高級中學名校試卷PAGEPAGE1鄂南高中黃岡中學黃石二中荊州中學龍泉中學武漢二中孝感高中襄陽四中襄陽五中宜昌一中夷陵中學2025屆高三湖北省十一校第一次聯考物理試題（考試時間：75分鐘試卷滿分：100分）注意事項：1．答題前，先將自己的姓名、準考證號填寫在試卷和答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區域均無效。3．非選擇題的作答：用黑色簽字筆直接答在答題卡上對應的答題區域內。寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區域均無效。一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個選項中，第1～7題只有一項符合題目要求，第8～10題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1.2024年位于上海的聚變能源商業公司能量奇點宣布，由能量奇點設計、研發和建造的洪荒70裝置成功實現等離子體放電。這是全球首臺由商業公司研發建設的超導托卡馬克裝置。若該裝置熱核反應方程為、，下列說法正確的是（）A.核反應方程中的X為中子 B.核反應方程中的Y為電子C.核反應過程中滿足質量守恒 D.的比結合能大于的比結合能【答案】D【解析】AB．根據質量數與電荷數守恒可知X為正電子，Y為質子，AB錯誤；C．核反應過程中質量數守恒，但是質量有虧損，C錯誤；D．核反應后的產物更加穩定，比結合能更大，故的比結合能大于的比結合能，D正確。故選D。2.我國成功將“高分十三號”衛星發射升空并順利進入地球同步軌道。“高分十三號”衛星是一顆高軌光學遙感衛星，可為國民經濟發展提供信息服務。研究表明，地球自轉在逐漸變慢3億年前地球自轉的周期約為22小時。假設這種趨勢會持續下去，地球的其他條件都不變則（）A.未來地球的第一宇宙速度小于7.9km/hB.未來赤道的重力加速度將逐漸變大C.未來極地的重力加速度將逐漸變小D.未來人類發射的地球同步衛星與“高分十三號”衛星相比軌道半徑將變小【答案】B【解析】A．設地球半徑為R，質量為M，對近地衛星，根據萬有引力定律有可得可見第一宇宙速度v與地球自轉周期無關，而且第一宇宙速度是，不是，故A錯誤；BC．對在赤道上的物體有同一物體在兩極有可得，可知地球自轉在逐漸變慢，即自轉周期變大，則未來赤道的重力加速度將逐漸變大，極地的重力加速度不變，故B正確，C錯誤；D．對同步衛星，根據萬有引力提供向心力有可得同步衛星軌道半徑T變大，則軌道半徑r變大，故D錯誤。故選B。3.2024年11月12日舉辦的珠海航展展現了我國強大的航天制造實力，其中由海格通信旗下成員企業西安馳達承制的“九天”重型無人機首次公開露面。“九天”無人機是一款靈活配置重型無人機，是下一代的大型無人空中通用平臺，在業內有“無人航空母機”之稱。若一無人機只受到重力和向上推力，該無人機豎直上升時在速度區間內推力F和v的關系如圖所示，則在該速度區間，無人機的功率P與v關系的圖像可能是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】由圖像可知，F與v的關系式為其中根據可知，P與v的關系式為其中由數學知識可知，P與v關系的圖像為開口方向向下的拋物線。故選D。4.生活中常常用到“輪軸”系統，該系統能繞共軸線旋轉，如圖甲所示。起重機滑輪運用了輪軸和斜面的原理。某工地用起重機吊起質量m＝100kg的重物，將起重機的模型簡化，如圖乙所示，起重機底部安裝了一個輪軸其軸與輪的半徑比為1∶2，若起重器將鋼繩A以速度v＝5m/s勻速收縮了20m，不計輪軸質量及一切阻力，滑輪大小可忽略，重力加速度為g取。在此過程中，下面說法正確的是（）A.重物重力的功率為2500W B.重物重力的功率為5000WC.鋼繩B對重物做的功為20000J D.