安徽省定遠育才實驗學校2025屆物理高二上期中達標檢測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、有四個電源，電動勢均相等，內電阻分別為1Ω、2Ω、4Ω、8Ω，現從中選擇一個對阻值為2Ω的電阻供電，欲使電阻獲得的電功率最大，則所選電源的內電阻為（）A．1ΩB．2ΩC．4ΩD．8Ω2、真空中兩個同性的點電荷q1、q2，它們相距較近，保持靜止。今釋放q2且q2只在q1的庫侖力作用下運動，則q2在運動過程中受到的庫侖力A．不斷減小 B．不斷增加 C．始終保持不變 D．先增大后減小3、做簡諧振動的物體，當它每次經過同一位置時，可能不同的物理量是()A．位移 B．速度 C．加速度 D．回復力4、如圖所示為磁場作用力演示儀中的線圈，在線圈中心處掛上一個小磁針，且與線圈在同一平面內，則當線圈中通以如圖所示順時針的電流時()A．小磁針N極向里轉B．小磁針N極向外轉C．小磁針在紙面內向左擺動D．小磁針在紙面內向右擺動5、我國發射的“天宮一號”和“神州八號”在對接前，“天宮一號”的運行軌道高度為350km，“神州八號”的運行軌道高度為343km．它們的運行軌道均視為圓周，則A．“天宮一號”比“神州八號”速度大B．“天宮一號”比“神州八號”周期長C．“天宮一號”比“神州八號”角速度大D．“天宮一號”比“神州八號”加速度大6、關于靜電場的下列說法中正確的是（）A．電場中電勢較高處的電場強度也一定較大B．同一電場中等勢面較密處的電場強度也一定較大C．電場中的電場線可以不與等勢面垂直相交D．在電場中將一電子由靜止釋放后一定沿電場線運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示電路中,電源電動勢為E,內阻不計。最初兩開關均斷開,一質量為m電量為q的帶電粒子不計重力靜止在平行板電容器中央,電容器的電容為C。先閉合開關,經歷T時間后閉合開關,再次經歷T時間后,發現粒子恰好回到初始位置,粒子不與極板發生碰撞。不計電容器充放電時間以及忽略電容器邊緣效應。下列說法正確的是A．B．開關閉合前后,通過的電量為CEC．電容器極板間距至少為D．若電容器極板間距為時,粒子恰好到達極板8、輕繩一端通過光滑的定滑輪與物塊P連接，另一端與套在光滑豎直桿上的圓環Q連接，Q從靜止釋放后，上升一定距離到達與定滑輪等高處，則在此過程中（）A．任意時刻P、Q兩物體的速度大小滿足vP<vQB．任意時刻Q受到的拉力大小與P的重力大小相等C．物塊P機械能不守恒，Q一直加速上升D．當Q上升到與滑輪等高時，Q的機械能最大9、如圖所示，M、N是兩塊水平放置的平行金屬板，R0為定值電阻，R1和R2為可變電阻，開關S閉合.質量為m的帶正電荷的微粒從P點以水平速度v0射入金屬板間，沿曲線打在N板上的O點.若經下列調整后，微粒仍從P點以水平速度v0射入，則關于微粒打在N板上的位置說法正確的是A．保持開關S閉合，增大R1，粒子打在O點左側B．保持開關S閉合，增大R2，粒子打在O點左側C．斷開開關S，M極板稍微上移，粒子打在O點右側D．斷開開關S，N極板稍微下移，粒子打在O點右側10、如圖所示，豎直放置的長直導線AB通以圖示方向的恒定電流，一矩形線框abcd與導線AB在同一平面內。在下列情況中，線框abcd中能產生順時針感應電流的是()A．導線AB中的電流變小 B．線框abcd向右平動C．線框abcd向左平動 D．線框abcd以導線AB為軸轉動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了測量一節干電池的電動勢和內阻，某同學采用了伏安法，現備有下列器材：A．被測干電池一節B．