…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年西師新版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，正三角形abc區域內存在著方向垂直于紙面向外的勻強磁場，三角形的邊長為4L．一個帶電粒子（重力不計）從ab邊的中點O以垂直于ab邊的速度v進入磁場，粒子恰好從bc邊的中點d飛出磁場，若將該粒子進入磁場的速度方向從圖示位置逆時針旋轉60°，同時改變速度的大小，發現粒子仍可以從d點飛出磁場．下列說法不正確的是（）

A.第二次粒子的速度大小應為B.第二次粒子在磁場中運動時間是第一次的2倍C.兩次粒子從d點飛出磁場時速度方向夾角為D.粒子兩次做圓周運動的圓心間距為2、如下圖所示，電路電壓保持不變，滑動變阻器的總阻值與的阻值均為電阻的阻值為當滑動變阻器的滑動端P由向滑動過程中（）

A.干路中電流不斷減小B.上消耗電功率不斷增大C.上消耗電功率不斷減小D.上消耗電功率不斷增大3、健身球是一種內部充氣的健身輔助器材。如圖所示；用絕熱材料制成的健身球，球內的氣體視為理想氣體，則下列說法正確的是（）

A.人體擠壓健身球過程中，球內氣體內能增大B.人體離開健身球前后，球內所有氣體分子的運動速率均減小C.人體離開健身球前后，球內單位面積上撞擊的分子數不變D.將健身球舉高，球內氣體的分子勢能增大4、以下關于熱運動的說法中正確的是（）A.做功只能改變物體的機械能而熱傳遞只能改變物體的內能B.自然界中可以存在上萬度的高溫，但低溫的極限是0開C.凡是能量守恒的過程一定能夠自發地發生D.布朗運動是分子永不停息的無規則熱運動5、如圖；在薄金屬圓筒表面上通以與其軸線平行；分布均勻的恒定電流時，該圓筒的形變趨勢為（）

A.沿軸線上下壓縮B.沿軸線上下拉伸C.沿半徑向內收縮D.沿半徑向外膨脹6、如圖所示，電阻R、電容C和電感L并聯后，接入輸出電壓有效值恒定、頻率可調的交流電源．當電路中交流電的頻率為f時，通過R、C和L的電流有效值恰好相等．若將頻率降低為分別用I1、I2和I3表示此時通過R、C和L的電流有效值；則。

A.B.C.D.7、關于液體蒸發和沸騰的比較，下列哪句話是錯誤的A.蒸發和沸騰都屬汽化現象B.蒸發能在任何溫度下發生，沸騰只在一定溫度下發生C.蒸發和沸騰在任何溫度下都可以發生D.蒸發和沸騰都要吸收熱量8、α粒子散射實驗說明了（）A.原子具有核式結構B.原子內存在著帶負電的電子C.原子核由質子和中子組成D.正電荷均勻分布在整個原子內評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示，兩根間距為d的光滑金屬導軌，平行放置在傾角為的斜面上，導軌的右端接有電阻R，整個裝置放在磁感應強度大小為B的勻強磁場中，磁場方向與導軌平面垂直．導軌上有一質量為m、電阻也為R的金屬棒與兩導軌垂直且接觸良好，金屬棒以一定的初速度v0在沿著導軌上滑一段距離L后返回，不計導軌電阻及感應電流間的相互作用．下列說法正確的是（））

A.導體棒返回時先做加速運動，最后做勻速直線運動B.導體棒沿著導軌上滑過程中通過RC.的電量導體棒沿著導軌上滑過程中克服安培力做的功D.導體棒沿著導軌上滑過程中電阻R上產生的熱量10、如圖所示，電源的電動勢E和內阻r不變，將滑動變阻器R的滑片P向右移動的過程中，下列說法正確的是