鋼繩B對重物做的功為50000J【答案】A【解析】AB．輪軸其軸與輪的半徑比為，根據同軸轉動角速度相等結合可知重物上升的速度則重物重力的功率為故A正確，B錯誤；CD．A的速度與B的速度之比為，則當A收縮20m時，B上升了，鋼繩B的拉力等于B的重力，則鋼絕B對重物做的功故CD錯誤。故選A。5.已知一個均勻帶正電的圓環如圖甲所示，以圓環的圓心O為坐標原點，過O點垂直于圓環平面的線為x軸，在其軸線上距離圓心x處產生的電場強度如圖乙所示，將一個帶負電微粒（不計重力）從B處靜止釋放，以下說法正確的是（）A.粒子將沿著x軸正向運動到無窮遠處B.粒子將沿著x軸負向運動到無窮遠處C.粒子在A處的電勢能比在B處的電勢能低D.粒子在到達O點前有最大速度【答案】C【解析】AB．由乙圖知，O點左側場強方向從O點出發指向無窮遠處，右側場強方向也從O點指向無窮遠處，故將一個帶負電微粒（不計重力）從B處靜止釋放，粒子先受到向左的電場力，向左加速，過了O點，受到的電場力向右，做減速，直到速度為零；然后再反向加速，過O點后，再減速，到速度為零，如此往返運動，故AB錯誤；C．根據圖像與x軸圍成的面積表示電勢差，可知根據可知粒子從B到O電場力對其做的正功大于粒子從O到A電場力對其做的負功，即粒子從B到O減少的電勢能大于粒子從O到A增加的電勢能，故粒子在A處的電勢能比在B處的電勢能低，故C正確；D．由乙圖可知，當加速度為零，即電場強度為零時，粒子有最大速度，故D錯誤。故選C。6.將等質量的長方體A、B置于粗糙水平地面上，長方體A和B與地面的動摩擦因數分別為和（），如圖甲所示。對A施加水平向右的恒力F時，A、B一起向右加速運動，A、B間的彈力大小為。如圖乙所示，將A、B置于斜面上，A、B與斜面的動摩擦因數未變，對A施加大小相同的沿斜面向上的力F時，A、B一起沿斜面向上加速運動，A、B間的彈力大小為，則（）A. B. C. D.【答案】B【解析】圖甲過程，根據牛頓第二定律，對長方體A，根據牛頓第二定律有1對長方體B，根據牛頓第二定律有整理解得圖乙過程，根據牛頓第二定律，對長方體A，根據牛頓第二定律對長方體B，根據牛頓第二定律整理解得已知可得故選B。7.一厚度d為的大平板玻璃水平放置，玻璃板的折射率，其下表面粘有一邊長為2cm的正方形發光面。在玻璃板上表面放置一紙片，若紙片能完全遮擋住從方形發光面發出的光線（不考慮反射），則紙片的最小面積為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】發光面邊緣點發生全反射的光路圖如下所示根據圖像，可知對于邊緣點在玻璃上表面上形成的發光圓半徑為根據臨界角公式有聯立解得俯視玻璃上表面，會看到發光區域如下圖所示根據幾何關系，發光面積為故選C。8.如圖所示，將兩根粗細相同但材料不同長軟繩甲、乙的一端連接在一起，1、2、3、4…為繩上的一系列間距均為0.1m的質點，其中質點10為兩繩的結點，繩處于水平方向。手持質點10在豎直方向做簡諧運動，形成向左和向右傳播的兩列簡諧波Ⅰ、Ⅱ，其中波Ⅰ的波速為0.2m/s。某時刻質點10處在波峰位置，此時開始計時，3s后此波峰傳到質點13，此時質點10正好通過平衡位置向上運動，質點10與質點13之間只有一個波谷，下列說法正確的是（）A.質點10的振動周期為4s B.波Ⅰ的波長為0.8mC.波Ⅱ的波長為0.8m D.當質點15處于波峰時，質點6處于波谷【答案】AB【解析】AC．結合題知，對于波Ⅱ有則波Ⅱ的波長為，波Ⅱ的波速則周期即質點10的振動周期為4s，故A正確，C錯誤；B．波Ⅰ的波長故B正確；D．質點15與質6之間的距離為則當質點15處于波峰時，質點6處于平衡位置，故D錯誤。故選AB。9.