南充市高2025屆高考適應性考試（二診）物理（考試時間75分鐘，滿分100分）注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目答案的標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將答題卡交回。一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項最符合題目要求。1.如圖所示，理想降壓變壓器的線圈接學生電源交流輸出端，線圈與小燈泡相連接，閉合電源開關，發現小燈泡亮度較低，為了提高小燈泡的亮度，下列可行的是（）A.僅將線圈改接直流輸出端 B.僅適當減小交流電的頻率C.僅適當增加線圈的匝數 D.僅適當增加線圈的匝數【答案】D【解析】【詳解】理想變壓器輸出電壓與匝數成正比，即。要想提升小燈泡的亮度，需要提高其兩端的電壓，因此應增大副線圈（線圈b）的匝數，從而使輸出電壓增大，小燈泡變亮。其余選項均無法有效增大燈泡兩端的交流電壓。故選D。2.1932年，考克饒夫和瓦爾頓用質子加速器進行了人工核蛻變實驗。在實驗中，鋰原子核俘獲一個質子后成為不穩定的鈹原子核，隨后又蛻變為兩個氦原子核，核反應方程為，已知、、的質量分別為、、，相當于，則該核反應中釋放的核能約（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】整個核反應過程中的釋放的能量為故選C。3.圖甲是某人在湖邊打水漂的圖片，圖乙是石塊運動軌跡的示意圖。石塊從水面彈起到再次觸水后即將彈起算一個水漂，假設石塊始終在同一豎直面內運動，且每次從水面彈起時速度與水面的夾角均為，一個水漂的過程速率損失。若石塊第1次彈起后的滯空時間為，不計空氣阻力，，重力加速度，則石塊第4次在水面彈起瞬間的速率是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】石塊第1次彈起后的滯空時間為，設石塊第1次彈起的速度大小為，石塊做斜上拋運動，則有，解得一個水漂過程速率損失，則石塊第4次在水面彈起瞬間的速率為故選B。4.如圖所示，半徑為R的光滑半球面固定在水平面上，半球面內的剛性輕質細桿AC長為L，桿上B點套有小球。系統靜止時，半球面對細桿A端的彈力是對C端的彈力的2倍，則BC部分的長度為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】由平衡條件可知，半球面對細桿A端的彈力和對C端的彈力過球心O，且與小球B的重力平衡，所以小球B應在O點正下方，受力情況如圖所示根據正弦定理可得，，結合已知條件解得又因為解得故選A。5.嫦娥六號探測器在中國文昌航天發射場發射升空，之后準確進入地月轉移軌道，成功完成世界首次月背挖寶”之旅。圖中繞月運行的三個軌道依次為：大橢圓軌道1，小橢圓停泊軌道2，圓軌道3，點為三個軌道的公共切點，為軌道1的遠月點，在三個軌道上比較（）A.探測器在軌道3上運行的周期最小B.探測器在軌道3上經過點的速率最大C.探測器在經過點的向心加速度不相同D.探測器只在軌道3上經過點時所受月球引力的瞬時功率為零【答案】A【解析】【詳解】A．根據開普勒第三定律可知，軌道3的半徑小于軌道1、2的半長軸，故軌道1上的運行周期最小，A正確；B．探測器從軌道1依次變軌到軌道3的過程中，需要減速做向心運動，因此探測器在軌道3上經過P點的速度最小，B錯誤；C．萬有引力提供圓周運動的向心力，由牛頓第二定律可得解得三個軌道經過P點時的軌道半徑相等，故加速度大小相等，C錯誤；D．當探測器速度與引力方向正好垂直（如橢圓軌道在遠月點或近月點、圓軌道在任一點）時，引力對探測器的瞬時功率為零，并非只有圓軌道3經過Q點引力的瞬時功率才為零，D錯誤。故選A。6.phyphox是一款可以讓手機充當一個真實物理實驗工具手機軟件，中文名為手機實驗工坊。某同學打開手機中phyphox的加速度傳感器，用手掌托著手機把手機豎直向上拋出，又迅速在拋出點接住手機，得到手機在豎直方向的加速度隨時間變化的圖像如圖所示（以豎直向上為正方向），則（）A.時刻手機離開手掌 B.手機先超重后失重C.手機的機械能一直增大 D.手掌對手機的支持力始終大于手機對手掌的壓力【答案】C【解析】【詳解】A．