…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘師大新版高三物理下冊階段測試試卷396考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示演示裝置，一根張緊的水平繩上掛著5個單擺，其中A、D擺長相同，先使A擺擺動，其余各擺也擺動起來，可以發現（）A.各擺擺動的周期均與A擺相同B.B擺振動的周期最短C.C擺振動的周期最長D.E擺的振幅最大2、如圖所示，重力為20N的物體在動摩擦因數為0.1的水平面向左運動，同時受到大小為6N，方向水平向右的水平力F的作用，則物體所受到的摩擦力的大小和方向為（）A.2N；向左B.2N；向右C.8N；向左D.8N；向右3、有a、b、c、d四個小磁針，分別放置在通電螺線管的附近和內部，當小磁針靜止時，小磁針指向如圖所示，其中是正確的小磁針是（）A.aB.bC.cD.d4、如圖所示，理想變壓器的副線圈上通過輸電線接有三個燈炮L1、L2和L3，輸電線的等效電阻為R，原線圈接有一個理想的電流表，開始時，開關S接通，當S斷開時，以下說法中正確的是（）A.燈炮L1和L2變亮B.原線圈中電流表示數增大C.等效電阻R上消耗的功率變大D.原線圈兩端P、Q間的輸入電壓減小5、下列關于電場強度的說法中正確的是（）A.公式E=只適用于真空中的點電荷產生的電場B.由公式E=可知，電場中某點的電場強度E與檢驗電荷在電場中該點所受的電場力成正比C.公式E=適用于真空中點電荷產生的電場D.公式E=可知，在離點電荷非?？拷牡胤剑╮→0），電場強度可達無窮大評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)6、如圖所示，長為5m的細繩的兩端分別系于豎立在地面上相距為4m的兩桿的頂端A、B．繩上掛一個光滑的輕質掛鉤，其下連著一個重為12N的物體．平衡時，繩中的張力T=____N．若A點向下移動達到新的平衡后，繩的張力將____（填：變大、變小、不變）7、在距離地面高45m處將一個質量為1kg的小球以10m/s的速度水平拋出，則小球在空中飛行時間為____s，落地時的速度大小是____m/s．（g=10m/s2）8、（2009?上海模擬）如圖所示直角三角形ABC為一定質量理想氣體狀態變化的P-V圖線，變化過程為A→B→C→A．已知A→B過程體積不變，CA的延長線過坐標原點．則B→C的變化是____過程，若已知A點對應的溫度TA=300K，B點對應的溫度TB=400K，則C點對應的溫度TC=____K．9、（2011秋?福州校級期中）如圖所示，真空中A、B兩點有等量同種點電荷+Q，A、B兩點相距為L，在A、B連線的中垂線上放一個不帶電的導體棒，棒內有一點P且∠PAB=30°，當棒達到靜電平后，棒上感應電荷在棒內P點產生的場強大小等于____，方向為____．10、【題文】兩種打點計時器即電磁打點計時器和____在接通50Hz的交流電源時，打點時間間隔都是____s。11、如圖所示，兩木塊的質量分別為m1

和m2

兩輕質彈簧的勁度系數分別為k1

和k2

上面木塊壓在上面的彈簧上(

但不拴接)

整個系統處于平衡狀態.

現緩慢向上提上面的木塊，直到它剛離開上面彈簧.

在這過程中下面木塊移動的距離為______．12、真空中有不帶電的金屬鉑板和鉀板，其極限波長分別為λ1和λ2，用波長為λ（λ1＜λ＜λ2）的單色光持續照射兩板表面，則帶上正電的金屬板是______（選填“鉑板”或“鉀板”）。已知真空中光速為c，普朗克常量為h，從金屬板表面飛出的電子的最大初動能為______W。13、質量一定的某種物質；在壓強不變的條件下，由液態Ⅰ到氣態Ⅲ（可看成理想氣體）變化過程中溫度（T）隨加熱時間（t）變化關系如圖所示．單位時間所吸收的熱量可看作不變．