如圖甲所示，在傾角為θ的斜面上固定兩根足夠長且間距為L的光滑平行金屬導軌，導軌上端接有阻值為R的電阻，下端通過開關與相距足夠遠的單匝金屬線圈相連，線圈內存在垂直于線圈平面的磁場，以向下為正，磁場變化如圖乙所示，導軌所在區域存在垂直于導軌平面、磁感應強度大小為B的勻強磁場（圖中未畫出），靠在插銷處垂直于導軌放置且與導軌接觸良好的金屬棒ab，質量為m、電阻也為R，閉合開關后，時撤去插銷，ab仍靜止。線圈、導軌和導線的電阻不計，重力加速度大小為g。下列判定正確的是（）A.導軌所在區域的磁感應強度B的方向垂直于導軌平面向上B.桿ab在時刻仍可以保持靜止C.閉合開關線圈內磁通量的變化率為D.若后斷開開關，棒ab繼續運動過程中，電阻R的最大熱功率為【答案】BD【解析】AB．時撤去插銷，穿過線圈的磁感應強度向下且減小，由楞次定律可知，流過金屬棒ab的電流由a流向b；金屬棒ab靜止，金屬棒ab所受安培力平行于斜面向上，由左手定則可知，磁感應強度B垂直于導軌平面向下，在時刻，根據法拉第電磁感應定律有可知電流的大小和方向都不變，則桿ab在時刻仍可以保持靜止，故A錯誤，B正確；C．對金屬棒，由平衡條件得對線圈，由法拉第電磁感應定律，線圈內磁通量的變化率等于線圈產生的電動勢，得由歐姆定律可知，流過ab的電流解得故C錯誤；D．金屬棒速度最大時，感應電動勢最大，則有可得最大感應電流電阻的最大熱功率為故D正確。故選BD。10.如圖甲所示，一質量為M的光滑斜面靜止在光滑水平面上，高度、傾角θ=45°，一質量為m的物塊（可視為質點）從斜面底端以一定的初速度沿斜面向上運動。若物塊在斜面上運動的過程中測得在水平方向上物塊與斜面的速度大小分別為v1和v2，作出全過程的v1?v2圖像如圖乙所示，已知重力加速度為g。則（）A.物塊離開斜面時，物塊與斜面水平方向共速B.m∶M=1∶2C.物塊離開斜面時豎直分速度為D.物塊在整個運動過程中上升的最大高度為【答案】BCD【解析】A．由圖乙，可知當物塊離開斜面時，物塊水平方向的速度為v，斜面水平方向的速度為，故A錯誤；B．物塊與斜面滿足水平方向動量守恒，則有解得m∶M=1∶2故B正確；C．設物塊離開斜面時的速度為v′，對系統，根據機械能守恒有解得根據平行四邊形定則有可得故C正確；D．物塊離開斜面后繼續上升的高度為物塊在整個運動過程中上升的最大高度為故D正確。故選BCD。二、實驗題（本題共2小題，共14分，請按題目要求作答）11.某同學利用如圖甲所示的裝置研究物塊與木板之間的摩擦力。實驗臺上固定一個力傳感器，傳感器用細線拉住物塊，物塊放置在粗糙的長木板上，物塊的質量為0.5kg，長木板的質量為1kg，重力加速度g取。水平向左拉動木板，傳感器記錄的F-t圖像如圖乙所示。（1）從F-t圖像可以看出在1.0～1.2s時間內，物塊與木板之間的摩擦力是________（選填“靜摩擦力”或“滑動摩擦力”）。（2）在實驗過程中，若木板加速運動，在2.0s后，力傳感器的示數________（選填“＞”＜”或“＝”）物塊所受的滑動摩擦力大小。（3）測得物塊與長木板間的動摩擦因數為________。【答案】（1）靜摩擦力（2）＝（3）04【解析】【小問1詳析】由圖可知，在時間內，木板和物塊沒有發生相對滑動，摩擦力隨外力的增大逐漸增大，物塊與木板之間的摩擦力是靜摩擦力；【小問2詳析】在后，木板和物塊發生相對運動，則物塊所受摩擦力為滑動摩擦力，對物塊根據平衡條件可知，力傳感器的示數等于物塊所受的滑動摩擦力大小；【小問3詳析】根據其中，，，解得12.小明和小萱同學所在的實驗興趣小組欲測量一個未知電阻的阻值。（1）小明同學先用萬用表歐姆“×10”擋粗測。測量中，表盤指針位置如圖（a），其示數為________Ω。（2）為了準確測出阻值，實驗室提供了以下器材A．電池組（電動勢3V，內阻很小）；B．電流表1（量程50mA，內阻很小）；C．電流表2（量程25mA，內阻很小）；D．定值電阻（R＝100Ω）；E．滑動變阻器（阻值0～10Ω）；F．開關一只，導線若干。①根據提供的器材，小明同學設計了圖（b）所示的電路。其中，表應選________（填器材前的字母序號）。