的測量方法。

(4)該小組同學利用上述相同實驗器材，分圖3別按照圖1和圖4的電路圖正確連接電路。按操作規范，將滑動變阻器滑片從一端滑向另一端，探究電壓表示數U三、計算題：本大題共4小題，共40分。17.如圖所示，光滑水平面內存在一有界勻強磁場，磁感應強度大小為B、方向如圖所示。一邊長為L的正方形單匝導線框位于水平面內，某時刻導線框以垂直磁場邊界的初速度v從磁場左邊緣進入磁場。已知導線框的質量為m、電阻為R。求導線框完全進入磁場的過程中：

(1)感應電流的最大值I；

(2)加速度的最大值a；

(3)流過導線截面的電荷量q。18.如圖所示，運動員以一定速度從P點沿水平方向離開平臺，恰能從A點與軌道相切進入粗糙圓弧軌道AC，沿圓弧軌道在豎直平面做圓周運動。已知運動員(含裝備)質量m=50kg，運動員進入圓弧軌道時的速度大小vA=10m/s，圓弧軌道的半徑R=4m，圓弧軌道AB對應的圓心角∠AOB=37°。測得運動員在軌道最低點B時對軌道的壓力是其總重力的3.8倍。取重力加速度g=10m/s2、sin37°=0.6、cos37°=0.8。將運動員視為質點，忽略空氣阻力。求：

(1)運動員從P點到A點運動過程所用時間t；

(2)運動員在B點時的動能EkB；

(3)在圓弧軌道AB19.如圖1所示，把一個質量為m的小球連接在勁度系數為k的輕質彈簧的右端，彈簧的左端固定，小球置于光滑水平面，小球和彈簧組成的系統稱為彈簧振子。以彈簧原長時小球的位置為坐標原點O，以水平向右為正方向建立坐標軸Ox。小球在運動過程中彈簧始終在彈性限度內，忽略摩擦阻力的影響。

(1)把小球拉向O點的右方x=+L處，然后由靜止釋放，小球沿著坐標軸做往復運動。

a.在圖2中畫出彈簧彈力F隨x變化的示意圖，并由此求出小球從x=+L處靜止釋放至第一次運動到平衡位置O的過程中，彈簧對小球做的功W。

b.求小球從x=+L處靜止釋放至第一次運動到平衡位置O的過程中，彈簧對小球沖量的大小I。

(2)動量p隨位移x變化的圖像在理論物理、近代數學分析的發展中扮演了重要的角色。如圖3所示，小球運動過程的p-x圖線為橢圓，已知彈簧振子系統的機械能為E。

a.求該橢圓的半長軸a和半短軸b。

b.實際上，小球在運動過程中受到微小的阻力，在相當長的時間內可近似認為其p-x圖線是一系列面積不同的封閉橢圓。經過一段相當長的時間T，橢圓的面積減小為原來的90%，求這段時間內克服微小阻力做功的平均功率P。(已知橢圓的面積S=πab)20.尋求守恒量，是解決物理問題的重要方法。

(1)如圖1所示，用細線懸掛的兩個完全相同的小球，靜止時恰能接觸且懸線平行、球心等高。把小球1向左拉起一定高度h后由靜止釋放，與小球2發生彈性正碰。已知重力加速度為g，求碰后瞬間小球2的速度大小v。

(2)某同學設計了一個“電磁彈射”裝置，并將其簡化成如圖2所示的模型。在水平光滑導軌上，固定著兩個相同的“載流線圈”，放置著三個質量均為m的小磁鐵充當“磁性彈頭”，彈頭2和彈頭3左側都非常靠近無磁性的、質量均為m的彈性“圓柱”。彈頭和圓柱可以在水平導軌上沿軸線自由移動，圓柱靜止時，其左端恰好位于載流線圈圓心處。發射過程如下：彈頭1僅受載流線圈1施加的磁力作用從靜止開始加速運動，通過碰撞將動能傳給中間的彈頭2；彈頭2被載流線圈2加速，通過碰撞將動能傳給彈頭3，彈頭3最終被彈出。