A.電壓表的示數變小B.電流表的示數變大C.電源的輸出功率一定增大D.電源的效率一定減小11、下列說法中正確的是（）A.物體是由大量分子組成的，分子間的引力和斥力同時隨分子間距離的增大而減小B.懸浮在水中的花粉顆粒運動不是水分子的運動，而是花粉分子的運動C.物體的機械能可以為零，而內能不可以為零E.一定質量的理想氣體壓強不變，溫度升高時吸收的熱量一定大于內能的增加量E.一定質量的理想氣體壓強不變，溫度升高時吸收的熱量一定大于內能的增加量12、下列說法正確的是（）A.某氣體的摩爾體積為阿伏加德羅常數為則每個分子的體積可表示為B.當分子力表現為引力時，分子勢能隨分子間距離的減小而減小C.晶體在熔化過程中吸收熱量，內能增加，但其分子平均動能保持不變E.在熱傳遞中，熱量可以從高溫物體傳遞給低溫物體，也可以自發從低溫物體傳遞給高溫物體E.在熱傳遞中，熱量可以從高溫物體傳遞給低溫物體，也可以自發從低溫物體傳遞給高溫物體13、根據熱學知識，下面說法正確的是（）A.分子間作用力做正功，分子勢能一定減少B.絕對零度就是當一定質量的氣體體積為零時，用實驗方法測出的溫度C.氣體的壓強是由氣體分子間的吸引和排斥產生的E.在熱傳導中，熱量不可能自發地從低溫物體傳遞給高溫物體E.在熱傳導中，熱量不可能自發地從低溫物體傳遞給高溫物體14、如圖所示，光滑絕緣細管與水平面成30°角，在管的右上方P點固定一個點電荷+Q，P點與細管在同一豎直平面內，管的頂端A與P點連線水平，圖中PB垂直AC，B是AC的中點．帶電荷量為-q的小球（小球直徑略小于細管的內徑）從管中A處由靜止開始沿管向下運動，它在A處時的加速度為a，不考慮小球電荷量對+Q形成的電場的影響．則在電場中（））

A.B點的電場強度大小是A點的3倍B.小球運動到C處的加速度為g-aC.A點的電勢高于B點的電勢D.小球從A到C的過程中電勢能先減小后增大15、在如圖所示電路中，電源內阻不可忽略．開關S閉合后，在滑動變阻器R2的滑動端由a向b緩慢滑動的過程中（）

A.電壓表的示數減小，電流表的示數增大B.電壓表的示數增大，電流表的示數減小C.電容器C所帶電荷量減小D.電容器C所帶電荷量增大16、一簡諧橫波在圖中軸上向右傳播，實線和虛線分別是和時刻的波形圖，已知．由圖判斷下列波速哪些是可能的（））

A.B.C.D.17、一半徑為R的圓柱形區域內存在垂直于端面的勻強磁場，磁感應強度大小為B，其邊緣放置一特殊材料制成的圓柱面光屏．一粒子源處在光屏狹縫S處，能向磁場內各個方向發射相同速率的同種粒子，粒子的比荷為不計重力及粒子間的相互作用．以下判斷正確的是。

A.若熒光屏上各個部位均有光點，粒子的速率應滿足B.若僅光屏上有粒子打上，粒子的速率應滿足C.若僅光屏上有粒子打上，粒子的速率應滿足D.若僅光屏上有粒子打上，粒子的速率應滿足評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)18、一定質量的理想氣體從狀態a開始，經歷三個過程和回到原狀態，其圖像如圖所示，氣體在狀態______（填“a”、“b”或“c”）的分子平均動能最小，在過程中氣體體積_______（填“變大”、“變小”或“不變”），在過程中，氣體對外界做功________（填“大于”；“小于”或“等于”）氣體吸收的熱量。