②某一次測量時電流表1的示數如圖（c）所示，則此時電流表1示數為________mA。若流過電流表和電流表的電流分別為和，則待測電阻________（用題目中的、和R表示）（3）由于電流表有電阻，根據圖（b）測出來的電阻有誤差，小萱同學思考后發現只需在小明同學的基礎上略加調整就可以測出的準確值，在小明同學測出一組數據和后，她將電流表與待測電阻相連，如圖（d）所示，調整滑動變阻器，使大小不變，'記錄此時電流表的示數，根據小萱的做法，求出電阻________（用題目中的字母表示）【答案】（1）120（2）B30.0（3）【解析】【小問1詳析】歐姆表指針所指區域的分度為1，故讀數【小問2詳析】①[1]電流表A1測并聯電阻的總電流，電流表A2測的電流，所以表應該是大量程的電流表，故應選B。②[2][3]電流表1量程是，所以示數為。由歐姆定律有【小問3詳析】沒變換前，可求得兩端電壓為保持大小不變，所以滑動變阻器左端部分分壓大小不變，兩端的電壓也不變，即并聯電阻的電壓也不變。變換后，由題可知流過的電流為，由歐姆定律有三、計算題（本題共3小題，共46分。解答時應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。有數值計算的題，答案中還必須明確寫出數值和單位）13.2024年10月25日第57屆田徑運動會正式開幕。小明所在班級使用了桶裝純凈水進行供水，圖甲為桶裝純凈水使用壓水器供水的示意圖，圖乙是簡化的原理圖。當手按下壓水器時，壓水器中的活塞打開，外界空氣壓入桶內，放手后，壓水器活塞關閉，當壓水器將水壓到出水管管口時，水可以流出。壓水器出水管上方有一個止水閥，按下止水閥，桶內空氣可以與外界相通。已知桶底橫截面積，容積V＝20L。現桶內有10L水，初始時出水管豎直部分內外液面相平，出水口與桶內水面的高度差h＝0.3m，壓水器氣囊的容積，空氣可視為理想氣體。出水管的體積與桶內水的體積相比可忽略不計，水的密度，外界大氣壓強恒為，重力加速度g取。（1）若桶內氣體溫度不變，剛好有水從出水管流出時桶內氣體的壓強為多少。（2）已知小明的水杯容量為500mL，現有10位擁有相同容量水杯的同學需要接水。若每次將氣囊完全壓下，需要壓多少次，可以讓10位同學剛好接滿水。已知整個過程桶內溫度不變，壓氣完成后打開出水管開關進行接水。【答案】（1）（2）28次【解析】【小問1詳析】設剛有水出時桶內氣體壓強解得【小問2詳析】設10位同學用水總量為，則有此時水面到管口的高度為解得設接水穩定后桶內壓強為，則有解得對整個過程，根據玻意耳定律可得聯立可得n＝28次14.如圖所示，在直角坐標系中，y軸與虛線MN間的距離為d，一質量為m、電荷量為＋q的粒子（不計重力）以某一個速度從O點沿x軸正向射入，若兩虛線間可以存在場強大小為E、沿y軸方向的勻強電場，也可以存在磁感應強度大小為B、方向垂直于紙面的勻強磁場。若同時存在上述電場和磁場，粒子將沿著直線從A點離開場區。（不考慮MN邊界的電場和磁場影響）（1）粒子從O點入射的速度為多大？（2）若虛線內僅只存在勻強磁場，，一束該粒子保持原來速度大小從O點平行于紙面射入（方向任意），求MN邊有粒子射出區域的長度。（用d表示）。（3）若，粒子仍保持原來的速度從O點射入，求粒子分別在僅有勻強電場時和僅有勻強磁場時，離開電場和磁場的坐標絕對值之比。【答案】（1）（2）；（3）1∶2【解析】【小問1詳析】粒子沿直線飛出，由平衡條件Bqv＝qE可得【小問2詳析】粒子在磁場中運動，由洛倫茲力提供向心力則可得粒子在磁場中運動如圖若粒子于MN上邊界相切，由幾何關系可得解得粒子沿著y軸負方向射入時，可以到達下邊界最遠，幾何關系如圖所示則粒子束從MN邊界出的長度為【小問3詳析】若僅有電場時d＝vt，，qE＝ma可得若僅有磁場時，由（2）可知由幾何關系可得，粒子出邊界偏移綜上可得15.