彈頭可視為半徑為r，電流大小恒為I、方向如圖2方框中所示的單匝細圓線圈，且r遠小于載流線圈半徑。所有碰撞均可視為彈性正碰，不考慮彈頭之間的磁力作用，相鄰兩線圈之間的距離足夠遠，水平軌道足夠長。

a.標出載流線圈1和載流線圈2中電流的方向。

b.已知載流線圈1在彈頭1處產生磁場的磁感應強度的軸向分量Bx和徑向分量Br。求彈頭1在圖2方框中所示情況下受到載流線圈1的作用力的大小F。

c.通過查閱資料得知：電流為i、面積為S的單匝細圓線圈放入磁感應強度為B的外界勻強磁場中所具有的“勢能”可表示為Ep=-iBScosθ，其中θ為細圓線圈在軸向上產生的磁場與外界勻強磁場之間的夾角。

已知載流線圈1和載流線圈2在各自圓心處產生的磁感應強度大小均為B0。求彈頭3理論上能獲得的速度上限vm答案和解析1.【答案】D

【解析】A、戴特制的眼鏡觀看立體電影，是利用了光的偏振現象，故A錯誤；

B、醫學上用光導纖維制成內窺鏡，利用了光的全反射原理，故B錯誤；

C、雨后彩虹是由于太陽光入射到水滴中發生的折射形成的，故C錯誤；

D、光經過針尖時，其影的輪廓模糊不清，出現明暗相間的條紋，是由于光的衍射，故D正確。

故選：D。

2.【答案】C

【解析】根據質量數和電荷數守恒，A選項中括號內是中子，B選項中括號內是411H，C選項中括號內是?11H，D選項中括號內是?-10e，故C正確，ABD【解析】A、懸浮在液體中的固體小微粒越小，溫度越高，布朗運動越劇烈，故A錯誤；

B、根據分子力與分子間的距離關系可知，分子間距離小于平衡距離時，分子間的距離減小時，分子間作用力增大，分子間距離大于平衡距離時，分子間的距離減小時，分子力可能增大，也可能減小，故B錯誤；

C、分子的動能與溫度有關，物體的溫度升高，物體內分子的平均動能增大，但并不一定每個分子的動能都增大，故C錯誤；

D、溫度是分子熱運動劇烈程度的標志，溫度越高，分子熱運動越劇烈，故D正確。

故選：D。

4.【答案】A

【解析】A、由圖乙知某質點在t=0時正經過平衡位置向上運動，根據上下坡法可知，質點a在t=0時的運動方向向上，所以圖乙可能是質點a的振動圖像，故A正確；

B、質點只能在各自的平衡位置附近做簡諧運動，不能隨波遷移，故B錯誤；

C、由圖知，質點b的振幅A=0.1m，圓頻率為ω=2πT=2π2rad/s=πrad/s，在t=0時正經過平衡位置向下運動，則質點b的位移與時間關系為y=0.1cos(πt)m，故C錯誤；

