…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版選擇性必修1物理下冊階段測試試卷140考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，光滑圓弧槽半徑為R,A為圓弧的最低點，圓弧的最高點到A的距離遠小于R。兩個可視為質點的小球B和C都由靜止開始釋放。設點B到點A的距離為H，則以下所給的四個H值中，可以使B、C兩球在點A相遇的是（）

A.B.C.D.2、如圖所示，質量為m的小球A靜止于光滑水平面上，在A球與豎直墻之間用水平輕彈簧連接．現用完全相同的小球B以水平速度v0與A相碰后粘在一起壓縮彈簧．不計空氣阻力，若彈簧被壓縮過程中的最大彈性勢能為E，從球A被碰開始到回到原靜止位置的過程中墻對彈簧的沖量大小為I；則下列表達式中正確的是（）

A.E＝mv02，I＝mv0B.E＝mv02，I＝2mv0C.E＝mv02，I＝mv0D.E＝mv02，I＝2mv03、如圖所示，某運動員在練習跳投。某次投籃出手高度正好與籃框等高，拋射角為籃球恰好空心命中。忽略空氣阻力影響，以下說法正確的是（）

A.籃球的動量先減小后增大B.重力的沖量先增大后減小C.重力的瞬時功率先增大后減小D.籃球從出手到入框的時間為4、光滑絕緣的水平面上，有兩個帶同種電荷的小球A和B；t=0時小球A靜止，小球B以一定的初速度向A運動。兩小球的v-t圖像如圖所示，且A、B未接觸。則（）

A.A球質量大于B球B.兩小球在t1時刻的電勢能最小C.A球在t2時刻的加速度最大D.B球在0～t3時間內動能一直減小5、如圖所示，一根不可伸長的細繩下端拴一小鋼球，上端系在位于光滑斜面O處的釘子上，小球處于靜止狀態，細繩與斜面平行?，F使小球獲得一平行于斜面底邊的初速度，使小球偏離平衡位置，最大偏角小于5°。已知斜面傾角為θ，懸點到小球球心的距離為L，重力加速度為g。則小球回到最低點所需的最短時間為（）

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、如圖為某質點的振動圖像；下列判斷正確的是（）

A.質點的振幅為10cmB.質點的周期為4sC.t=4s時質點的速度達到最大值D.t=7s時質點的加速度達到最大值7、質量為10kg的物體，當其速率由3m/s變為4m/s時，它的動量變化Δp的大小可能是()A.10kg·m/sB.100kg·m/sC.70kg·m/sD.90kg·m/s8、下列關于雙縫干涉實驗的說法中正確的是（）A.單縫的作用是獲得一個線光源B.雙縫的作用是獲得兩個振動情況相反的相干光源C.頻率相同、相位差恒定的兩列單色光能夠產生干涉現象D.照射單縫的單色光的頻率越高，光屏上出現的條紋寬度越寬9、如圖所示，半圓玻璃磚可繞過圓心的垂直軸轉動，圓心O與足夠大光屏的距離d=20cm，初始半圓玻璃磚的直徑與光屏平行時，一束光對準圓心、垂直于光屏射向玻璃磚，在光屏上O1點留下一光點，保持入射光方向不變，讓玻璃磚繞O點順時針方向轉動時，光屏上光點也會移動，當玻璃磚轉過角時，光屏上光點位置距離O1點為20cm，（sin=）則（）

A.玻璃磚轉動后，光屏上的光點會相對于向上移動B.該玻璃磚的折射率為C.該玻璃磚的折射率為D.當玻璃磚繞O點相對初始位置轉過的角度α的正弦值為時，光屏上的光點消失10、輕彈簧的兩端分別與物塊A、B相連，它們靜止在光滑水平地面上?，F使物塊A以水平向右的速度開始運動；如圖甲所示，并從此時刻開始計時。兩物塊的速度隨時間變化的規律如圖乙所示。下列說法正確的是（）

A.時，物塊A和B的加速度大小相等B.時，物塊A的速度大小為C.內，彈簧對兩物塊的沖量大小相等D.彈簧對兩物塊做的功相等11、如圖所示，在水平面內兩根間距為L、足夠長的光滑平行金屬導軌（電阻不計）水平放置。導軌間存在方向豎直向上、大小為B的勻強磁場。兩平行金屬桿ab、cd的質量分別為m1、m2，電阻分別為R1、R2，且始終與導軌保持垂直。開始兩金屬桿處于靜止狀態，相距為x0，現給金屬桿ab一水平向右的初速度v0，一段時間后，兩金屬桿間距穩定為x1。下列說法正確的是（）