如圖所示，在一粗糙水平平臺最左端固定一彈簧動力裝置，可以將物體瞬間彈開，此時儲存的彈性勢能為，動力裝置的右端有一滑塊A，質量m＝3kg，滑塊與平臺間的動摩擦因數為，滑塊A到平臺右側邊緣長度為s＝1m。平臺右側有一質量M＝1kg的“L”型長木板B，長木板B上表面光滑，下表面與地面的動摩擦因數為。長木板B右端有一點O，O點右側空間中有一水平向右的勻強電場，電場強度為E＝8N/C，滑塊A帶正電，電荷量為3C，長木板B不帶電，O點右側有一凸起P，OP距離為12m。一段時間后長木板B右端到O點時速度為0，此前A、B僅發生了一次碰撞。已知所有碰撞無能量損失，A可視為質點，整個運動過程中A電荷量不變，A未脫離B，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度。求：（1）滑塊A第一次與B碰后各自的速度。（2）滑塊A與長木板B從第一次碰撞到第二次碰撞所需要的時間。（3）從第二次碰后開始計時，經過多長時間長木板B右端到達凸起點P。【答案】（1）2m/s，6m/s（2）（3）【解析】【小問1詳析】從A彈開到與B相撞，對A，由動能定理可得解得A與B彈性碰撞聯立解得【小問2詳析】第一次碰后A勻速直線運動，B勻減速直線運動。對B受力分析解得B減速為0，則有解得設經過時間t滑塊A和木板B發生第二次碰撞解得因為，則B停止后A才與B相撞，時間為【小問3詳析】A、B第二次碰撞也為彈性碰撞，設碰后A、B的速度各為、，則有解得之后A進入電場，對A解得由于AB加速度相等，則運動具有對稱性，當兩者速度交換時再次碰撞解得依次類推，經過O點第n次碰后B的速度為每兩次碰撞的時間間隔則經過O點第n次碰后B走過的總位移設可得n等于8點多，則一共碰了9次，到第9次碰前設還需要到P點解得則從過了O點到P點所需要的總時間鄂南高中黃岡中學黃石二中荊州中學龍泉中學武漢二中孝感高中襄陽四中襄陽五中宜昌一中夷陵中學2025屆高三湖北省十一校第一次聯考物理試題（考試時間：75分鐘試卷滿分：100分）注意事項：1．答題前，先將自己的姓名、準考證號填寫在試卷和答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區域均無效。3．非選擇題的作答：用黑色簽字筆直接答在答題卡上對應的答題區域內。寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區域均無效。一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個選項中，第1～7題只有一項符合題目要求，第8～10題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1.2024年位于上海的聚變能源商業公司能量奇點宣布，由能量奇點設計、研發和建造的洪荒70裝置成功實現等離子體放電。這是全球首臺由商業公司研發建設的超導托卡馬克裝置。若該裝置熱核反應方程為、，下列說法正確的是（）A.核反應方程中的X為中子 B.核反應方程中的Y為電子C.核反應過程中滿足質量守恒 D.的比結合能大于的比結合能【答案】D【解析】AB．根據質量數與電荷數守恒可知X為正電子，Y為質子，AB錯誤；C．核反應過程中質量數守恒，但是質量有虧損，C錯誤；D．核反應后的產物更加穩定，比結合能更大，故的比結合能大于的比結合能，D正確。故選D。2.我國成功將“高分十三號”衛星發射升空并順利進入地球同步軌道。“高分十三號”衛星是一顆高軌光學遙感衛星，可為國民經濟發展提供信息服務。研究表明，地球自轉在逐漸變慢3億年前地球自轉的周期約為22小時。假設這種趨勢會持續下去，地球的其他條件都不變則（）A.未來地球的第一宇宙速度小于7.9km/hB.未來赤道的重力加速度將逐漸變大C.未來極地的重力加速度將逐漸變小D.未來人類發射的地球同步衛星與“高分十三號”衛星相比軌道半徑將變小【答案】B【解析】A．