…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，兩條平行虛線之間存在勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里，虛線間的距離為L．金屬圓環的直徑也是L．自圓環從左邊界進入磁場開始計時，以垂直于磁場邊界的恒定速度v穿過磁場區域。規定逆時針方向為感應電流i的正方向，則圓環中感應電流i隨其移動距離x的i～x圖象最接近（）2、如圖所示，兩束單色光a、b由空氣射向玻璃，經折射后形成復合光束c，則下列說法正確的是()A.從玻璃射向空氣時，a光的臨界角大于b光的臨界角B對同種玻璃，a光的折射率比b光的折射率小C.在同種玻璃中，a光的光速小于b光的光速D在真空中，a光的光速大于b光的光速3、一個閉合矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁感線的軸勻速轉動，產生的感應電流如圖所示．由該圖可得出的正確判斷是（）A.0.01s時，線圈平面處于中性面位置B.0.02s時，線圈平面與磁感線平行C.該交變電流的頻率為100HzD.1s內電流的方向變化50次4、如圖所示，把兩個相同的電燈，分別接成甲乙兩種電路，甲電路總電壓為8V，乙電路總電壓為16V，調節變阻器使兩燈都正常發光。此時，兩電路消耗的總功率分別為P甲、P乙，則下列關系中正確的是（）A.P甲＞P乙B.P甲＜P乙C.P甲=P乙D.無法確定5、為了體現考試的公平公正；考場上使用手機信號屏蔽器，如圖所示，該屏蔽器在工作過程中以一定的速度由信道的低端頻率向高端掃描．該掃描速度可以在手機接收信號中形成亂碼干擾，手機不能檢測出從基站發出的正常數據，使手機不能與基站建立連接，達到屏蔽手機信號的目的，手機表現為搜索網絡；無信號、無服務系統等現象．由以上知識可知（）

A.手機信號屏蔽器是利用靜電屏蔽的原理來工作的。

B.手機信號屏蔽器是通過發射電磁波干擾手機工作來達到目的。

C.電磁波必須在介質中才能傳播。

D.手機信號屏蔽器工作時基站發出的電磁波不能傳播到考場內。

6、由庫侖定律可知，真空中兩個靜止的點電荷，帶電量分別為q1和q2，其間距離為r時，它們之間相互作用力的大小為F=k式中k為靜電力常量．若用國際單位制的基本單位表示，k的單位應為（）A.kg?A2?m3B.kg?A﹣2?m3?s﹣4C.kg?m2?C﹣2D.N?m2?A﹣27、長為a寬為b的矩形線圈，在磁感強度為B的勻強磁場中垂直于磁場的OO′軸以恒定的角速度ω旋轉，設t=0時，線圈平面與磁場方向平行，則此時的磁通量和磁通量的變化率分別是（）A.0，0B.0，BabωC.Babω，BabωD.Babω，08、許多科學家在物理學發展過程中做出了重要貢獻，下列敘述中符合物理學史實的是(

)

A.伽利略發現并提出了萬有引力定律B.麥克斯韋提出磁場變化時會激發感生電場C.奧斯特發現了電磁感應現象D.卡文迪許提出了真空中兩個靜止點電荷間的相互作用規律9、如圖所示的一矩形線圈，繞垂直于勻強磁場并位于線圈平面的固定軸OO隆盲

勻速轉動，線圈中的感應電動勢e

隨時間t

的變化如圖所示.

下列說法中正確的是(

)