D、質點在一個周期內經過的路程為4A，波的周期為t=2s，所以質點a在2s內運動的路程為s=4A=4×0.1m=0.4m，故D錯誤。

故選：A【解析】A.磁鐵靠近線圈時，由“增縮減擴”的規律可知，線圈有收縮的趨勢，磁鐵遠離線圈時，線圈有擴張趨勢，故A錯誤；

B.磁鐵振動過程中，由于線圈中產生了感應電流，即有電能產生，由能量守恒定律可知，彈簧和磁鐵組成系統的機械能會一直減小，故B錯誤；

C.磁鐵遠離線圈時，由“來拒去留”的規律可知，磁鐵對線圈有向上的吸引力，導致線圈對桌面的壓力小于重力，故C正確；

D.磁鐵靠近線圈時，根據“來拒去留”可知，線圈與磁鐵相互排斥，故D錯誤。

故選：C。

6.【答案】B

【解析】A.變壓器工作需要用交流電，故A錯誤；

B.根據U1U2=n1n2，解得U1=158V，由于各種損耗可知，原線圈的輸入電壓可能是2V，故B正確；

C.變壓器工作時通過鐵芯導磁，利用互感的原理把電能由原線圈輸送到副線圈，故C錯誤；

D.若將電源改接原線圈的“7.【答案】A

【解析】兩物塊相同，設質量均為m，物塊與地面間的動摩擦因數為μ，由牛頓第二定律得：

對兩物塊整體：F-μ×2mg=2ma

對左邊的物塊：T-μmg=ma

在光滑水平面上，對兩物塊整體：F=2ma'，

對左邊物塊：T'=ma'

解得：a=F2m-μg，a'=F2m>a，T=F2，T'=F2=T，故A【解析】A、粒子在磁場中做勻速圓周運動，根據牛頓運動定律有：qvB=mv2r，T=2πrv

解得粒子做圓周運動的半徑：r=mvqB，T=2πmqB

可見，比荷相同而電性不同的粒子的軌道半徑相同，故A錯誤；

B、大致畫出正負粒子的軌跡如圖所示，

正粒子運動的時間t+=2π-2θ2α×T，負粒子運動的時間為t-=2θ2π×T<t+9.【答案】C

【解析】將拉力F沿水平、豎直兩個方向進行分解，水平方向的分力為Fx=Fcosθ，豎直方向的分力為Fy=Fsinθ。

AB.豎直方向，物體受到F沿豎直方向的分力、重力G、地面的支持力N的作用，因為豎直方向受力平衡，因此有Fy+N-G=0，即N=G-Fy=G-Fsinθ，由此可知地面的支持力為N=G-Fy=G-Fsinθ，物體受到的摩擦力大小為f=μN=μ(G-Fsinθ)，水平方向受到的合力大小為F合=Fx-f=Fcosθ-μ(G-Fsinθ)，加速度大小為a=F合m=Fcosθ-μ(G-Fsinθ)m，t時間內的位移為x=12at2，拉力做功為WF=Fxcosθ，合力做功為W合【解析】A.由軌道1變到軌道2，半徑減小，做向心運動，因此需要在P點減速，故A錯誤；

B.探測器在軌道2上從P點運行到Q點的過程中，只有萬有引力做功，機械能守恒，故B錯誤；

C.根據牛頓第二定律，有GMmr2=ma

由于探測器分別沿著軌道2和軌道3運行，經過P點的距離r相同，所以經過P點時的加速度相同，故C正確；

D.根據開普勒第三定律a3T2=k可知，軌道1的半長軸大于軌道3的半長軸，所以在軌道1上運行的周期比在軌道3上運行的周期大，故D錯誤。【解析】結合題意及題圖，根據電場強度的疊加原理可得下圖：

由圖可知，A和B為異種電荷，EB>EA，

且：EB=kqBBM2，EA=kqAAM2，

由幾何關系可知：BM=AM，

則：qB>qA12.【答案】B

【解析】A、電子的定性移動方向與電流方向相反，根據左手定則可知，電子受到的洛倫茲力向上，則電子向上偏轉，使得上側面A的電勢比下側面A'電勢低，故A錯誤；

BD、設半導體板的厚度為d、寬度為h，根據電流微觀表達式可得：I=neSv=nedhv

當電勢差穩定時，自由電子受到的洛倫茲力大小等于電場力，則有：evB=eUHh

聯立解得：UH=IBned

可知電勢差UH與B成正比，UH與d成反比，半導體板單位體積中載流子數目越大，UH越小，故B正確，D錯誤；

C、探測空間磁場時，磁敏元件的擺放要求磁場方向與板的厚度平行，及擺放方向對UH【解析】圓盤上的各點同軸轉動，角速度ω相等，質量為m距轉軸距離為r的點的速度v=ωr，其動能Ek=12mv2=12m(ωr)2=12mr2ω2=12Iω2，其中I=mr2為轉動慣量。