設地球半徑為R，質量為M，對近地衛星，根據萬有引力定律有可得可見第一宇宙速度v與地球自轉周期無關，而且第一宇宙速度是，不是，故A錯誤；BC．對在赤道上的物體有同一物體在兩極有可得，可知地球自轉在逐漸變慢，即自轉周期變大，則未來赤道的重力加速度將逐漸變大，極地的重力加速度不變，故B正確，C錯誤；D．對同步衛星，根據萬有引力提供向心力有可得同步衛星軌道半徑T變大，則軌道半徑r變大，故D錯誤。故選B。3.2024年11月12日舉辦的珠海航展展現了我國強大的航天制造實力，其中由海格通信旗下成員企業西安馳達承制的“九天”重型無人機首次公開露面。“九天”無人機是一款靈活配置重型無人機，是下一代的大型無人空中通用平臺，在業內有“無人航空母機”之稱。若一無人機只受到重力和向上推力，該無人機豎直上升時在速度區間內推力F和v的關系如圖所示，則在該速度區間，無人機的功率P與v關系的圖像可能是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】由圖像可知，F與v的關系式為其中根據可知，P與v的關系式為其中由數學知識可知，P與v關系的圖像為開口方向向下的拋物線。故選D。4.生活中常常用到“輪軸”系統，該系統能繞共軸線旋轉，如圖甲所示。起重機滑輪運用了輪軸和斜面的原理。某工地用起重機吊起質量m＝100kg的重物，將起重機的模型簡化，如圖乙所示，起重機底部安裝了一個輪軸其軸與輪的半徑比為1∶2，若起重器將鋼繩A以速度v＝5m/s勻速收縮了20m，不計輪軸質量及一切阻力，滑輪大小可忽略，重力加速度為g取。在此過程中，下面說法正確的是（）A.重物重力的功率為2500W B.重物重力的功率為5000WC.鋼繩B對重物做的功為20000J D.鋼繩B對重物做的功為50000J【答案】A【解析】AB．輪軸其軸與輪的半徑比為，根據同軸轉動角速度相等結合可知重物上升的速度則重物重力的功率為故A正確，B錯誤；CD．A的速度與B的速度之比為，則當A收縮20m時，B上升了，鋼繩B的拉力等于B的重力，則鋼絕B對重物做的功故CD錯誤。故選A。5.已知一個均勻帶正電的圓環如圖甲所示，以圓環的圓心O為坐標原點，過O點垂直于圓環平面的線為x軸，在其軸線上距離圓心x處產生的電場強度如圖乙所示，將一個帶負電微粒（不計重力）從B處靜止釋放，以下說法正確的是（）A.粒子將沿著x軸正向運動到無窮遠處B.粒子將沿著x軸負向運動到無窮遠處C.粒子在A處的電勢能比在B處的電勢能低D.粒子在到達O點前有最大速度【答案】C【解析】AB．由乙圖知，O點左側場強方向從O點出發指向無窮遠處，右側場強方向也從O點指向無窮遠處，故將一個帶負電微粒（不計重力）從B處靜止釋放，粒子先受到向左的電場力，向左加速，過了O點，受到的電場力向右，做減速，直到速度為零；然后再反向加速，過O點后，再減速，到速度為零，如此往返運動，故AB錯誤；C．根據圖像與x軸圍成的面積表示電勢差，可知根據可知粒子從B到O電場力對其做的正功大于粒子從O到A電場力對其做的負功，即粒子從B到O減少的電勢能大于粒子從O到A增加的電勢能，故粒子在A處的電勢能比在B處的電勢能低，故C正確；D．由乙圖可知，當加速度為零，即電場強度為零時，粒子有最大速度，故D錯誤。故選C。6.將等質量的長方體A、B置于粗糙水平地面上，長方體A和B與地面的動摩擦因數分別為和（），如圖甲所示。對A施加水平向右的恒力F時，A、B一起向右加速運動，A、B間的彈力大小為。如圖乙所示，將A、B置于斜面上，A、B與斜面的動摩擦因數未變，對A施加大小相同的沿斜面向上的力F時，A、B一起沿斜面向上加速運動，A、B間的彈力大小為，則（）A. B. C. D.【答案】B【解析】圖甲過程，根據牛頓第二定律，對長方體A，根據牛頓第二定律有1對長方體B，根據牛頓第二定律有整理解得圖乙過程，根據牛頓第二定律，對長方體A，根據牛頓第二定律對長方體B，根據牛頓第二定律整理解得已知可得故選B。7.