A.t1

時刻線圈平面和磁場方向垂直B.t2

時刻通過線圈的磁通量最大C.t3

時刻通過線圈的磁通量變化率的絕對值最大D.每當e

變化方向時，通過線圈的磁通量為零評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、如圖所示，同一豎直面內的正方形導線框a、b的邊長均為l，電阻均為R，質量分別為2m和m．它們分別系在一跨過兩個定滑輪的輕繩兩端，在兩導線框之間有一寬度為2l、磁感應強度大小為B、方向垂直豎直面的勻強磁場區域．開始時，線框b的上邊與勻強磁場的下邊界重合，線框a的下邊到勻強磁場的上邊界的距離為l．現將系統由靜止釋放，當線框b全部進入磁場時，a、b兩個線框開始做勻速運動．不計摩擦和空氣阻力，則（）A.a、b兩個線框勻速運動的速度大小為B.線框a從下邊進入磁場到上邊離開磁場所用時間為C.從開始運動到線框a全部進入磁場的過程中，線框a所產生的焦耳熱為mglD.從開始運動到線框a全部進入磁場的過程中，兩線框共克服安培力做功為2mgl11、關于晶體和非晶體，下述說法正確的是（）A.晶體不具有規則的幾何形狀B.晶體的物理性質與方向有關C.晶體有一定的熔解溫度D.晶體內部分子的排列具有規律性12、如圖所示，在矩形區域abcd內有勻強電場和勻強磁場，電場方向平行于ad邊且由a指向d，磁場方向垂直于abcd平面，abcd邊長為L，ad邊長為2L，一帶電粒子從ad邊的中點O平行于ab方向以大小為v0的速度射入場內，恰好做勻速直線運動；若撤去電場，其他條件不變，粒子從c點射出場區（粒子重力不計）。下列說法正確的是（）A.磁場方向一定是垂直abcd平面向里B.撤去電場后，該粒子在磁場中的運動時間為C.若撤去磁場，其他條件不變，粒子一定從bc邊射出場區D.若撤去磁場，其他條件不變，粒子一定從ab邊射出場區13、如圖所示，街頭變壓器（認為是理想變壓器）通過降壓給用戶供電，輸入電壓有效值不變，輸出電壓通過輸電線輸送給用戶，輸電線的電阻用R0表示，變阻器R表示用戶用電器的總電阻．用戶用電器增加相當于R的值減小．下列說法正確的是（）A.用戶的用電器增加時，V2表示數增大B.用戶的用電器增加時，V2表示數不變C.用戶的用電器減少時，A2表示數減小D.用戶的用電器減少時，A1表示數不變14、如圖所示，線圈A

插在線圈B

中，線圈B

與電流表接成閉合電路，線圈A

與蓄電池、開關、滑動變阻器組成另一個電路，用此裝置來研究電磁感應現象，下列說法正確的是(

)

A.開關閉合瞬間，電流表指針發生偏轉B.開關閉合穩定后電流表指針發生偏轉C.開關斷開瞬間，電流表指針發生偏轉D.開關閉合和斷開瞬間，電流表指針都不發生偏轉15、(

多選)

如圖所示是一款MP4

播放器，隨著這種產品的出現，人們可以在旅途中觀看電影，讓原本枯燥的旅途變得充滿樂趣。MP4

的充電電池多為鋰電池，假設鋰電池的充電電流為500mA

則以下說法正確的是()

A.1s

內通過電池某一截面的電荷量為500C

B.1s

內通過電池某一截面的電荷量為0.5C

C.充電過程把其他形式的能轉化為電能D.充電過程把電能轉化為其他形式的能評卷人得分三、雙選題(共2題，共4分)16、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解17、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解評卷人得分四、填空題(共1題，共7分)18、在“研究電磁感應現象”的實驗中；首先要按圖甲接線，以查明電流表指針的偏轉方向與電流方向之間的關系；然后按圖乙將電流表與線圈B

連成一個閉合回路，將線圈A

電池、滑動變阻器和開關串聯成另一個閉合電路，在圖甲中，當閉合S

時，觀察到電流表指針向左偏，不通電時電流表指針停在正中央。在圖乙中。

(1)S

閉合后；將螺線管A

插入螺線管B

的過程中，電流表的指針______；

(2)

線圈A

放在B

中不動時；指針將______

(3)

線圈A

放在B

中不動，突然斷開開關S

電流表指針將______。評卷人得分五、判斷題(共2題，共14分)19、處于靜電平衡狀態的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）20、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）評卷人得分六、解答題(共3題，共9分)21、在電場中某點放一個電荷量為4庫侖的點電荷；該點電荷受到的靜電力是20N，則該處的電場強度是多大？若將該點電荷的電量改為8庫侖，仍放在同一位置，則該處的電場強度又是多大？

22、如圖所示，真空中存在空間范圍足夠大的、方向水平向右的勻強電場，在電場中，一個質量為m、帶電量為q的粒子從O點出發，初速度的大小為v；在重力和電場力的共同作用下恰能沿與場強的反方向成θ角做勻減速直線運動，求：

（1）勻強電場的場強的大??；

（2）粒子運動的最高點與出發點之間的電勢差．

23、如圖所示，當一條形磁鐵插入線圈的瞬間，線圈中______（填“有”或“無”）感應電流產生，若第一次緩慢插入，流過R的電流大小為I1，第二次迅速插入，流過R的電流大小為I2；則兩次電流大小的比較為______．