A、圓盤繞垂直于盤面的軸轉動時I=12mR2，其中【解析】對于兩組λ的數據，從最小值到最大值相距1.5d，從最大值到下一個最小值相距1.5d。波長的變化反應頻率的變化，頻率的變化反應恒星相對觀察者位置的變化，因此行星做圓周運動的周期約為1.5d×2=3d，故A錯誤；

如圖所示，M點表示恒星相對觀察者在靠近，且靠近速度最大的位置，根據多普勒效應，頻率應在其數據中最大，波長應在其數據中最小；同理N點表示波長應在其數據中最大。

表中1號恒星的最短波長(對應其做大頻率)為5892.8A，2號恒星最短波長(對應其最大頻率)5894.1A，可以看出1號恒星的最短波長更短，則對應最大頻率更大，說明1號恒星相對觀察者靠近的最大速度更大，說明其對應的軌道半徑更大，即M點所在的圓軌道。根據雙星知識，軌道半徑與質量成反比，則1號恒星比2號恒星質量小，故D正確。

根據前面的分析，圖中M點對應1號恒星波長最小的時刻，即t=0.6d，那么其再轉四分之一周期后(即t?=1.35d)離觀測者最近，再一個周期后(即t?=?4.35d)也離觀測者最近，故C錯誤。

t=1.35d時恒星離觀測者最近，則t=1.5?d時1號恒星一定是遠離觀測者，故B錯誤。

故選：D。

15.【答案】×100；1900；

BD；

Hγ

【解析】(1)歐姆表中央刻度為“15”，待測電阻的阻值約為2kΩ，為了減小誤差，歐姆擋的倍率選擇“×100”；對應的阻值是1900Ω；

(2)A.根據實驗原理，實驗時不需要記錄GE和EO的長度，需要記錄結點O的位置，故A錯誤；

B.為了減小拉力方向確定的誤差，描點確定拉力方向時，所描兩點之間的距離應適當大一些，故B正確；

C.力的分解為力的合成的逆運算，都遵循平行四邊形定則，借助該實驗數據也可以完成“探究力的分解規律”的實驗，故C正確。

故選：BC。

(3)根據譜線的波長λ與能級的關系1λ=Rm(122-1n2)(n=3、4、5、6)可知當n=6時，對應的波長最短；

在可見光區的四條譜線中的Hβ和Hγ兩條譜線的光照射雙縫，波長較短的是Hγ

根據雙縫干涉條紋間距公式Δx=ldλ可知，條紋間距較小的是譜線Hγ所對應的光形成的。

故答案為：(1)×100；1900；(2)BD；(3)Hγ。【解析】(1)根據閉合電路的歐姆定律，電路中的最大電流I=ERx=35A=0.6A

因此電流表選擇A；

滑動變阻器采用分壓式接法，為了保證電路安全和方便調節，滑動變阻器選擇E；

(2)根據電路圖連接的實物圖如圖所示：

(3)a.根據描點法作圖，作圖時要使盡量多的點落在直線上，不能落在直線上的要均勻分布在直線兩側，舍棄個別相差較遠的點，如圖所示：

b.根據電阻定律Rx=ρLS=ρLπd24=4ρLπd2

電阻率ρ=πd2Rx4L

為準確測量待測金屬絲的電阻率，通過U-I圖線得到了Rx后，還需要通過游標卡尺測量金屬絲的直徑d，用毫米刻度尺測量金屬絲接入電路中的金屬絲的長度L；

(4)圖1中，滑動變阻器的滑片移動距離x=0時，滑動變阻器的滑動片位于左端，電壓表的示數為零；圖4中，滑動變阻器的滑片移動距離x=0時，滑動變阻器的滑動片位于右端，電壓表的示數的最小值為U=RxER+Rx+r；

圖1中，滑動變阻器的滑片位于最右端，滑動片移動距離為x(x=L)，電壓表的示數的最大值U1m=R并ER?并+r=E1+rR并

圖17.【解析】(1)線框剛進入磁場時，產生的感應電動勢最大為：E=BLv

根據閉合電路歐姆定律，可得感應電流：I=ER

則感應電流的最大