由題圖可知，時間內手機沒有離開手掌，速度向上，加速度向上，手機一直在向上加速，A錯誤；B．時間內加速度向上，手機一直處在超重狀態，B錯誤；C．時間內，手機的加速度先向上再向下，時刻手機加速度剛好向下增大到等于重力加速度，所以手即將脫離手機，故時間內，手對手機的支持力一直做正功，手機機械能一直增大，C正確；D．手掌對手機的支持力和手機對手掌的壓力是一對相互作用力，大小始終相等，D錯誤。故選C。7.戰繩是非常流行的一種高效全身訓練方式，在某次訓練中，運動員手持繩的一端甩動，形成的繩波可簡化為簡諧波，如圖甲為簡諧波在時刻的波形圖，是平衡位置為處的質點，是平衡位置為處的質點，如圖乙為質點的振動圖像。下列說法正確的是（）A.波速為 B.波沿軸正方向傳播C.質點在1.4s時的位移為 D.質點P在時間內運動的路程小于【答案】D【解析】【詳解】A．由甲圖可知，該波的波長為由乙圖可知，該波的周期為故該波的波速為A錯誤；B．由乙圖可知，時Q沿y負方向振動，根據“上、下坡法”可知，該波沿x負方向傳播，B錯誤；C．在1.4s時質點Q經過的時間由于質點的振動周期故時質點Q由平衡位置向下振動，經過后到達負的最大位移處，其位移為，C錯誤；D．結合上述分析可知，在時間內，質點振動了，若時，P點在平衡位置，則這段時間內其通過的路程為由甲圖可知，時，P不在平衡位置，故在時間內，質點P通過的路程小于2m，D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。每小題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.電子槍發出的電子僅在電場力作用下的運動軌跡如圖中實線所示，a、b、c是軌跡上的三點，虛線為電場中的等差等勢面（a、b、c是軌跡和等勢面的交點），下列說法中正確的是（）A.電場中c點的場強大于b點的場強B.電場中c點的電勢高于b點的電勢C.電子在c點的速率大于在b點的速率D.電子從a到b電勢能變化為從b到c電勢能變化的2倍【答案】AD【解析】【詳解】B．根據電場線的方向與等勢面垂直，且電子帶負電可知，題圖中電場線的方向大體沿左上方至右下方，沿著電場線的方向電勢越來越低，所以b點的電勢大于c點的電勢，故B錯誤；A．等差等勢面的疏密表示電場的強弱，則b點的電場強度小于c點的電場強，故A正確；C．電子從b點運動到c點的過程中，電場力做負功，電子在c點的速度比在b點的速度小，故C錯誤；D．由題知虛線為電場中的等差等勢面，設相鄰兩等勢面的電勢差為U，則電子從a到b電勢能變化為ΔEpab=－2eU，從b到c電勢能變化為ΔEpbc=－eU，則電子從a到b電勢能變化為從b到c電勢能變化的2倍，故D正確。故選AD。9.如圖甲為一個半徑為的質量均勻的透明水晶球，過球心的截面如圖乙所示，為水晶球直徑，一單色細光束從點射入球內，折射光線與夾角為，出射光線與平行。光在真空中的傳播速度為，則（）A.光束在點的入射角為 B.水晶球的折射率為C.光在水晶球中的傳播速度為 D.光在水晶球中的傳播時間為【答案】BD【解析】【詳解】AB．如圖所示出射光線與平行，根據圖中幾何關系可得則有可得光束在點的入射角為故A錯誤，B正確；CD．光在水晶球中的傳播速度為光在水晶球中的傳播距離為則光在水晶球中的傳播時間為故C錯誤，D正確。故選BD。10.如圖所示，一長為，質量為的長木板AB靜止在光滑水平地面上，為長木板的中點，原長為的輕彈簧一端栓接在長木板左端的豎直擋板上，另一端連接質量為的小物塊（可視為質點），開始時將彈簧壓縮并鎖定。已知物塊與木板間的動摩擦因數為，彈簧的勁度系數，其彈性勢能的表達式為（為彈簧的形變量），解除鎖定后，彈簧始終在彈性限度內，最大靜摩擦力可認為等于滑動摩擦力，則（）A.解除鎖定瞬間物塊的加速度大小為B.物塊經過點時速度最大C.木板的速度最大時，其位移大小為D.物塊最終停在點左側處【答案】AC【解析】【詳解】A．解除鎖定瞬間，物塊受力向右的彈力和向左的摩擦力，根據牛頓第二定律有又，聯立解得故A正確；B．由題分析，可知當物塊的加速度為零時其速度最大，則有解得說明此時彈簧仍處于壓縮狀態，故B錯誤；C．由題分析，可知系統滿足動量守恒的條件，設物塊的最大速度為，木板的最大速度為，根據動量守恒有又變形得由B分析，可知彈簧的壓縮量由變到，則有聯立解得故C正確；D．系統初態的能量為設物塊全程通過的路程為，根據能量守恒有解得物塊最終停在點右側的距離為故D錯誤。