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【解析】試題分析：根據楞次定律，在進磁場的過程中，感應電流的方向為逆時針方向；在出磁場的過程中，感應電流的方向為順時針方向．在進磁場的過程中，切割的有效長度先增加后減小，出磁場的過程中，切割的有效長度先增加后減?。愿袘娏鞯拇笮≡谶M磁場的過程中先增大后減小，出磁場的過程中也是先增大后減小．故A正確，B、C、D錯誤故選A．考點：導體切割磁感線時的感應電動勢；右手定則．【解析】【答案】A2、A|B【分析】【解析】試題分析：從圖中可得玻璃對a的折射率小于對b的折射率，根據全反射定律可得從玻璃射向空氣時，a光的臨界角大于b光的臨界角，故AB正確；根據可得在同種玻璃中，折射率越大，傳播速度越小，故b光的傳播速度小于a光的傳播速度，故C錯誤；在真空中所有光的傳播速度都是一樣的，故D錯誤；故選AB考點：考查了光的折射【解析】【答案】AB3、A【分析】解：A；由圖象可知；0.01s時，感應電流為零，則感應電動勢為零，磁通量最大，線圈平面處于中性面位置，故A正確；

B；由圖象可知；0.02s時，感應電流為零，則感應電動勢為零，磁通量最大，線圈平面處于中性面位置，故B錯誤；

C、由圖象可知，T=0.02s，頻率f=故C錯誤；

D；1秒內完成50圈；一個周期內電流方向改變兩次，所以線圈中感應電流的方向變化100次，故D錯誤．

故選：A．

從圖象得出電流最大值對應的時間；周期；從而算出頻率；磁通量最大時電動勢為零，磁通量為零時電動勢最大，一個周期內電流方向改變兩次．

本題考查了對交流電圖象的認識，要具備從圖象中獲得有用信息的能力．【解析】【答案】A4、C【分析】解：設燈泡的額定電流為I0，額定電壓為U0，則甲電路中總電流為2I0，電路消耗的總功率為P甲=8×2I0=16I0，乙電路中消耗的總功率為P乙=16×I0=16I0，故P甲=P乙；

故選：C。

設燈泡的額定電流為I0，額定電壓為U0；根據串；并聯電路的特點分別求解電路中電流，根據P=UI求出兩個電路中消耗的總功率表達式，再進行比較。

此題是一道歐姆定律和電功率的綜合分析題，必須熟練掌握串并聯電路的特點才能分析，要知道電路中消耗的總功率由公式P=UI求解，U是電路兩端的總電壓?！窘馕觥緾5、B【分析】

A；手機信號屏蔽器是利用屏蔽器發出的信號去干擾手機從基站傳過來的信號；從而起到屏蔽作用．故A不正確；

B；手機信號屏蔽器是利用屏蔽器發出的信號去干擾手機從基站傳過來的信號；從而起到屏蔽作用．因此手機信號屏蔽器是通過發射電磁波干擾手機工作來達到目．故B正確；

C；電磁波本身就是特殊物質；所以可以不借助于介質傳播．故C不正確；

D；手機信號屏蔽器工作時基站發出的電磁波能傳播到考場；不過屏蔽器產生信號去干擾了基站傳過來信號．故D不正確；

故選：B

【解析】【答案】考場上使用手機信號屏蔽器；是以一定的速度由低端頻率向高端掃描．該掃描速度可以在手機接收信號中形成亂碼干擾，手機不能檢測出從基站發出的正常數據，起到屏蔽手機信號的作用．

6、B【分析】【解答】解：根據F=k可得：k=

由于F=ma；

q=It；

所以k=

根據質量的單位是kg，加速度的單位m/s2；距離的單位是m，電流的單位是A，時間的單位s，可得。

k的單位是kg?A﹣2?m3?s﹣4

故選：B

【分析】力學單位制規定了物理量的單位，同時根據物理量間的公式也可以分析單位之間的關系．7、B【分析】解：線圈平面與磁場方向相互平行；則沒有磁感線穿過；故磁通量為零；

磁通量的變化率最大；電動勢最大；

由EM=BSω及E=可知；

磁通量的變化率：=Babω；

故選：B．

根據磁能量的定義可知磁通量的大??；由法拉第電磁感應定律可知磁通量的變化率的大?。?/p>

了解交流電產生的原理，特別是兩個特殊位置：中性面和垂直中性面時，磁通量和電動勢的變化．對于正弦交變電流的最大值Em=nBSω=nωΦm，要在理解的基礎上加強記憶．交流電流表和電壓表測量的是有效值．【解析】【答案】B8、B【分析】解：A