19、如圖所示在通電螺絲管內部中間的小磁針，靜止時N極指向右端，則電源的c端為電源________極，（填“正”或“負”）螺線管的a端為等效磁極的________極．（填“N”或“S”）20、如圖所示，真空中有一對相距為d的平行金屬板A和B，兩板間電勢差為U，兩板間的電場為勻強電場．若一個質量為m、電荷量為q的粒子，僅在靜電力的作用下由靜止開始從A板向B板做勻加速直線運動并到達B板，則粒子在運動過程中加速度大小a=________，粒子到達B板時的速度大小v=________．

21、對大量的事實分析表明：______________________．這個結論被稱做熱力學第三定律．22、如圖，一個是振動圖像，一個是波動圖像，其中是___________是振動圖像(選填：“a”或“b”)，圖a的物理意義是：___________．23、在水平放置的氣墊導軌上，質量為0.4kg、速度為0.5m/s的滑塊甲與質量為0.6kg、速度為0.1m/s的滑塊乙迎面相撞，碰撞后滑塊乙的速度大小變為0.2m/s，此時滑塊甲的速度大小為______m/s，方向與它原來速度方向_______．24、質量為m1=0.1kg的物塊A在光滑的水平面上以0.3m/s的速率向右運動,恰遇上質量m2=0.5kg的物塊B以0.1m/s的速率向左運動,兩物塊正碰后,物塊B恰好停止,那么碰撞后物塊A的速度大小是____,方向____(填“向左”或“向右”)評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)25、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

26、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

27、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共16分)28、在測量電源電動勢和內電阻的實驗中，已知一節干電池的電動勢約為1.5V，內阻約為電壓表V（量程為3V，內阻約）；電流表A（量程為0.6A，內阻約為）；滑動變阻器R（2A）。為了更準確地測出電源電動勢和內阻。

（1）請在圖1方框中畫出實驗電路圖。______

（2）在實驗中測得多組電壓和電流值，得到如圖2所示的U-I圖線，由圖可得該電源電動勢E=____V，內阻r=______Ω。（結果均保留兩位小數）

（3）一位同學對以上實驗進行了誤差分析。其中正確的是______。A.實驗產生的系統誤差，主要是由于電壓表的分流作用B.實驗產生的系統誤差，主要是由于電流表的分壓作用C.實驗測出的電動勢小于真實值D.實驗測出的內阻大于真實值

（4）某小組的同學找到了電阻箱，便設計了如圖甲所示的電路進行實驗，并且記錄了實驗中一系列電流表讀數I及與之對應的電阻箱阻值R，該小組同學通過巧妙地設置橫軸和縱軸，描繪出了如圖乙所示的圖線，則在圖乙中縱軸應表示______；（填I、R或與I、R相關的量），若該圖線的斜率為k，橫軸上的截距為m，則電動勢的測量值=______，內電阻的測量值=______

29、圖（a）是白熾燈L1（220V，100W）和L2（220V；60W）的伏安特性曲線．

（1）隨著燈泡L1功率的增大，其燈絲阻值逐漸____．（選填變大；變小或不變）

（2）若將它們串聯后接在220V電源上，則此時L1燈的實際功率為____W．

（3）若用圖（b）電路測量L1燈的伏安特性，由于電表存在內阻，實際測得的伏安特性曲線比圖（a）中描繪出的理想伏安特性曲線在I﹣U圖中位置來得偏____（選填高或低）．

（4）用圖（b）所示電路測量L1燈伏安特性時，已知R0=10Ω，E=300V．則電路中可變電阻R的最大值和最大電流選用下列那種規格，測量效果最好____．。A．5Ω，10AB．50Ω，6AC．500Ω，1AD．5000Ω，1A評卷人得分六、解答題(共1題，共3分)30、如圖所示，水平放置的平行板電容器，已知兩板間距為d，板長為L，接在恒壓直流電源上，有一帶電液滴以的初速度從板間的正中央水平射入，恰好做勻速直線運動；將平行板電容器的下板向下平移后，同樣的液滴以相同的速度v0從平移后的板間正中央水平射入后剛好從金屬板末端飛出．求：下板向下平移的距離？