（1）以下說法正確的是____．

A．在區間Ⅱ；物質的內能不變。

B．在區間Ⅲ；分子間的勢能不變。

C．從區間Ⅰ到區間Ⅲ；物質的熵增加。

D．在區間Ⅰ；物質分子的平均動能隨著時間的增加而增大。

（2）在區間Ⅲ，若將壓強不變的條件改為體積不變，則溫度升高____（填“變快”、“變慢”或“快慢不變”）請說明理由．14、（2012秋?寧波校級月考）如圖所示是一個平行板電容器，其電容為C，帶電荷量為Q，上極板帶正電．現將一個試探電荷q由兩極板間的A點移動到B點，A、B兩點間的距離為s，連線AB與極板間的夾角為30°．則電場力對試探電荷q所做的功等于____．評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)15、穿過閉合導體回路所包圍面積的磁通量為零時，回路中感應電流就一定為零．____（判斷對錯）16、光的衍射現象、偏振現象、色散現象都能體現光具有波動性____（判斷對錯）17、根據公式v=ωr可知，若角速度增大一倍，則線速度也增大一倍．____．18、描述物體的運動時，只能選擇靜止的物體作為參考系．____．（判斷對錯）19、光的偏振現象說明光是橫波____（判斷對錯）20、月亮在云中穿梭，參考系是云．____（判斷對錯）21、發現電磁感應現象的科學家是法拉第．____．（判斷對錯）22、分力的大小一定小于合力的大?。甠___．評卷人得分四、證明題(共1題，共3分)23、證明推導題：

試用運動學公式和牛頓定律證明：物體在光滑斜面上下落過程中機械能守恒．評卷人得分五、實驗探究題(共2題，共4分)24、某學生用多用電表測電阻。使用的實驗器材有：多用電表、電壓表、滑動變阻器及若干導線。

(1)

先將多用電表擋位調到電阻“隆脕100

”擋，再將紅表筆和黑表筆____，調整____，使指針指向“0婁賂

”。(2)

再將調節好的多用電表紅表筆和____(

選填“1

”或“2

”)

端相連，黑表筆連接另一端。將滑動變阻器的滑片滑到適當位置，歐姆表的讀數如圖乙所示，則被測電阻為____婁陋婁賂

(3)

圖甲中的電壓表有兩個量程：0隆蘆3V

內阻為R10隆蘆15V

內阻是R2

則R1

____R2(

選填“>

”，“=

”或“<

”)

25、如圖1

為“驗證牛頓第二定律”的實驗裝置示意圖.

砂和砂桶的總質量為m

小車和砝碼的總質量為M.

實驗中用砂和砂桶總重力的大小作為細線對小車拉力的大?。?/p>

(1)

試驗中；為了使細線對小車的拉力近似等于小車所受的合外力，應該進行的操作是：

壟脵

平衡摩擦力；其具體操作是：______；

壟脷

調節長木板上滑輪的高度；使______．

(2)

實驗中；為了始終保證用砂和砂桶總重力的大小近似作為細線對小車拉力的大小，除了(1)

操作，還需要滿足的條件是______．

(3)

在某組實驗中；打點計時器接的是220V50Hz

的交變電流，用毫米刻度尺測量一段紙帶，如圖2

所示，其零刻度和計數點A

對齊(

已知每相鄰兩個計數點間還有4

個打點計時器打下的點，本圖中沒有畫出).(

本小題的計算結果保留2

位小數)

由以上數據計算打點計時器在打E

點時，小車的瞬時速度vE=

______m/s

小車的加速度為a=

______m/s2.

如果當時電網中交變電流的頻率是f=48Hz

而做實驗的同學并不知道，那么由此引起的系統誤差將使加速度的測量值比實際值偏______(

填“大”或“小”)

