山東省臨沂市第十九中學2019屆高三物理上學期第六次質量調研考試試題一、選擇題（本題共12道小題，18單選，913為多選，共52分）1.如圖所示，初始時A、B兩木塊在水平方向的外力作用下擠壓在豎直墻面上處于靜止狀態，A與B、B與墻面之間的動摩擦因數都為μ=0.1，且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力．兩木塊質量相等，都為1kg，當外力F變為下列不同值時，關于A、B之間的摩擦力f1，B與墻壁之間的摩擦力f2的大小，下列說法中錯誤的是（g=10m/s2）（）A．當F=0時，f1=f2=0 B．當F=50N時，f1=0，f2=5NC．當F=100N時，f1=5N，f2=10N D．當F=300N時，f1=10N，f2=20N2.設豎直向上為y軸正方向，如圖曲線為一質點沿y軸運動的位置﹣時間（y﹣t）圖象，已知圖線為一條拋物線，則由圖可知（）A．t=0時刻質點速度為0B．0～t1時間內質點向y軸負方向運動C．0～t2時間內質點的速度一直減小D．t1～t3時間內質點相對坐標原點O的位移先為正后為負3.如圖所示，橫截面為直角三角形的斜劈A，底面靠在粗糙的豎直墻面上，力F通過球心水平作用在光滑球B上，系統處于靜止狀態．當力F增大時，系統還保持靜止，則下列說法錯誤的是（）A．A所受合外力不變B．A對豎直墻壁的壓力增大C．B對地面的壓力一定減小D．墻面對A的摩擦力可能變為零4.在吊環比賽中，運動員有一個高難度的動作，就是先雙手撐住吊環（此時兩繩豎直且與肩同寬），然后身體下移，雙臂緩慢張開到如圖所示位置．吊環懸繩的拉力大小均為FT，運動員所受的合力大小為F，則在兩手之間的距離增大過程中（）A．FT減小，F增大B．FT增大，F增大C．FT減小，F不變 D．FT增大，F不變5.如圖所示，輕質彈簧一端固定在水平面上O點的轉軸上，另一端與一質量為m、套在粗糙固定直桿A處的小球（可視為質點）相連，直桿的傾角為30°，OA=OC，B為AC的中點，OB等于彈簧原長．小球從A處由靜止開始下滑，初始加速度大小為aA，第一次經過B處的速度為v，運動到C處速度為0，后又以大小為aC的初始加速度由靜止開始向上滑行．設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力．下列說法正確的是（）A．小球可以返回到出發點A處B．彈簧具有的最大彈性勢能為mv2C．撤去彈簧，小球可以在直桿上處于靜止D．aA﹣aC=26.一粒鋼珠從靜止狀態開始自由落體，然后陷入泥潭中．若把它在空中自由落體的過程稱為Ⅰ，進入泥潭直到停止的過程稱為Ⅱ，則（）A．過程Ⅰ中鋼珠動量的改變量小于重力的沖量B．過程Ⅱ中鋼珠所受阻力的沖量大小等于過程Ⅰ中重力沖量的大小C．過程Ⅱ中鋼珠的動量改變量等于阻力的沖量D．過程Ⅱ中阻力的沖量大小等于過程Ⅰ與過程Ⅱ重力沖量的大小7.地球赤道上有一物體隨地球的自轉而做圓周運動，所受的向心力為F1，向心加速度為a1，線速度為v1，角速度為ω1；繞地球表面附近做圓周運動的人造衛星（高度忽略）所受的向心力為F2，向心加速度為a2，線速度為v2，角速度為ω2；地球同步衛星所受的向心力為F3，向心加速度為a3，線速度為v3，角速度為ω3；地球表面重力加速度為g，第一宇宙速度為v．若三者質量相等，則（）A．F1=F2＞F3 B．a1=a2=g＞a3C．v1=v2=v＞v3D．ω1=ω38.小球P和Q用不可伸長的輕繩懸掛在天花板上，P球的質量大于Q球的質量，懸掛P球的繩比懸掛Q球的繩短．將兩球拉起，使兩繩均被水平拉直，如圖所示．將兩球由靜止釋放．在各自軌跡的最低點，（）A．P球的速度一定大于Q球的速度B．P球的動能一定小于Q球的動能C．P球所受繩的拉力一定大于Q球所受繩的拉力D．P球的向心加速度一定小于Q球的向心加速度9.如圖所示，、、三種粒子從同一位置無初速度地飄入水平向右的勻強電場，被加速后進入豎直向下的勻強電場發生偏轉，最后打在屏上．整個裝置處于真空中，不計粒子重力及其相互作用，那么（）A．偏轉電場對三種粒子做功一樣多B．三種粒子打到屏上時速度一樣大C．三種粒子運動到屏上所用時間相同D．三種粒子一定打到屏上的同一位置10.如圖所示為一直流電路，電源內阻小于R0，滑動變阻器的最大阻值小于R．在滑動變阻器的滑片P從最右端滑向最左端的過程中，下列說法錯誤的是（）A．電壓表的示數一直增大B．電流表的示數一直增大C．電阻R0消耗的功率一直增大D．電源的輸出功率先減小后增大11.如圖所示，虛線是用實驗方法描繪出的某一靜電場中的一簇等差等勢線．若不計重力的帶電粒子從a點射入電場后恰能沿圖中的實線運動到b點，則下述判斷正確的是（）A．帶電粒子在b點的速率一定小于在a點的速率B．帶電粒子可能帶正電C．b點的電勢一定高于a點的電勢D．b點的電場強度一定大于a點的電場強度12.空間有一沿x軸對稱分布的電場，其電場強度E隨X變化的圖像如圖所示。下列說法正確的是（