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【詳解】

粒子在磁場中只受洛倫茲力作用，故粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力做向心力，故有：qvB=m粒子垂直ab邊從O點發射，從d點離開磁場，根據幾何關系可得：軌道圓心為b點，粒子垂直bc邊離開磁場，軌道半徑r1=2L，轉過的圓心角為60°；改變粒子發射方向后，根據幾何關系可得：軌道圓心為Od中點，粒子剛好轉過180°，軌道半徑r2=L，粒子從d點離開磁場時的速度方向剛好和發射方向相反，與db邊成30°，斜向右下；根據洛倫茲力做向心力可得：軌道半徑所以，v2：v=r2：r1=1：2，所以，第二次粒子的速度大小故A正確；根據洛倫茲力做向心力可得：圓周運動周期故兩次運動周期相等，那么，由轉過的圓心角可得：第二次粒子在磁場中運動時間是第一次的3倍，故B錯誤；根據第一次粒子垂直bc邊離開磁場，第二次粒子從d點離開磁場時的速度方向剛好和發射方向相反，與db邊成30°，斜向右下；所以，兩次粒子從d點飛出磁場時速度方向夾角為60°，故C正確；根據第一次的軌道圓心為b點，第二次的軌道圓心為Od中點，由幾何關系可得：粒子兩次做圓周運動的圓心間距為L，故D正確；本題選不正確的，故選B.2、B【分析】【詳解】

A．滑片由向滑動時，滑動變阻器接入電路阻值不斷減小，滑動變阻器與并聯后阻值不斷減小，電路總電阻不斷減小，可知干路中電流不斷增大；A錯誤；

BC．根據

干路中電流不斷變大，可知上消耗電功率不斷增大；B正確，C錯誤；

D．設兩端電壓為則有

干路中電流不斷變大，可知兩端電壓不斷減小，根據

可知上消耗電功率不斷減小；D錯誤。

故選B。3、A【分析】【詳解】

A．人體擠壓健身球過程中；氣體體積減小，外界對氣體做正功，根據熱力學第一定律可知，球內氣體內能增大，A正確；

B．人體離開健身球前后；氣體體積增大，氣體對外界做功，氣體溫度降低，氣體分子平均動能減小，但不是所有氣體分子的運動速率都減小，B錯誤；

C．人體離開健身球前后；氣體體積增大，氣體溫度降低，氣體壓強減小，氣體分子平均動能減小，球內單位時間單位面積上撞擊的分子數減少，C錯誤；

D．將健身球舉高；氣體重力勢能增大，但理想氣體分子勢能忽略不計，D錯誤。

故選A。4、B【分析】【分析】

【詳解】

A．做功是能量的轉化；熱傳遞是能量的轉移，這兩者在改變物體內能方面是等效的，A錯誤；

B．熱力學第三定律的內容是絕對零度永遠無法達到；B正確；

C．一個過程同時要滿足能量守恒定律和熱力學第二定律才可發生；比如熱量不能自發的從低溫物體傳遞到高溫物體，C錯誤；

D．布朗運動是懸浮顆粒受到周圍液體分子或氣體分子撞擊不平衡產生的無規則運動；不是分子的無規則運動，D錯誤。

故選B。5、C【分析】【詳解】

根據電流間的相互作用力關系：同向電流相互吸引，反向電流相互排斥，所以通以同向電流后，電流間相互吸引，所以整個圓筒有沿半徑向內收縮的趨勢，ABD錯誤C正確6、C【分析】【詳解】