牛頓發現并提出了萬有引力定律；故A錯誤；

B；麥克斯韋提出磁場變化時會激發感生電場；故B正確；

C；法拉第發現了電磁感應現象；故C錯誤；

D；庫侖提出了真空中兩個靜止點電荷間的相互作用規律；故D錯誤；

故選：B

．

根據物理學史和常識解答；記住著名物理學家的主要貢獻即可．

本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發現、發明、著名理論要加強記憶，這也是考試內容之一．【解析】B

9、A【分析】解：At1

時刻感應電動勢為零；線圈通過中性面，磁通量最大，線圈平面和磁場方向垂直，故A正確；

B；由圖t2

時刻；感應電動勢為最大值，通過線圈的磁通量為零，故B錯誤；

C；t3

時刻感應電動勢為零；磁通量的變化率為零，故C錯誤；

D；每當e

轉換方向時；線圈與磁場垂直，線圈通過中性面時，磁通量最大，故D錯誤；

故選：A

．

矩形線圈中產生正弦式電流；當線圈通過中性面時，磁通量最大，感應電動勢為零，電動勢方向發生改變.

而當線圈與磁場平行時，磁通量為零，感應電動勢最大，磁通量的變化率最大．

本題考查交變電流產生過程中，感應電動勢與磁通量、磁通量變化率的關系，關鍵抓住兩個特殊位置：線圈與磁場垂直位置，及線圈與磁場平行位置．【解析】A

二、多選題(共6題，共12分)10、BC【分析】解：A；設兩線框剛勻速運動的速度為v；此時輕繩上的張力為T，則對a有：T=2mg-BIl①

對b有：T=mg②

I=③

E=Blv④

則：v=⑤故A錯誤；

B、線框a從下邊進入磁場后，線框a通過磁場時以速度v勻速運動，設線框a通過磁場的時間為t，則：t==⑥；故B正確．

C；從開始運動到線框a全部進入磁場的過程中；線框a只在a勻速進入磁場的過程中產生焦耳熱，設為Q，由功能關系可得：

2mgl-mgl=Q

所以：Q=mgl．故C正確；

D；設兩線框從開始運動至a全部進入磁場的過程中；兩線框共克服安培力做的功為W，此過程中左、右兩線框分別向上、向下運動2l的距離，對這一過程，由能量守恒定律有：

4mgl=2mgl+3mv2+W⑦

解⑤⑥得：W=2mgl-．故D錯誤．

故選：BC

當b剛全部進入磁場時；系統開始做勻速運動，分別對兩線框列平衡方程，可得線框受到安培力大小，繼而求得感應電流大小，根據歐姆定律和法拉第電磁感應定律可得系統勻速運動的速度大小，即可求得線框通過磁場的時間．

當左；右兩線框分別向上、向下運動2l的距離時；兩線框等高，根據能量守恒得系統機械能的減少等于產生的總焦耳熱．

根據功能關系求解兩線框組成的系統克服安培力做的功．

本題是電磁感應中的力學問題，安培力的計算和分析能量如何轉化是解題關鍵，要加強訓練，熟練掌握法拉第定律、歐姆定律、安培力等等基礎知識，提高解題能力．【解析】【答案】BC11、CD【分析】解：A；單晶體具有規則的幾何形狀；而多晶體和非晶態沒有規則的幾何形狀，故A錯誤．

B；單晶體具有各向異性；而多晶體具有各向同性，故單晶體的物理性質與方向有關，故B錯誤．

C；無論是單晶體還是多晶體都具有固定的熔點；故C正確．

D；無論是單晶體還是多晶體晶體內部的分子按一定的規律排布即具有一定的規律性；故D正確．

故選CD．

單晶體具有規則的幾何形狀；而多晶體和非晶態沒有規則的幾何形狀；單晶體具有各向異性，而多晶體具有各向同性；無論是單晶體還是多晶體都具有固定的熔點；無論是單晶體還是多晶體晶體內部的分子按一定的規律排布即具有一定的規律性．

只要掌握了晶體的各種性質就能順利解決此類題目，而只要稍一看課本此類知識就不難掌握．【解析】【答案】CD12、AC【分析】解：A；設粒子帶正電荷；則受到的電場力的方向向下，洛倫茲力的方向向上，由左手定則可得，磁場的方向垂直于紙面向里。同理，若粒子帶負電，則受到的電場力的方向上，洛倫茲力的方向向下，由左手定則可得，磁場的方向垂直于紙面向里。故A正確；