．評卷人得分六、綜合題(共4題，共32分)26、【題文】如圖(a)所示，M、N為豎直放置，彼此平行的兩塊平板，板間距離為d。兩板中央各有一個小孔O、O'正對，在兩板間有垂直于紙面方向的磁場，磁感強度隨時間的變化如圖(b)。有一群正離子從t=0時垂直于M板從小孔O射入磁場，已知離子質量為m，帶電量為q，離子在磁場中作勻速圓周運動的周期與磁感強度變化的周期都為不考慮由于磁場變化而產生的電場的影響，不計離子所受重力。求：(1)磁感強度的大小。

(2)要使離子從O'垂直于N板射出磁場；離子射入磁場時的速度應多大？

27、【題文】如圖32-9所示，一根很長的光滑水平軌道，它的一端接一光滑的圓弧形軌道，在水平軌道的上方有一足夠長的光滑絕緣桿MN，桿上掛一鋁環P，在弧形軌道上距水平軌道h處，無初速釋放一磁鐵A，A下滑至水平軌道時恰好沿P環的中心軸線運動，設A的質量為m，P的質量為M，求金屬環P獲得的最大速度和電熱．28、如圖所示，位于豎直平面內的坐標系xoy，在其第三象限空間有沿水平方向的、垂直于紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B=0.5T，還有沿x軸負方向的勻強電場，場強大小為E=．在其第一象限空間有沿y軸負方向的、場強大小也為E的勻強電場，并在y＞h=0.4m的區域有磁感應強度也為B的垂直于紙面向里的勻強磁場．一個帶電荷量為q的油滴從圖中第三象限的P點得到一初速度，恰好能沿PO作勻速直線運動(PO與x軸負方向的夾角為θ=45°)，并從原點O進入第一象限．已知重力加速度g=10m/s2；問：

(1)油滴在第一象限運動時受到的重力；電場力、洛倫茲力三力的大小之比；

(2)油滴在P點得到的初速度大小；

(3)油滴在第一象限運動的時間以及油滴離開第一象限處的坐標值．29、(1)(1)振源SS在OO點做沿豎直方向的簡諧運動，頻率為10Hz10Hzt=0t=0時刻向右傳播的簡諧橫波如圖所示((向左傳播的簡諧橫波圖中未畫出))則以下說法正確的是________。((填入正確選項前的字母。))

A.該橫波的波速大小為20m/s

B.t=0

時，x=1m

處的質點振動方向向下C.t=0.05s

時，x=3m

處的質點開始向下運動D.若振源S

向右勻速運動，在振源S

右側靜止的接收者接收到的頻率小于10Hz

E.傳播過程中該橫波遇到小于2m

的障礙物或小孔都能發生明顯的衍射現象(2)

在折射率為n

厚度為d

的平板玻璃的上方空氣中有一點光源S

從S

發出的光線SA

以入射角婁脠

入射到玻璃板上表面，經過玻璃板折射后從下表面射出，如圖所示。若沿此光線傳播的光從光源S

到玻璃板上表面的傳播時間與在玻璃板中傳播時間相等，則點光源S

到玻璃板上表面的垂直距離應是多少?

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【分析】5個單擺中，由A擺擺動從而帶動其它4個單擺做受迫振動，則受迫振動的頻率等于A擺擺動頻率，當受迫振動的中固有頻率等于受迫振動頻率時，出現共振現象，振幅達到最大．【解析】【解答】解：A；A擺擺動；其余各擺也擺動起來，它們均做受迫振動，則它們的振動頻率均等于A擺的擺動頻率，故A正確，BC錯誤；

D；由于A、D擺長相同；所以這兩個擺的固有頻率相同，則D擺出現共振現象，振幅最大．故D錯誤．

故選：A2、B【分析】【分析】滑動摩擦力的方向與物體相對運動的方向相反，根據f=μFN求出滑動摩擦力的大小．【解析】【解答】解：物體相對于地面向左運動，則滑動摩擦力的方向水平向右，大小f=μFN=0.1×20N=2N．故B正確；A；C、D錯誤．