頻率降低，容抗增大，感抗減小．并聯電壓不變，所以流過電容的電流減小，流過電感的電流增大．故

故本題選C7、C【分析】【詳解】

蒸發和沸騰都是汽化現象，都需要吸熱，但沸騰只能在沸點下發生，蒸發可以在任何溫度下發生，且隨溫度的升高蒸發加劇．所以ABD正確，C是錯誤的．8、A【分析】【詳解】

A.粒子散射實驗；說明了原子具有核式結構，故選項A正確；

BD.湯姆孫在研究陰極射線時提出的原子棗糕模型里面提到了原子內存在著帶負電的電子和正電荷均勻分布在整個原子內；故選項B；D錯誤；

C.盧瑟福用粒子轟擊氮核，第一次實現了原子核的人工轉變，并發現了質子，并且預言原子核內還有另一種粒子（即中子），后來被其學生查德威克用粒子轟擊鈹核時發現，由此人們認識到原子核由質子和中子組成，故選項C錯誤．二、多選題(共9題，共18分)9、A:B:C【分析】【詳解】

導體棒返回時隨著速度的增大，導體棒產生的感應電動勢增大，感應電流增大，棒受到的安培力增大，加速度減小，所以導體棒先做加速度減小的變加速運動，最后做勻速直線運動，故A正確．導體棒沿著導軌上滑過程中通過R的電量為：故B正確．導體棒沿著導軌上滑過程中克服安培力做的功等于回路中產生的總熱量，由能量守恒定律得：W=Q=（mv02-mgLsin30°）=（mv02-mgL），故C正確．根據能量守恒定律，導體棒沿著導軌上滑過程中電阻R上產生的熱量為：QR=×（mv02-mgLsin30°）=（mv02-mgL）；故D錯誤．故選ABC．

【點睛】

本題是電磁感應與力學的綜合，關鍵是正確地進行受力分析和能量轉化情況的分析，要記牢感應電荷量經驗公式q=注意式中R是電路的總電阻．10、A:B:D【分析】【分析】

滑動變阻器的滑片向右移動，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律分析干路電流的變化，確定路端電壓的變化，根據電流表的電流與干路電流和R1電流的關系分析電流表的示數變化；根據變阻器滑片移動的方向；分析電路中總電流和路端電壓的變化，即可判斷電源的輸出功率的變化和效率的變化．

【詳解】

假設滑動變阻器的滑片向右移動，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律得知：干路電流I增大，A中電流增大；內電壓增大，路端電壓減小，通過燈泡的電流減小，R1電流和電壓變大，則R兩端電壓減小，電壓表讀數減小，選項AB正確；由于電源的內阻與外電阻的關系未知，不能判斷電源的輸出功率如何變化，選項C錯誤．電源的效率根據分析可知，路端電壓U減小，電動勢E不變，所以電源的效率一定減小．故D正確；故選ABD．

【點睛】

本題考查閉合電路歐姆定律的動態分析類題目，一般思路都是先分析局部電路的電阻變化，再分析整體中電流及電壓的變化，最后分析局部電路中的流及電壓的變化；在分析局部電路時要注意靈活應用串并聯電路的性質．11、A:C:E【分析】【詳解】

A．根據分子動理論的內容可知；物體是由大量分子組成的，分子間的引力和斥力同時隨分子間距離的增大而減小，A正確；

B．布朗運動是懸浮在液體中固體微粒的無規則運動；是由大量分子撞擊引起的，反應了液體分子的無規則運動，B錯誤．

C．物體的宏觀速度相對于參考系的速度為0時；其動能可以為0；而內能是物體內所有分子的分子動能與分子勢能的和，分子動能不可能為0，所以物體的內能不可能為0，C正確；