故選AC。三、非選擇題，本題共5小題，共54分。其中13~15小題解題時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟；有數值計算時，答案中必須明確寫出數值和單位。11.用如圖所示的裝置驗證物塊和物塊（含遮光條）組成的系統機械能守恒光電門在鐵架臺上的位置可豎直上下調節，滑輪和細繩質量及各處摩擦均忽略不計，（含遮光條）質量相等，實驗時將物塊由靜止釋放。（1）若遮光條寬度為，遮光條的擋光時間為，則物塊通過光電門的速率為_________，此時物塊的速率為__________。（2）改變遮光條與光電門之間的高度（滿足遠大于，多次實驗，測出各次的擋光時間，在以為橫軸、為縱軸的平面直角坐標系中作出圖像，該圖像的斜率為，在誤差允許范圍內，若_______（用重力加速度和題中表示），則驗證了該系統機械能守恒。【答案】（1）①.②.（2）【解析】【小問1詳解】[1]由題可知，物塊通過光電門的速率為[2]相同時間內，B的位移為A的位移的2倍，則有【小問2詳解】根據機械能守恒定律可得整理可得故在的圖像中，其斜率12.某實驗小組要測一段粗細均勻的合金絲的電阻率ρ。（1）用螺旋測微器測定合金絲的直徑，如圖甲，則直徑為_________mm；（2）用多用電表“×10”擋粗測合金絲電阻，多用電表指針如圖乙中虛線所示，正確換擋電阻調零后再次測量，指針如圖乙中實線所示，可得合金絲的電阻Rx=________Ω；（3）為更準確測量該合金絲的電阻，實驗室還提供下列器材：電壓表V（量程0~3V，內阻約15kΩ）電流表A1（量程0~3A，內阻約02Ω）電流表A2（量程0~600mA，內阻約1Ω）滑動變阻器R（0~5Ω，0.6A）3V的直流穩壓電源開關S，導線若干①為減小實驗誤差，電流表應選____________，并采用電流表___________（選填“外接法”或“內接法”），滑動變阻器應采用接法____________（選填“限流”或“分壓”）；②若測得合金絲的長度為60.00cm，電阻為9.00Ω，則合金絲的電阻率為ρ=___________Ω·m（為方便計算，取π=3，結果保留2位有效數字）。【答案】（1）6.370（6.368~6.372）（2）10##10.0（3）①.A2②.外接法③.限流④.ρ=4.6×10－4Ω·m【解析】【小問1詳解】螺旋測微器讀數為6mm＋37.0×0.01mm=6.370mm【小問2詳解】虛線的示數偏小，應該更換小倍率，所以讀數為10×1Ω=10Ω【小問3詳解】[1]根據電源電壓和待測電阻估計值可估算電流不超過300mA，所以接A2。[2]利用待測電阻的平方和電流表電壓表的乘積比較，小于為小電阻，應該使用外接法。[3]滑動變阻器和待測電阻的阻值相差不大，應該使用限流接法。[4]根據公式可解得ρ=4.6×10－4Ω·m13.如圖所示為某實驗小組設計的測量不規則礦石體積的氣壓體積測量儀的原理圖，上端開口的直筒導熱氣缸A和放入待測礦石后上端封閉的直筒導熱氣缸B高均為，橫截面積，兩氣缸連接處的細管體積不計。將質量的活塞C置A上方開口處放下，在兩氣缸內封閉一定質量的理想氣體（不計活塞厚度和摩擦力），活塞穩定后，活塞距氣缸A頂端。已知環境溫度保持不變，大氣壓強，重力加速度。求：（1）活塞穩定后，封閉氣體的壓強；（2）礦石的體積。【答案】（1）；（2）【解析】【小問1詳解】對活塞解得【小問2詳解】初始氣體體積為穩定后氣體體積為根據玻意耳定律可得解得14.如圖所示，間距為l=0.5m的兩平行等長金屬直導軌ab、a′b′固定在同一水平絕緣桌面上，導軌端接有R=0.25Ω的定值電阻，bb′端與兩條位于豎直面內半徑均為r=0.02m的半圓形金屬導軌平滑連接；一根電阻為R=0.25Ω、長度為=0.5的細金屬棒M質量為m=0.5kg，與導軌垂直靜止于處，（含邊界）所在區域有磁感應強度大小為B=2T的勻強磁場垂直于金屬棒并與水平面成夾角θ=30°?，F給細金屬棒提供瞬時水平向右的初速度=3m/s，金屬棒恰好能經過半圓形金屬導軌的最高點，整個運動過程中M與導軌始終接觸良好，且始終垂直于導軌。不計全部金屬導軌的電阻以及摩擦阻力和空氣阻力，重力加速度取g=10m/s2。求：（1）金屬棒M經過位置時的速度大?。唬?）金屬棒M獲得初速度瞬間所受安培力的大