故選：B．3、D【分析】【分析】利用安培定則判斷出通電螺線管周圍磁場方向，注意螺線管內部和外部磁場方向不同，然后根據小磁針靜止時N極所指的方向和磁感線的方向一致，從而判斷出小磁針靜止時方向．【解析】【解答】解：根據安培定則可知通電螺線管N極在左端，因此沿軸向磁場方向水平向左，小磁針N極的指向與磁場同向，故ac指向不對d正確；上方磁場方向水平向右，所以小磁針b指向錯誤；

故選：D．4、A【分析】【分析】和閉合電路中的動態分析類似，可以根據L3的變化，確定出總電路的電阻的變化，進而可以確定總電路的電流的變化的情況，再根據電壓不變，來分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況．【解析】【解答】解：當S斷開后；副線圈上的總電阻增大，副線圈的電壓不變，所以副線圈和原線圈電流都減小變小，B錯誤；

副線圈電流減小；電阻R上消耗的功率變小，C錯誤；

副線圈電流減小，輸電線上電壓損失減小，燈泡L1和L2兩端電壓增大；燈泡變亮，故A正確；

電流表是理想的電流表；所以原線圈兩端P；Q間的輸入電壓不變，所以D錯誤．

故選A．5、C【分析】【分析】公式E=適用于任何電場，運用比值法定義；E=只適用于真空中的點電荷產生的電場．【解析】【解答】解：A、B、公式E=是電場強度的定義式；運用比值法定義，適用于任何電場，根據比值法定義的共性可知：E與q；F無關，故AB錯誤．

C、公式E=是根據庫侖定律推導出來的；只適用于真空中點電荷產生的電場，故C正確．

D、在離點電荷非?？拷牡胤剑╮→0），不能將該電荷看成點電荷，公式E=不再適用，所以得不到：r→0；電場強度達無窮大的結論．故D錯誤．

故選：C二、填空題(共9題，共18分)6、10不變【分析】【分析】根據幾何知識求出兩繩與水平方向的夾角，分析掛鉤受力情況，根據平衡條件求解繩中的張力T．【解析】【解答】解：設兩桿間的距離為S，細繩的總長度為L，掛鉤右側長度為L1，左側長度為L2，由題有S=4m，L=5m

由幾何知識得：

S=L1cosα+L2cosα=Lcosα

得cosα==；

分析掛鉤受力情況；根據平衡條件。

2Tcos[（π-2α）]=G

解得，T==N=10N；

故答案為：10N，不變．7、310【分析】【分析】根據平拋運動的規律，水平方向上的勻速直線運動，和豎直方向上的自由落體運動，列方程求解即可．【解析】【解答】解：小球做的是平拋運動，豎直方向上是自由落體運動，小球在空中的飛行時間是由高度決定的，根據h=gt2，可得：t==s=3s；

落地時的豎直速度vy=gt=30m/s

則合速度v==10m/s；

故答案為：3；10．8、等壓533.3【分析】【分析】B→C的過程，壓強不變，體積增大，為等壓膨脹過程．A到B的過程為等容過程，根據溫度的關系得出壓強的關系，B到C為等壓過程，根據幾何關系得出A、C的體積比，通過蓋呂薩克定律求出A、C的溫度關系．【解析】【解答】解：解：B→C的過程為等壓變化；體積增大，為等壓膨脹過程．

A到B的過程為等容過程，根據查理定律，有：．則=．

根據幾何關系，

對B到C過程，根據蓋呂薩克定律有：，因為VA=VB．

所以；

解得TC=533.3K．

故答案為：等壓，533.3．9、由P指向O【分析】【分析】棒達到靜電平衡后，內部場強處處為零，則感應電荷在棒內P點產生的場強和兩正電荷在P點產生場強的合場強大小相等，方向相反．【解析】【解答】解：A、B兩電荷在P點產生的場強大小都為E=，根據平行四邊形定則，兩正電荷在P點產生場強的合場強，方向豎直向上，所以感應電荷在棒內P點產生的場強大小為；方向豎直向下，由P指向O．