A.金屬桿cd先做勻加速直線運動，后做勻速直線運動B.當金屬桿ab的加速度大小為a時，金屬桿cd的加速度大小為C.這段時間內通過金屬桿cd的電荷量為D.兩金屬桿ab、cd在運動過程中產生的焦耳熱為12、裝有一定量液體的玻璃管豎直漂浮在水中，水面足夠大，如圖甲所示，把玻璃管向下緩慢按壓4cm后放手，忽略運動阻力，玻璃管的運動可以視為豎直方向的簡諧運動，測得振動周期為0.5s。以豎直向上為正方向，某時刻開始計時，其振動圖像如圖乙所示，其中A為振幅。對于玻璃管；下列說法正確的是（）

A.回復力等于重力和浮力的合力B.振動過程中動能和重力勢能相互轉化，玻璃管的機械能守恒C.位移滿足函數式x＝4sin（cm）D.在t1~t2時間內，位移減小，加速度減小，速度增大13、下列說法正確的是()A.當一列聲波從空氣傳到水中時，其波長不變B.質點的振動方向和波的傳播方向垂直的波叫橫波C.孔的尺寸比波的波長大得多時不會發生明顯的衍射現象D.當聲源靠近時，觀察者聽到的聲音頻率變低評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)14、定義。

______相同、______恒定、______相同的兩列波疊加時，某些區域的振動總是加強，某些區域的振動總是減弱，這種現象叫波的干涉．15、如圖所示；在橄欖球比賽中，一個質量為95kg的橄欖球前鋒以5m/s的速度跑動，想穿越防守隊員到底線觸地得分．就在他剛要到底線時，迎面撞上了對方兩名質量均為75kg的隊員，一個速度為2m/s，另一個為4m/s，然后他們就扭在了一起．

(1)他們碰撞后的共同速率是____(結果保留一位有效數字)．

(2)在框中標出碰撞后他們動量的方向，并說明這名前鋒能否得分：____．16、設作用在質量為1kg的物體上的力F＝6t＋3（SI）．如果物體在這一力的作用下，由靜止開始沿直線運動，在0到2.0s的時間間隔內，這個力作用在物體上的沖量大?。桑絖__________。17、處于同一地點的兩個單擺，當A擺完成全振動次數的時間內，B擺剛好完成全振動次數則兩擺的周期之比為_______________，擺長之比為______________．18、如下圖所示為已調好的二胡上的內外兩根弦，內弦比外弦粗。拉弓時手指按住弦發生振動，圖中手指分別按住四處，則按在______處；弦振動時發出的聲音音調最低。

19、一列機械波在某一均勻介質中傳播。如果將波源的振動頻率調為原來的一半，而其他條件保持不變，則這列波在該介質中的傳播速度___________（填“變大”“變小”或“不變”），波長變為原來的___________倍。評卷人得分四、作圖題(共2題，共8分)20、向水面上扔一個石塊，形成如圖所示的波形，已知相鄰實線間的距離等于一個波長，不考慮水波的反射，試大致畫出水波通過圖甲的孔和以及遇到圖乙中障礙物和之后的傳播情況。

21、某同學做“測玻璃磚的折射率”的實驗時；繪制的光路圖如圖所示，請通過尺規作圖；刻度尺測量，求出該玻璃磚的折射率。（結果保留兩位有效數字。）

評卷人得分五、實驗題(共2題，共8分)22、像打點計時器一樣，光電計時器也是一種研究物體運動情況的常用計時儀器，其結構如圖1所示，a、b分別是光電門的激光發射和接收裝置，當有物體從a、b間通過時；光電計時器就可以顯示物體的擋光時間。氣墊導軌是常用的一種實驗儀器。它是利用氣泵使帶孔的導軌與滑塊之間形成氣墊，使滑塊懸浮在導軌上，滑塊在導軌上運動可視為沒有摩擦。

我們可以用帶光電門E；F的氣墊導軌以及寬度相同的滑塊A和B來驗證動量守恒定律；實驗裝置如圖2所示，采用的實驗步驟如下：

a.用天平分別測出滑塊A、B的質量mA、mB。

b.調整氣墊導軌；使導軌處于水平狀態。

c.在A和B間放入一個被壓縮的輕彈簧；用電動卡銷鎖定，靜止放置在氣墊導軌上。

d.用游標卡尺測量小滑塊的寬度d，示數如圖3所示。讀出滑塊的寬度d=___________cm。

e.按下電鈕放開卡銷，A、B與彈簧分開后，A、B分別經過光電門E、F，光電門E、F各自連接的計時器顯示的擋光時間分別為5.0×10-3s和3.4×10-3s?；瑝K通過光電門E的速度大小v1=___________m/s，滑塊通過光電門F的速度大小v2=___________m/s。（結果均保留兩位有效數字）