）A．O點的電勢最高B．X2點的電勢最高C．X1和X1兩點的電勢相等D．X1和X3兩點的電勢相等13.如圖，真空中有一個邊長為L的正方體，正方體的兩個頂點M、N處分別放置一對電荷量都為q的正、負點電荷．圖中的a、b、c、d是其它的四個頂點，k為靜電力常量，下列表述正確是（）A．a、b兩點電場強度相同B．a點電勢高于b點電勢C．把點電荷+Q從c移到d，電勢能增加D．M點的電荷受到的庫侖力大小為F=k二、實驗題（本題共2道小題,第14題6分,第15題7分,共13分）14.如圖甲是實驗室測定水平面和小物塊之間動摩擦因數的實驗裝置，曲面AB與水平面相切于B點且固定．帶有遮光條的小物塊自曲面上面某一點釋放后沿水平面滑行最終停在C點，P為光電計時器的光電門，已知當地重力加速度為g．（1）利用游標卡尺測得遮光條的寬度如圖乙所示，則遮光條的寬度d=cm；（2）實驗中除了測定遮光條的寬度外，還需要測量的物理量有；A．小物塊質量mB．遮光條通過光電門的時間tC．光電門到C點的距離sD．小物塊釋放點的高度h（3）為了減小實驗誤差，同學們采用圖象法來處理實驗數據，他們根據（2）測量的物理量，建立圖丙所示的坐標系來尋找關系，其中合理的是．15.某同學用伏安法測定待測電阻Rx的阻值（約為10kΩ），除了Rx，開關S、導線外，還有下列器材供選用：A．電壓表（量程0~1V，內阻約為10kΩ）B．電壓表（量程0~10V，內阻約為100kΩ）C．電流表（0~1mA內阻約為30Ω）D．電流表（0~0.6A，內阻約為0.05Ω）E．電源（電動勢1.5V，額定電流0.5A，內阻不計）F．電源（電動勢12V，額定電流2A，內阻不計）G．滑動變阻器R0（阻值范圍0~10Ω，額定電流2A）①為使測量盡量準確，電壓表選用_________，電流表選用______________，電源選用______________。（均填器材前的字母代號）；②畫出測量Rx阻值的實驗電路圖____________。③該同學選擇器材、連接電路和操作均正確，從實驗原理上看，待測電阻測量值會______________其真實值（填“大于”“小于”或“等于”），原因是____________________________。三、計算題（本題共4道小題,第16題6分,第17題0分,第18題0分,第19題0分,共0分）16.如圖所示，M為一線圈電阻RM=0.5Ω的電動機，R=8Ω，電源電動勢E=10V．當S斷開時，電流表的示數I1=1A，當開關S閉合時，電流表的示數為I2=3A．求：（1）電源內阻r；（2）開關S斷開時，電阻R消耗的功率P．（3）開關S閉合時，通過電動機M的電流大小IM．17.把帶電荷量的正點電荷從無限遠處移到電場中點,要克服電場力做功,若把該電荷從無限遠處移到電場中點,需克服電場力做功,取無限遠處電勢為零。求:(1)點的電勢;(2)若把的負電荷由點移到點電場力做的功18如圖所示，粗糙的斜槽軌道與半徑R=0.5m的光滑半圓形軌道BC連接，B為半圓軌道的最底點，C為最高點。一個質量m=0.5kg的帶電體，從高為H=3m的A處由靜止開始滑下，當滑到B處時速度vB=4m/s，此時在整個空間加上一個與紙面平行的勻強電場，帶電體所受電場力在豎直向上的分力大小與重力相等。帶電體沿著圓形軌道運動，脫離C處后運動的加速度是a=2m/s2，經過一段時間后運動到斜槽軌道某處時速度的大小是v=2m/s。已知重力加速度g=10m/s2，帶電體運動過程中電量不變，經過B點時能量損失不計，忽略空氣的阻力。求：（1）帶電體從B到C的過程中電場力所做的功W（2）帶電體運動到C時對軌道的壓力F（3）帶電體與斜槽軌道之間的動摩擦因數μ19.如圖所示，質量mA＝0.8kg、帶電量q＝－4×10?3C的A球用長度l=0.8m的不可伸長的絕緣輕線懸吊在O點，O點右側有豎直向下的勻強電場，場強E＝5×103N/C．質量mB=0.2kg不帶電的B球靜止在光滑水平軌道上，右側緊貼著壓縮并鎖定的輕質彈簧，彈簧右端與固定擋板連接，彈性勢能為3.6J.現將A球拉至左邊與圓心等高處釋放，將彈簧解除鎖定，B球離開彈簧后，恰好與第一次運動到最低點的A球相碰，并結合為一整體C，同時撤去水平軌道．A、B、C均可視為質點，線始終未被拉斷，g＝10m/s2．求：（1）碰撞過程中A球對B球做的功（2）碰后C第一次離開電場時的速度（3）C每次離開最高點時，電場立即消失，到達最低點時，電場又重新恢復，不考慮電場瞬間變化產生的影響，求C每次離開電場前瞬間繩子受到的拉力.