故答案為：，由P指向O．10、略

【分析】【解析】兩種打點計時器即電磁打點計時器和電火花計時器，周期為頻率的倒數0.02s【解析】【答案】電火花計時器0.0211、略

【分析】解：系統處于原來狀態時，下面彈簧k2

的彈力F1=(m1+m2)g

被壓縮的長度x1=F1k2=(m1+m2)gk2

當上面的木塊離開上面彈簧時，下面彈簧k2

的彈力F2=m2g

被壓縮的長度x2=F2k2=m2gk2

所以下面木塊移動的距離為S=x1鈭?x2=m1gk2

故答案為：m1gk2

．

系統原來處于平衡狀態；兩個彈簧均被壓縮，彈簧k2

的彈力等于兩物體的總重力.

緩慢向上提上面的木塊，直到它剛離開上面彈簧時彈簧k2

的彈力等于m2g

根據胡克定律分別求出下面彈簧兩種狀態下壓縮的長度，下面木塊移動的距離等于彈簧兩種狀態下壓縮的長度之差．

對于彈簧問題，往往先分析彈簧原來的狀態，再分析變化后彈簧的狀態，找出物體移動距離與彈簧形變之間的關系．【解析】m1gk2

12、鉀hc【分析】解：因λ1＜λ＜λ2，則γ1＞γ＞γ2；即鉀板發生了光電效應，鉀板帶正電。

金屬板表面飛出的電子的最大初動能為：

EK=hγ-hγ2，=h（）=hc

故答案為：鉀板，hc

極限波長大的極限頻率小；利用光電效應方程求出電子的初動能。

考查光電效應的應用，熟記光電效應方程即可輕松解題?！窘馕觥库沨c13、BCD變快【分析】【分析】（1）了解液體的加熱升溫過程；液體的汽化過程和氣體的升溫過程，通過在各階段中能量的變化可判斷各選項的正誤．

（2）物質在氣態狀態下，由壓強不變的條件改為體積不變，分析兩種狀態下能量的轉化和轉移過程，結合熱力學第一定律可判斷溫度變化的快慢【解析】【解答】解：（1）A；物質的內能是分子總動能與分子總勢能之和；在區間Ⅱ，溫度不變，分子的平均動能不變，吸收的熱量用來增加分子間的勢能，物質的內能增大，故A錯誤；

B；理想氣體分子間作用力為零；分子勢能為零，在區間Ⅲ，分子間的勢能不變，故B正確；

C；由熵增原理知從區間Ⅰ到區間Ⅲ；物質的熵增加，故C正確；

D；在區間Ⅰ；溫度隨著時間的增加而升高，物質分子的平均動能也隨著時間的增加而增大，故D正確；故選BCD；

（2）根據熱力學第一定律：△U=Q+W，理想氣體狀態方程：=C可知；

在吸收相同的熱量Q時，壓強不變的情況下，V增加，W＜0，△U1=Q+W＜Q；

體積不變的條件下，W=0，△U=Q，所以△U1＜△U2；所以體積不變的情況下溫度升高的更快．

故答案為：（1）BCD；（2）變快．14、【分析】【分析】由平行板電容器的電容C和帶電量Q，由電容的定義式求出板間電壓．由E=求出板間場強．根據功的計算公式求解電場力對試探電荷q所做的功．【解析】【解答】解：由電容的定義式C=得；板間電壓：

U=；

故板間場強：

E==．

試探電荷q由A點移動到B點；電場力做功：

W=qEssin30°=

故答案為：．三、判斷題(共8題，共16分)15、×【分析】【分析】結合產生感應電流的條件：閉合回路的磁通量發生變化即可正確判定．【解析】【解答】解：產生感應電流的條件是閉合回路的磁通量發生變化；題目中穿過閉合導體回路所包圍面積的磁通量為零時，沒有說明磁通量是否變化，所以不能判斷出沒有感應電流產生．所以以上說法是錯誤的．

故答案為：×16、×【分析】【分析】光的粒子性能夠很好的解釋光的直線傳播、反射、折射和色散；光的波動性能夠很好的解釋光的干涉和衍射和偏振．【解析】【解答】解：光的波動性能夠很好的解釋光的干涉和衍射；偏振是橫波特有的現象，故光的干涉；衍射和偏振證明了光具有波動性；