一厚度d為的大平板玻璃水平放置，玻璃板的折射率，其下表面粘有一邊長為2cm的正方形發光面。在玻璃板上表面放置一紙片，若紙片能完全遮擋住從方形發光面發出的光線（不考慮反射），則紙片的最小面積為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】發光面邊緣點發生全反射的光路圖如下所示根據圖像，可知對于邊緣點在玻璃上表面上形成的發光圓半徑為根據臨界角公式有聯立解得俯視玻璃上表面，會看到發光區域如下圖所示根據幾何關系，發光面積為故選C。8.如圖所示，將兩根粗細相同但材料不同長軟繩甲、乙的一端連接在一起，1、2、3、4…為繩上的一系列間距均為0.1m的質點，其中質點10為兩繩的結點，繩處于水平方向。手持質點10在豎直方向做簡諧運動，形成向左和向右傳播的兩列簡諧波Ⅰ、Ⅱ，其中波Ⅰ的波速為0.2m/s。某時刻質點10處在波峰位置，此時開始計時，3s后此波峰傳到質點13，此時質點10正好通過平衡位置向上運動，質點10與質點13之間只有一個波谷，下列說法正確的是（）A.質點10的振動周期為4s B.波Ⅰ的波長為0.8mC.波Ⅱ的波長為0.8m D.當質點15處于波峰時，質點6處于波谷【答案】AB【解析】AC．結合題知，對于波Ⅱ有則波Ⅱ的波長為，波Ⅱ的波速則周期即質點10的振動周期為4s，故A正確，C錯誤；B．波Ⅰ的波長故B正確；D．質點15與質6之間的距離為則當質點15處于波峰時，質點6處于平衡位置，故D錯誤。故選AB。9.如圖甲所示，在傾角為θ的斜面上固定兩根足夠長且間距為L的光滑平行金屬導軌，導軌上端接有阻值為R的電阻，下端通過開關與相距足夠遠的單匝金屬線圈相連，線圈內存在垂直于線圈平面的磁場，以向下為正，磁場變化如圖乙所示，導軌所在區域存在垂直于導軌平面、磁感應強度大小為B的勻強磁場（圖中未畫出），靠在插銷處垂直于導軌放置且與導軌接觸良好的金屬棒ab，質量為m、電阻也為R，閉合開關后，時撤去插銷，ab仍靜止。線圈、導軌和導線的電阻不計，重力加速度大小為g。下列判定正確的是（）A.導軌所在區域的磁感應強度B的方向垂直于導軌平面向上B.桿ab在時刻仍可以保持靜止C.閉合開關線圈內磁通量的變化率為D.若后斷開開關，棒ab繼續運動過程中，電阻R的最大熱功率為【答案】BD【解析】AB．時撤去插銷，穿過線圈的磁感應強度向下且減小，由楞次定律可知，流過金屬棒ab的電流由a流向b；金屬棒ab靜止，金屬棒ab所受安培力平行于斜面向上，由左手定則可知，磁感應強度B垂直于導軌平面向下，在時刻，根據法拉第電磁感應定律有可知電流的大小和方向都不變，則桿ab在時刻仍可以保持靜止，故A錯誤，B正確；C．對金屬棒，由平衡條件得對線圈，由法拉第電磁感應定律，線圈內磁通量的變化率等于線圈產生的電動勢，得由歐姆定律可知，流過ab的電流解得故C錯誤；D．金屬棒速度最大時，感應電動勢最大，則有可得最大感應電流電阻的最大熱功率為故D正確。故選BD。10.如圖甲所示，一質量為M的光滑斜面靜止在光滑水平面上，高度、傾角θ=45°，一質量為m的物塊（可視為質點）從斜面底端以一定的初速度沿斜面向上運動。若物塊在斜面上運動的過程中測得在水平方向上物塊與斜面的速度大小分別為v1和v2，作出全過程的v1?v2圖像如圖乙所示，已知重力加速度為g。則（）A.物塊離開斜面時，物塊與斜面水平方向共速B.m∶M=1∶2C.物塊離開斜面時豎直分速度為D.物塊在整個運動過程中上升的最大高度為【答案】BCD【解析】A．由圖乙，可知當物塊離開斜面時，物塊水平方向的速度為v，斜面水平方向的速度為，故A錯誤；B．物塊與斜面滿足水平方向動量守恒，則有解得m∶M=1∶2故B正確；C．設物塊離開斜面時的速度為v′，對系統，根據機械能守恒有解得根據平行四邊形定則有可得故C正確；D．物塊離開斜面后繼續上升的高度為物塊在整個運動過程中上升的最大高度為故D正確。故選BCD。二、實驗題（本題共2小題，共14分，請按題目要求作答）11.