物理答案12345678910111213BCCDBDDCADBCDABACAD14.（1）1.060；（2）BC；（3）B．（2）實驗的原理：根據遮光條的寬度與滑塊通過光電門的時間即可求得滑塊的速度：v=；B到C的過程中，摩擦力做功，根據動能定理得：﹣μmgs=0﹣mv2；聯立以上兩個公式得動摩擦因數的表達式：μ=；還需要測量的物理量是：光電門P與C之間的距離s，與遮光條通過光電門的時間t，故BC正確，AD錯誤．（3）由動摩擦因數的表達式可知，μ與t2和s的乘積成反比，所以s與的圖線是過原點的直線，應該建立的坐標系為：縱坐標用物理量，橫坐標用物理量s，即B正確，ACD錯誤．15(1).B(2).C(3).F(4).(5).大于(6).電壓表的讀數大于待測電阻兩端實際電壓（其他正確表述也可）試題分析：由于本題的被測電阻達到10kΩ，所以電源要選擇電動勢大的，然后根據電路電流選擇電流表，電壓表；若采用限流接法，則電路中電流和電壓變化不明顯，故采用滑動變阻器的分壓接法，根據和的關系分析電流表的接法；根據電流表的接法判斷實驗誤差所在；①若選用電源1.5V，由于被測電阻很大，電路中電流非常小，不利于實驗，即電源選用12V的，即F；則電壓表就應該選取B；電路中的最大電流為，故選用電流表C；②因為給的滑動變阻器的最大阻值只有10Ω，若采用限流接法，則電路中電流和電壓變化不明顯，故采用滑動變阻器的分壓接法，由于，所以采用電流表內接法，電路圖如圖所示，③由于電流表的分壓，導致電壓測量值偏大，而電流準確，根據可知測量值偏大；滑動變阻器的分壓和限流接法的區別和選用原則：區別：（1）限流接法線路結構簡單，耗能少；（2）分壓接法電壓調整范圍大，可以從0到路端電壓之間連續調節；選用原則：（1）優先限流接法，因為它電路結構簡單，耗能較少；（2）下列情況之一者，須采用分壓接法：①當測量電路的電阻遠大于滑動變阻器阻值，采用限流法不能滿足要求時（本題就是該例子）；②當實驗要求多測幾組數據（電壓變化范圍大），或要求電壓從零開始調節；③電源電動勢比電壓表量程大得多，限流法滑動變阻器調到最大仍超過電壓表量程時。電流表內接和外接的選用：當時，宜采用內接法，即大電阻用內接法；當時，宜采用外接法，即小電阻用外接法；可記憶為“大內，小外”。16.（1）2Ω（2）（3）（1）當S斷開時，根據閉合電路歐姆定律：，，r=2Ω；電阻R消耗的功率：路端電壓：R之路電流：電動機的電流：點睛：當S斷開時，根據閉合電路歐姆定律求解電源的內阻．當開關S閉合時，已知電流表的示數，根據閉合電路歐姆定律求出路端電壓，由歐姆定律求出通過R的電流，得到通過電動機的電流．18.(1)(2)(3)解：（1）設帶電體受到電場力的水平分量為Fx，豎直分量為Fy，帶電體由B到C的運動過程中，水平分力做功為零，豎直分力做功等于重力做功。即：（2）帶電體從B到C運動的過程中，重力和電場力的豎直分力相等，電場力的水平分力不做功，所以vC=vB=4m/s在C點，由牛頓第二定律得：mg=Fy解得：F=16N（3）帶電體脫離軌道后在水平方向上做勻減速直線運動，由運動學公式得：代入數據得：設斜面與水平面的夾角為α，則，α=300帶電體從A到B的運動過程中，由動能定理得：代入數據解得：19.（1）A對B所做的功（2）（3）（