光的粒子性能夠很好的解釋光的直線傳播；反射、折射；色散是光的折射造成的，故光的直線傳播、反射、折射和色散證明了光的粒子性．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×17、×【分析】【分析】當半徑不變時，角速度增大一倍，線速度也增大一倍．【解析】【解答】解：根據公式v=ωr可知，當半徑r不變時；角速度增大一倍，則線速度也增大一倍，故此說法錯誤．

故答案為：×18、×【分析】【分析】參考系，是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系的選取是任意的；任何物體均可以作為參考系；參考系不一定必須是靜止不動的；如研究炸彈的運動時，可以將運動的飛機作為參考系．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×19、√【分析】【分析】可以把波分為橫波和縱波兩類，傳播的只是振動形式和能量，而偏振現象與橫波有關，從而即可求解．【解析】【解答】解：偏振是橫波特有的現象；所以光的偏振現象說明光是橫波．以上說法是正確的．

故答案為：√20、√【分析】【分析】參考系，是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：月亮在云中穿梭；月亮相對于云層的位置發生變化，所以參考系為云層，該說法是正確的．

故答案為：√21、√【分析】【分析】發現電磁感應現象的科學家是法拉第．【解析】【解答】解：發現電磁感應現象的科學家是法拉第．故這個說法正確．

故答案為：√22、×【分析】【分析】（1）如果二力在同一條直線上；根據力的合成計算合力的大小，即同一直線上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直線反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一條直線上，合力大小介于二力之和與二力之差之間．【解析】【解答】解：當二力反向時；合力等于二力大小之差，合力有可能小于分力，故這句話是錯誤的；

故答案為：×四、證明題(共1題，共3分)23、略

【分析】【分析】根據牛頓第二定律求出加速度，再由運動學公式速度位移關系公式列式，變形即可證明．【解析】【解答】證明：設物體的質量為m，從光滑斜面上的A點滑到B點，在A、B兩點的速度分別為v1和v2．斜面的傾角為α，A、B兩點的高度分別為h1和h2．

根據牛頓第二定律得mgsinα=ma

即有a=gsinα

根據運動學公式有-=2a?

聯立得有-=2g（h1-h2）

即得：m-=mg（h1-h2）

移項得+mgh1=m+mgh2．

即E1=E2；

得證．

證明見上．五、實驗探究題(共2題，共4分)24、（1）直接接觸歐姆調零旋鈕。

（2）12.5

（3）＜

【分析】【分析】(1)

歐姆表使用前一定要歐姆調零；

(2)

紅正黑負；電流從紅表筆流入電表，從黑表筆流出電表；歐姆表讀數等于倍率乘以表盤讀數；

(3)

根據電壓表改裝特點分析即可。

解題的關鍵是利用多用電表的原理?！窘獯稹?1)

歐姆表使用前一定要歐姆調零；即紅黑表筆直接接觸后，調節歐姆調零旋鈕，使指針指向“0婁賂

”；

(2)

紅正黑負，電流從紅表筆流入電表，從黑表筆流出電表；電流從電壓表正接線柱流入，故紅表筆接觸1

黑表筆接2

歐姆表讀數=

倍率隆脕

表盤讀數=100隆脕25婁賂=2.5k婁賂

(3)

把電流表改裝成電壓表，應串聯分壓電阻，量程越大，串聯的電阻越大，則R1<R2

故答案為：(1)

直接接觸歐姆調零旋鈕(2)12.5(3)<

【解析】(1)

直接接觸歐姆調零旋鈕。

(2)12.5

(3)<

25、略

【分析】解：(1)壟脵

平衡摩擦力；其具體操作是：小車與紙帶相連，紙帶穿過打點計時器的限位孔，小車不與砂桶相連，適當墊高長木板沒有定滑輪的一端，輕推小車使小車做勻速直線運動；

壟脷

調節長木板上滑輪的高度；使細線與長木板平行．

(2)