①利用上述測量的實驗數據，驗證動量守恒定律的表達式是___________（用題中所用物理量表示）。

②利用上述實驗數據可得出被壓縮彈簧的彈性勢能的表達式為___________。（用題中所用物理量表示）23、在通過“插針法”測量玻璃的折射率實驗中：

（1）如圖甲所示為實驗使用的長方體玻璃磚，實驗時不能用手直接接觸玻璃磚的__________（選填“磨砂面或“光學面”）。

（2）關于該實驗，有以下操作步驟，正確的是__________。

A.擺好玻璃磚；并用筆緊貼玻璃畫出其上下界面。

B.標記入射光線的大頭針P1、P2之間的距離應適當大些。

C.在插針的過程中，大頭針P3應擋住P1、P2

D.在測量數據時；僅用毫米刻度尺也能獲得計算折射率所需要的全部數據。

（3）在實驗過程中畫出界面a后，不小心將玻璃磚向上平移了一些，導致界面a′畫到圖中虛線位置，而在作光路圖時界面a仍為開始所畫的，則所測得的折射率將__________（填“偏大”“偏小”或“不變”）。

評卷人得分六、解答題(共2題，共10分)24、足夠長的木板C靜止在足夠大的光滑水平面上，距C的左端處的P點放有一物塊B，物塊A以大小的水平初速度滑上木板的左端，如圖所示。A、B（均視為質點）的質量均為C的質量A、B與木板C間的動摩擦因數均為A、B間的碰撞為彈性碰撞，碰撞時間極短，認為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力加速度大小求：

（1）A、B碰撞前的瞬間，A的速度大小

（2）最終B與P點間的距離x；

（3）整個過程中因摩擦產生的熱量Q。

25、甲、乙兩列機械橫波在同種介質中分別沿x軸負方向和正方向傳播（如圖所示），時刻兩列波的前端剛好分別傳播到質點A和質點B；已知甲波的頻率5Hz，求：

（1）甲波的波長；和波速大??；

（2）時，x軸上的質點C已振動了多長時間；

（3）在時刻之后的0.9s內，x=0處的質點位移為+6cm的時刻；

（4）若只有乙波(即甲波不存在)，請在給定的坐標軸上畫出原點處質點的振動圖像（以作為起始時刻，至少畫一個振動周期）．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【詳解】

對B球，有

解得

對C球，周期為

所以有

由于t=t′，故

解得（其中：n=0、1、2、3）

當n=0時，可得

當n=1時，可得

由此可知D符合題意，ABC不符合題意。2、D【分析】【分析】

【詳解】

A、B碰撞過程，取向左為正方向，由動量守恒定律得

則

碰撞后，A、B一起壓縮彈簧，當A、B的速度減至零時彈簧的彈性勢能最大，根據機械能守恒定律，最大彈性勢能

從球A被碰開始到回到原靜止位置的過程中，取向右為正方向，由動量定理得

故選D。3、A【分析】【詳解】

A．籃球的速度先減小后增加；則籃球的動量先減小后增大，選項A正確；

B．根據IG=mgt

可知；重力的沖量一直增加，選項B錯誤；

C．根據PG=mgvy

因豎直速度先減小后增加；則重力的瞬時功率先減小后增大，選項C錯誤；

D．籃球從出手到入框的時間為

選項D錯誤。

故選A。4、A【分析】【詳解】

A．由圖像可知B球先做減速運動，A球做加速運動，則兩球帶同種電荷，兩球組成的系統動量守恒，從開始運動到兩球距離再次恢復到原來值時，B球的速度為負值，則由動量守恒定律和能量關系可知