D．第二類永動機不違反能量守恒定律；D錯誤；

E．一定質量的理想氣體壓強不變，溫度升高時，根據理想氣體的狀態方程

可知氣體的體積一定增大；所以氣體對外做功，然后根據熱力學第一定律可知，吸收的熱量一定大于內能的增加量，E正確。

故選ACE。12、B:C:D【分析】【分析】

本題考查分子動理論；內能、熱力學第零定律、熱力學第二定律相關規律；目的是考查學生的理解能力。

【詳解】

A．由于氣體分子間距離較大；摩爾體積與阿伏加德羅常數的比值不等于分子的體積，選項A錯誤；

B．當分子間距大于平衡間距時，即時；分子力表現為引力，且隨分子間距的減小，分子力做正功，因此分子勢能減小，選項B正確；

C．晶體有固定的熔點；晶體熔化過程中吸收熱量，內能增加，溫度不變，其分子平均動能不變，選項C正確；

D．根據熱力學定律可知；如果兩個系統均與第三個系統處于熱平衡狀態，那么這兩個系統的溫度一定相等，選項D正確；

E．根據熱力學第二定律可知；凡與熱現象有關的宏觀過程都具有方向性，在熱傳遞中，熱量能自發從高溫物體傳遞給低溫物體，不能自發從低溫物體傳遞給高溫物體，選項E錯誤。

故選BCD。13、A:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．分子間作用力做正功；分子勢能一定減少，A正確；

B．由熱力學第三定律可知；絕對零度是不可能達到的，B錯誤；

C．氣體的壓強是由氣體分子頻繁的對器壁的碰撞產生的；C錯誤；

D．溫度是分子平均動能的標志；則物體溫度改變時物體內分子的平均動能一定改變，D正確；

E．根據熱力學第二定律可知；在熱傳導中，熱量不可能自發地從低溫物體傳遞給高溫物體，E正確；

故選ADE。14、B:D【分析】【詳解】

A.結合幾何關系：PA=2PB，由點電荷電場強度公式，可知，電場強度的大小與間距的平方成反比，則B點的電場強度大小是A點的4倍，故A錯誤；

B.在A處時小球的加速度為a，對A點受力分析，電場力、重力與支持力，由力的合成法則可知，合外力由重力與電場力沿著細管方向的分力之和提供的；當在C處時，小球仍受到重力、電場力與支持力，合外力是由重力與電場力沿著細管方向的分力之差提供的，

由A處可知，Fcos30°+mgsin30°=ma；

而在C處,則有：mgsin30°?Fcos30°=ma′，

解得：a′=g?a.故B正確；

C.正點電荷的電場線發散型，由于沿著電場線方向，電勢降低，因此A點的電勢低于B點的電勢，故C錯誤；

D.根據電場力做正功，電勢能減小；電場力做負功，電勢能增加，可知：小球帶負電，從A到C的過程中，電場力先做正功，后做負功，則電勢能先減小后增大，故D正確；

故選BD.

【點睛】

根據點電荷電場強度的公式，即可比較電場強度；由牛頓第二定律，結合庫侖定律，即可求解加速度；由正點電荷電場線的分布，結合沿著電場線方向電勢降低，即可求解；根據電場力做功的正負來確定電勢能高低；15、A:C【分析】【詳解】

滑動變阻器的滑動端由a向b緩慢滑動的過程中，則滑動變阻器接入電阻減小，則總電阻減小，電路中總電流增大，電流表示數增大，內阻和兩端電壓增大，則的電壓減小，故電壓表示數減小，故A正確，B錯誤；電容器的電壓等于的電壓；則電容器電壓減小，根據Q=UC可知，電容器C所帶電荷量減小，故C正確，D錯誤；故選AC．

【點睛】先分析電路結構，由滑片的移動可知滑動變阻器接入電阻的變化，則由閉合電路歐姆定律可得出電路中電流的變化及路端電壓的變化，電容器電壓與滑動變阻器電壓相等，根據Q=UC求解．16、C:D【分析】【詳解】

由圖可得諧橫波在圖中x軸上向右傳播，則波的周期為波速

A．將代入可得n=0.25；不符合波速通項，故A錯誤；

B．將代入可得n=0.5；不符合波速通項，故B錯誤；

C．將代入可得n=1；符合波速通項，故C正確；

D．將代入可得n=2；符合波速通項，故D正確；

故選CD．

【點睛】解題方法根據波的周期性得到周期和波速通項式，考查運用數學知識處理物理問題的能力.17、C:D【分析】【詳解】

試題分析：若則粒子在磁場中運動的半徑若粒子帶正電，則粒子在磁場中逆時針旋轉，則圓柱面光屏右邊有部分無粒子打到熒光屏上，故選項A錯誤；若則粒子在磁場中運動的半徑則如圖直徑掃過的圓心角為則僅僅光屏上有粒子打上；故選項D正確，選項B錯誤；