當小車質量遠大于砂與砂桶質量時可以近似認為小車受到的拉力等于砂與砂桶的重力．

(3)

計數點間的時間間隔：t=0.02隆脕5=0.1s

小車的瞬時速度vE=DF2t=0.0920鈭?0.04202隆脕0.1=0.25m/s

小車的加速度：a=EF鈭?AB4t2=0.0920鈭?0.0650鈭?(0.0100鈭?0.0000)4隆脕0攏廬12隆脰0.43m/s2

．

如果當時電網中交變電流的頻率是f=48Hz

而做實驗的同學并不知道，打點計時器的打點間隔小于0.02s

而求加速度時打點時間間隔按0.02s

計算，時間偏大，所求加速度偏小．

故答案為：(1)壟脵

小車與紙帶相連；紙帶穿過打點計時器的限位孔，小車不與砂桶相連，適當墊高長木板沒有定滑輪的一端，輕推小車使小車做勻速直線運動；壟脷

細線與長木板平行.(2)

小車質量遠大于砂與砂桶的質量.(3)0.250.43

小．

(1)

實驗前應把木板沒有定滑輪的一端適當墊高以平衡摩擦力；應調節定滑輪的高度使細線與木板平行．

(2)

當小車質量遠大于砂與砂桶質量時可以近似認為小車受到的拉力等于砂與砂桶的重力．

(3)

根據圖示紙帶應用勻變速直線運動的推論可以求出小車的瞬時速度與加速度；根據題意分析實驗誤差．

本田考查了實驗注意事項、實驗數據處理，本題是一道基礎題，掌握基礎知識即可解題，平時要注意基礎知識的學習與掌握；應用勻變速直線運動的推論即可求出瞬時速度與加速度．【解析】小車與紙帶相連，紙帶穿過打點計時器的限位孔，小車不與砂桶相連，適當墊高長木板沒有定滑輪的一端，輕推小車使小車做勻速直線運動；細線與長木板平行；小車質量遠大于砂與砂桶的質量；0.250.43

小六、綜合題(共4題，共32分)26、略

【分析】【解析】

以離子為研究對象。

【解析】【答案】（1）（2）27、略

【分析】【解析】磁鐵從光滑圓弧形軌道下滑過程中重力勢能轉化為動能從而使磁鐵具有速度；在穿過鋁環時，鋁環中產生感應電流，磁鐵和鋁環之間的磁場力使鋁環加速；磁鐵減速，二者速度相等時磁場力消失，鋁環獲得最大速度，這一過程由磁鐵和鋁環組成的系統在水平方向動量守恒，損失的機械能轉化為電熱．

對磁鐵A：mgh=mv1２①

對磁鐵和鋁環組成的系統：mv1=(M+m)v2②

Q=mv１２-(M+m)v２２③

聯立①②③解得：

v2=Q=【解析】【答案】28、略

【分析】(1)油滴在復合場中做直線運動；垂直速度方向的合力一定為零，受力分析如圖所示：如果油滴帶負電，受力分析如(1)所示，帶正電，受力分析如(2)所示．

因為要保證垂直速度方向合力為零；(2)中油滴一定做減速運動，這時洛侖茲力在變化，導致垂直速度方向的力發生變化，油滴不可能做直線運動，即油滴不僅垂直速度方向合力為零，沿速度方向合力也為零，則只能是(1)圖，所以油滴一定帶負電．

(2)根據第一問結果；運用洛倫茲力公式求解；

(3)粒子進入第一象限時，重力和電場力平衡，故粒子現做勻速直線運動，再做勻速圓周運動，最后做勻速直線運動，根據幾何關系和洛倫茲力提供向心力計算總時間并確定離開第一象限的位置．【解析】解：(1)油滴帶負電荷；設油滴質量為m，受力如圖。

由平衡條件結合幾何關系得到：

mg：qE：f=1：1：

(2)根據洛倫茲力公式；有。

f=qvB

故。

mg：qE：qv