解得

可知

故A正確；

BC．由圖可得：在t1時刻兩球速度相等，此時兩球距離最近，故t1時刻兩小球所構成的系統電勢能最大；動能最小，此時兩球的庫侖力最大，加速度最大，故BC錯誤；

D．由圖像可知，B球在0～t3時間內動能先減小后增加；選項D錯誤。

故選A。5、C【分析】【分析】

【詳解】

因為小球偏離平衡位置，最大偏角小于5°，小球的運動可以看作單擺，根據牛頓第二定律理單擺的周期公式

小球回到最低點所需的最短時間為

解得

故選C。二、多選題(共8題，共16分)6、B:C:D【分析】【詳解】

AB.根據質點的振動圖像知；質點的振幅為5cm，質點振動的周期為4s，故A錯誤，B正確；

C.t=4s時；質點經過平衡位置且向上運動，速度達到最大值，故C正確；

D.t=7s時，質點處于負向最大位移處，加速度達到最大值，故D正確。7、A:C【分析】【分析】

【詳解】

速率由3m/s變為4m/s時，速度方向相同時，它的動量變化Δp為

速率由3m/s變為4m/s時，速度方向相反時，它的動量變化Δp為

則它的動量變化Δp的大小可能是10kg·m/s或70kg·m/s；所以AC正確；BD錯誤；

故選AC。8、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．雙縫干涉實驗中；單縫的作用是獲得一個線光源，雙縫的作用是獲得兩個振動情況完全相同的光源，故A正確，B錯誤；

C．頻率相同；相位差恒定的兩列光可以發生干涉現象；故C正確；

D．由

可得

頻率越高；波長越短，條紋間距越窄，故D錯誤。

故選AC。9、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．如圖所示。

玻璃磚轉動后，光屏上的光點會相對于向上移動；故A正確；

BC．玻璃磚轉過30°角時；折射光路如上圖所示。

入射角

根據幾何關系可得

解得

則折射角

根據折射定律可得

可得

故B錯誤；C正確；

D．發生全反射時，有

此時轉過的角度剛好等于臨界角，則

故D正確。

故選ACD。10、B:C【分析】【詳解】

A.B組成系統所受合外力為零，系統動量守恒，設A的質量為B的質量為根據系統動量守恒可得

即

由圖可知，時間內，A、B兩物塊速度的變化量不相等，可知

時，彈簧被壓縮最短，根據

可知物塊A和B的加速度大小不相等；故A錯誤；

B．根據圖象斜率的絕對值表示加速度大小可知時，兩物塊加速度為零，彈簧處于原長狀態，根據動量守恒定律和機械能守恒定律可得

其中

解得

故B正確；

C．內，A、B之間的彈力總是大小相等，方向相反，作用時間相等，根據

可知彈簧對兩物塊的沖量大小相等；故C正確；

D．內，A、B之間的彈力總是大小相等，根據圖象與坐標軸圍成的面積表示位移可知，時間內A、B位移不相等，根據可知彈簧對兩物塊做的功不相等，故D錯誤。

故選BC。11、B:C【分析】【詳解】

A．開始時ab向右運動，產生感應電動勢，在回路中形成感應電流，則ab將受到向左的安培力，cd受到向右的安培力，則ab做減速運動，cd做加速運動，隨著ab速度的減小以及cd速度的增加，回路中感應電動勢減小，兩棒所受的安培力減小，則兩棒的加速度均減小，當加速度減為零時兩棒均做勻速運動，此時兩棒共速，則金屬桿cd先做變加速直線運動；后做勻速直線運動，選項A錯誤；

B．兩棒所受的安培力等大反向，可知

解得金屬桿cd的加速度大小為

選項B正確；

C．根據可得這段時間內通過金屬桿cd的電荷量為

選項C正確；

D．從開始運動到兩棒共速的過程，由動量守恒定律：

則產生的焦耳熱

選項D錯誤；

故選BC.12、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．玻璃管振動過程中；受到重力和水的浮力，這兩個力的合力充當回復力，故A正確；

B．玻璃管在振動過程中；水的浮力對玻璃管做功，故振動過程中，玻璃管的機械能不守恒，故B錯誤；

C．由于振動周期為0.5s，故ω＝＝4πrad/s

由圖乙可知振動位移的函數表達式為x＝4sin（cm）

故C正確；

D．由圖乙可知，t1~t2時間內玻璃管在靠近平衡位置；故位移減小，加速度減小，速度增大，故D正確。

故選ACD。13、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．波長與波速、頻率關系為

當一列聲波從空氣傳到水中時；頻率由波源決定不變，波速變化，故其波長會變，A錯誤；

B．質點的振動方向和波的傳播方向垂直的波叫橫波；B正確；

C．孔的尺寸比波的波長大得多時不會發生明顯的衍射現象；C正確；

D．由多普勒效應的規律可知；當聲源靠近時，觀察者聽到的聲音頻率變高，D錯誤。

故選BC。三、填空題(共6題，共12分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.頻率②.相位差③.振動方向15、略