某同學利用如圖甲所示的裝置研究物塊與木板之間的摩擦力。實驗臺上固定一個力傳感器，傳感器用細線拉住物塊，物塊放置在粗糙的長木板上，物塊的質量為0.5kg，長木板的質量為1kg，重力加速度g取。水平向左拉動木板，傳感器記錄的F-t圖像如圖乙所示。（1）從F-t圖像可以看出在1.0～1.2s時間內，物塊與木板之間的摩擦力是________（選填“靜摩擦力”或“滑動摩擦力”）。（2）在實驗過程中，若木板加速運動，在2.0s后，力傳感器的示數________（選填“＞”＜”或“＝”）物塊所受的滑動摩擦力大小。（3）測得物塊與長木板間的動摩擦因數為________。【答案】（1）靜摩擦力（2）＝（3）04【解析】【小問1詳析】由圖可知，在時間內，木板和物塊沒有發生相對滑動，摩擦力隨外力的增大逐漸增大，物塊與木板之間的摩擦力是靜摩擦力；【小問2詳析】在后，木板和物塊發生相對運動，則物塊所受摩擦力為滑動摩擦力，對物塊根據平衡條件可知，力傳感器的示數等于物塊所受的滑動摩擦力大小；【小問3詳析】根據其中，，，解得12.小明和小萱同學所在的實驗興趣小組欲測量一個未知電阻的阻值。（1）小明同學先用萬用表歐姆“×10”擋粗測。測量中，表盤指針位置如圖（a），其示數為________Ω。（2）為了準確測出阻值，實驗室提供了以下器材A．電池組（電動勢3V，內阻很小）；B．電流表1（量程50mA，內阻很小）；C．電流表2（量程25mA，內阻很小）；D．定值電阻（R＝100Ω）；E．滑動變阻器（阻值0～10Ω）；F．開關一只，導線若干。①根據提供的器材，小明同學設計了圖（b）所示的電路。其中，表應選________（填器材前的字母序號）。②某一次測量時電流表1的示數如圖（c）所示，則此時電流表1示數為________mA。若流過電流表和電流表的電流分別為和，則待測電阻________（用題目中的、和R表示）（3）由于電流表有電阻，根據圖（b）測出來的電阻有誤差，小萱同學思考后發現只需在小明同學的基礎上略加調整就可以測出的準確值，在小明同學測出一組數據和后，她將電流表與待測電阻相連，如圖（d）所示，調整滑動變阻器，使大小不變，'記錄此時電流表的示數，根據小萱的做法，求出電阻________（用題目中的字母表示）【答案】（1）120（2）B30.0（3）【解析】【小問1詳析】歐姆表指針所指區域的分度為1，故讀數【小問2詳析】①[1]電流表A1測并聯電阻的總電流，電流表A2測的電流，所以表應該是大量程的電流表，故應選B。②[2][3]電流表1量程是，所以示數為。由歐姆定律有【小問3詳析】沒變換前，可求得兩端電壓為保持大小不變，所以滑動變阻器左端部分分壓大小不變，兩端的電壓也不變，即并聯電阻的電壓也不變。變換后，由題可知流過的電流為，由歐姆定律有三、計算題（本題共3小題，共46分。解答時應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。有數值計算的題，答案中還必須明確寫出數值和單位）13.2024年10月25日第57屆田徑運動會正式開幕。小明所在班級使用了桶裝純凈水進行供水，圖甲為桶裝純凈水使用壓水器供水的示意圖，圖乙是簡化的原理圖。當手按下壓水器時，壓水器中的活塞打開，外界空氣壓入桶內，放手后，壓水器活塞關閉，當壓水器將水壓到出水管管口時，水可以流出。壓水器出水管上方有一個止水閥，按下止水閥，桶內空氣可以與外界相通。已知桶底橫截面積，容積V＝20L。現桶內有10L水，初始時出水管豎直部分內外液面相平，出水口與桶內水面的高度差h＝0.3m，壓水器氣囊的容積，空氣可視為理想氣體。出水管的體積與桶內水的體積相比可忽略不計，水的密度，外界大氣壓強恒為，重力加速度g取。（1）若桶內氣體溫度不變，剛好有水從出水管流出時桶內氣體的壓強為多少。（2）已知小明的水杯容量為500mL，現有10位擁有相同容量水杯的同學需要接水