B；撤去電場后；該粒子在磁場中做圓周運動，其運動的軌跡如圖；

則：R2=（R-L）2+（L）2

得：R=2L

由洛倫茲力提供向心力得：qv0B=m

得：B=

設粒子運動的周期T，則有：T=

設粒子的偏轉角θ，有：sinθ==

解得：θ=

該粒子在磁場中的運動時間為：t==．故B錯誤；

CD、若撤去磁場，其他條件不變，則粒子在電場中做類平拋運動，運動時間為：t′=

故水平位移為：x=v0t′=2L＞故C正確，D錯誤；

故選：AC。

由左手定則判斷出磁場的方向；根據洛倫茲力提供向心力得出粒子的周期；然后結合偏轉角求時間；若撤去磁場，粒子在電場中做類平拋運動，將運動分解，即可分析求解。

解決本題的關鍵知道矩形區域加電場和磁場時，粒子的運動規律，結合運動學公式進行比較?！窘馕觥緼C13、BC【分析】解：AB、用戶的用電器增加時相當于R的值減小，因為輸入電壓的有效值不變，原副線圈的匝數比不變，所以表的示數不變；故A錯誤，B正確；

CD、用戶的用電器減少時，相當于R的值增加，副線圈的電流減小，即示數減小；副線圈的輸出功率減小，輸入功率等于輸出功率，輸入電壓的有效值不變，所以示數減小；故C正確，D錯誤；

故選：BC

與閉合電路中的動態分析類似；可以根據R的變化，確定出總電路的電阻的變化，進而可以確定總電路的電流的變化的情況，再根據電壓不變，來分析其他的元件的電流和電壓的變化的情況．

電路的動態變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法．【解析】【答案】BC14、AC【分析】解：A

開關閉合的瞬間；則通過螺線管B

中的磁通量從無到有，則產生感應電流，電流表指針發生偏轉。故A正確。

B；開關閉合穩定后；則通過螺線管B

中的磁通量不變，電流表指針不發生偏轉。故B錯誤。

C；開關斷開的瞬間；則通過螺線管B

中的磁通量從有到無，則產生感應電流，電流表指針發生偏轉。故C正確。

D；開關閉合和斷開的瞬間；通過螺線管B

的磁通量都發生變化，都產生感應電流，指針都發生偏轉。故D錯誤。

故選：AC

當通過閉合回路的磁通量發生變化；就會產生感應電流，電流表指針發生偏轉．

解決本題的關鍵掌握感應電流的產生條件，知道當通過閉合回路的磁通量發生變化，就會產生感應電流．【解析】AC

15、BD【分析】解：AB

根據電流的定義式I=qt

得：

1s

通過電池某一橫截面的電荷量為：q=It=1隆脕500隆脕10鈭?3C=0.5C

故A錯誤，B正確。

C；D

在電池充電過程中；將電能轉化為化學能儲存起來.

故C錯誤，D正確。

故選：BD

根據電流的定義式I=qt

變形求解電荷量；電池的充電和放電過程是電能和化學能轉化的過程；給電池充電是將電能轉化為化學能儲存在電池內。

解決本題關鍵掌握電流的定義式I=qt

和充電過程能量如何轉化的，要知道充電和用電過程的不同點。【解析】BD

三、雙選題(共2題，共4分)16、AB【分析】本題考查物質的性質。該題屬于基礎性試題，難度不大。只要能記住常見物質的性質，就不難得出正確的結論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB。【解析】AB17、AB【分析】本題考查物質的性質。該題屬于基礎性試題，難度不大。只要能記住常見物質的性質，就不難得出正確的結論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB。【解析】AB四、填空題(共1題，共7分)18、略

【分析】解：由圖甲知電流從左接線柱流入電流表時；其指針向左偏轉。

(1)S

閉合后；將A

插入B

中，磁通量增大，由楞次定律和安培定則可判斷B

中電流方向向上，從右接線柱流入，故電流表指針向右偏轉；

(2)A

放在B

中不動；磁通量不變，不產生感應電流，指針不偏轉；

(3)

斷開開關；穿過B

的磁通量減小，電流表指針向左偏轉。

故答案為：(1)

向右偏轉；(2)

不動；(3)

向左偏轉。

由安培定則判斷出判斷出線圈A

產生的磁場方向；然后判斷出穿過線圈B

的磁通量如何變化，最后由楞次定律判斷出感應電流的方向，確定電流表指針的偏轉方向。

本題是一道基礎題，熟練掌握并靈活應用安培定則及楞次定律即可正確解題?！窘馕觥肯蛴移D；不偏轉；向左偏轉五、判斷題(共2題，共14分)19、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時