【分析】【詳解】

以前鋒速度方向為正方向，設撞后共同速度為v，碰撞過程動量守恒，根據動量守恒定律得：m1v1-m2v2-m3v3=（m1+m2+m3）v，

解得：

所以他們碰撞后的共同速率為0.1m/s；方向與前鋒方向相同，所以可以得分，如圖所示．

【解析】0.1m/s；能；16、略

【分析】【詳解】

因F-t呈線性關系，則根據沖量的概念可知這個力作用在物體上的沖量大小【解析】18N·s17、略

【分析】【詳解】

[1]由題意知在相同時間內,A擺全振動次，B擺恰好全振動了次，則根據周期定義有：

[2]因為周期：

所以有：

所以：【解析】18、A【分析】【分析】

【詳解】

在其他條件相同的情況下，弦越粗，越長，弦振動的頻率就越低，音調就越低，故按在A處，弦振動時發出的聲音音調最低。19、略

【分析】【詳解】

[1]機械波的傳播速度只與介質本身有關；與頻率無關，所以振動頻率調為原來的一半，波在該介質中的傳播速度不變。

[2]根據

可知，當振動頻率變為原來的一半，波長會變為原來的2倍。【解析】不變2四、作圖題(共2題，共8分)20、略

【分析】【詳解】

由題圖可知，孔A和障礙物D跟波長相比相差不多，因此，從孔A傳出的波和遇障礙物D之后的波均有明顯的衍射現象；孔B和障礙物C跟波長相比相差較大，因此，從孔B傳出的波和遇障礙物C之后的波無明顯的衍射現象，在畫通過孔A的衍射波時要強調畫出的同心半圓都是以孔A為圓心的；遇障礙物D之后波的傳播并沒有受影響；而從孔B傳出的波和遇障礙物C之后的波只沿直線傳播，所以從孔A、B傳出的波和遇障礙物C、D之后的波如圖所示。

【解析】見解析。21、略

【分析】【分析】

【詳解】

測量的長度，根據折射率表達式，有

帶入數據，可得【解析】1.7五、實驗題(共2題，共8分)22、略

【分析】【詳解】

d[1]滑塊的寬度應該是主尺的示數1cm與副尺的示數的和，而副尺共有20個小格，即精確到mm，由于第三個小格與主尺刻度線對齊，故讀數為mm×3=0.15mm

所以滑塊的寬度d=1cm＋0.15mm=1cm＋0.015cm=1.015cm

e[2]滑塊通過光電門E的速度大小v1=m/s=2.0m/s

[3]滑塊通過光電門F的速度大小v2=m/s=3.0m/s

①[4]由于系統水平方向所受合力為0，故系統在水平方向上動量守恒，在釋放前系統的動量為0，故在釋放后系統的動量仍然為0，則有mAv1＋mB（-v2)=0

②[5]根據機械能守恒定律可知系統的彈性勢能轉化為了兩個物體的動能；故可以求出彈性勢能的表達式為Ep=mA＋mB【解析】1.0152.03.0mAv1＋mB（-v2)=0Ep=mA＋mB23、略

【分析】【詳解】

（1）[1]玻璃磚的光學面不能用手直接接觸；否則，接觸面的污漬會影響接觸面的平整，進而影響折射率的測定。

（2）[2]關于該實驗；操作步驟為。

A．不能在白紙上用鉛筆緊靠玻璃磚畫出玻璃磚界面aa′和bb′；這樣會污染和磨損玻璃磚，A錯誤；

B．標記入射光線的大頭針P1、P2之間的距離應適當大些；這樣確定入射光線的方向更準確，B正確；

C．在插針的過程中，大頭針P3應擋住P1、P2的像；D錯誤；

D．在測量數據時；僅用毫米刻度尺，根據三角形的邊角關系，也能測出正弦值從而確定折射率，D正確。

故選BD。

（3）[3]在實驗過程中畫出界面a后，不小心將玻璃磚向上平移了一些，導致界面a′畫到圖中虛線位置，而在作光路圖時界面a仍為開始所畫的；實際光線如圖中黑線所示，而作圖光線如圖中紅線所示，導致折射角偏小，所測得的折射率將偏大。

【解析】光學面BD偏大六、解答題(共2題，共10分)24、略

【分析】【詳解】

（1）從A滑上C到A、B碰撞前的瞬間，A做勻減速直線運