若則粒子在磁場中運動的半徑則如圖直徑掃過的圓心角為則僅光屏上有粒子打上；故選項C正確．

考點：帶電粒子在磁場中的運動。

【名師點睛】本題考查了帶電粒子在磁場中的運動，難點在于與數學知識的結合運用，這是高考試題的難點與熱點，一定要注重數學方法在物理中的應用．三、填空題(共7題，共14分)18、略

【分析】【詳解】

[1]氣體在狀態a時的溫度最低；則分子平均動能最小；

[2]在過程中氣體溫度不變；壓強變大，則體積變小；

[3]在過程中，壓強不變，溫度升高，內能變大，?U>0；體積變大，則氣體對外界做功，則W<0，則根據

可知，Q>0，即氣體對外界做功小于氣體吸收的熱量。【解析】a變小小于19、略

【分析】試題分析：螺線管內部的磁場方向水平向右；根據安培定則，知螺線管中的電流從左側流進，右側流出，實驗c端為電源的正極．內部的磁場由S指向N，a端為S極．

考點：安培定則。

【名師點睛】解決本題的關鍵掌握安培定則，會運用安培定則判斷電流與磁場的關系．【解析】正極S極20、略

【分析】【詳解】

粒子從靜止開始運動，只受電場力，有：U=Ed；F=qE；

聯立解得：

根據速度位移關系公式，有：v2=2ad

解得：

點睛：本題電荷在電場中加速問題，求解速度通常有兩種思路：一是動能定理；二是牛頓第二定律與運動學公式結合．【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

對大量的事實分析表明：熱力學零度不可達到這個結論被稱做熱力學第三定律．【解析】熱力學零度不可達到22、略

【分析】【分析】

振動圖像描述的是一個質點在不同時刻離開平衡位置的位移；波的圖像描述的是同一時刻各個質點的位移.

【詳解】

振動圖像描述的是一個質點在不同時刻離開平衡位置的位移，則圖像b是振動圖像；圖a是波的圖像；物理意義是同一時刻各個質點的位移(或者相對平衡位置的位移)．

【點睛】

本題要理解振動圖象和波動圖象各自的物理意義；知道振動圖像是“照相機”；波的圖像是“錄像機”.【解析】b同一時刻各個質點的位移(或者相對平衡位置的位移)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

滑塊甲乙系統在碰撞過程中水平方向動量守恒，根據動量守恒定律有：＋＝＋由題意知，兩者迎面碰撞，說明兩者初速度方向相反，不妨假設甲的初速度方向為正方向，又由于題目中只說明碰后乙的速度大小，未說明碰后速度方向，但系統初始總動量方向與正方向相同，因此碰后系統的總動量方向也應與正方向相同，所以碰后乙的速度方向只能沿正方向，解得碰后甲的速度為：＝0.05m/s，為正值，即方向與它原來的方向相同．【解析】0.05相同24、略

【分析】設向右為正方向,由動量守恒定律得代入數據解得負號表示方向向左。【解析】0.2m/s向左四、作圖題(共3題，共9分)25、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】26、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】27、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共2題，共16分)28、略

【分析】【詳解】

（1）電路直接采用串聯即可；電壓表并聯在電源兩端，采用的是電流表內接法；電路圖如右圖所示；如圖所示。

（2）根據電路圖可知則U-I圖線中縱軸截距等于電源的電動勢E=1.50V

圖像斜率等于電源內阻

（3）AB．由電路圖可知；電流表采用內接法，由于電壓表分流作用，使所測電流小于電路總電流的真實值，造成了實驗誤差，A