電流表A1，量程0～0.6A，內阻r＝0.3ΩC．電流表A2，量程0～0.6A，內阻約為0.1ΩD．電壓表V1，量程0～3V，內阻未知E．電壓表V2，量程0～15V，內阻未知F．滑動變阻器1,0～10Ω，2AG．滑動變阻器2,0～100Ω，1AH．開關、導線若干伏安法測電池電動勢和內阻的實驗中，由于電流表和電壓表內阻的影響，測量結果存在系統誤差；在現有器材的條件下，要盡可能準確地測量電池的電動勢和內阻．(1)在上述器材中請選擇適當的器材：______(填寫選項前的字母)；(2)實驗電路圖應選擇下圖中的______(填“甲”或“乙”)；(3)根據實驗中電流表和電壓表的示數得到了如圖丙所示的U－I圖象，則干電池的電動勢E＝______V，內電阻r＝______Ω.12．（12分）在測量電源電動勢和內電阻的實驗中，有電壓表V(量程為3V，內阻約3kΩ)；電流表A（量程為0.6A，內阻約為0.70Ω）；滑動變阻器R（10Ω，2A）。為了更準確地測出電源電動勢和內阻設計了如圖所示的電路圖。①在實驗中測得多組電壓和電流值，得到如圖所示的U-I圖線，由圖可得該電源電動勢E=____V，內阻r=______Ω。（結果保留兩位有效數字）②一位同學對以上實驗進行了誤差分析．其中正確的是______．A．實驗產生的系統誤差，主要是由于電壓表的分流作用B．實驗產生的系統誤差，主要是由于電流表的分壓作用四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）帶有等量異號電荷，相距10cm的平行板A和B之間有一個勻強電場，電場強度E=2×104V/m，方向向下，電場中C電距B板3cm，D點距A板（1）C、D兩點哪點電勢高？兩點的電勢UCD（2）如果令B板接地（即電勢φB=0），則C和D的電勢φC和φD各是多少？如果令A板接地，則電勢φC和(3)一個電子從點C移動到點D，靜電力做多少功？如果使電子先移動到點P.再移到點D.靜電力做的功是否會發生變化.14．（16分）一束初速不計的電子在經U的加速電壓加速后，在兩極板間的中點處垂直進入平行板間的勻強電場，如圖所示，若板間距離d，板長l，偏轉電場只存在于兩個偏轉電極之間．已知電子質量為m，電荷量為e，求：（1）電子離開加速電場時的速度大?。?）要使電子能從平行板間飛出，兩個極板上最多能加多大電壓U'？15．（12分）如圖所示的電路中定值電阻，，則R1和R2中的電流之比是多少？R2和R3兩端電壓之比是多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】考點：電功、電功率；閉合電路的歐姆定律．分析：當電源的內阻和電源的外電阻相等時，電源的輸出的功率最大，由電源的內阻可以判斷哪個的功率最大．解答：解：當電路的內電阻和外電阻相等時，電路的輸出的功率最大，即外電阻上的功率最大，所以當外電阻為2Ω時，電源的內電阻也為2Ω時，R上獲得的功率最大，所以B正確．故選B．點評：當電源的輸出功率最大時，電路的內電阻和外電阻相等，知道這個電路的結論，在做題的時候就簡單多了，在平時要注意總結．2、A【解析】

同性電荷互相排斥，則釋放q2且q2只在q1的庫侖力作用下運動的過程中，逐漸遠離q1，則q2受到的庫侖力逐漸減小，故選A.3、B【解析】

A．振動物體的位移是平衡位置指向振子所在位置，每次經過同一位置時位移相同，故A錯誤；B．由于經過同一位置時速度有兩種不同的方向，所以做簡諧振動的質點每次經過同一位置時，速度可能不相同，故B正確；C．加速度總與位移大小成正比，方向相反，每次經過同一位置時位移相同，加速度必定相同，故C錯誤；D．回復力總與位移大小成正比，方向相反，每次經過同一位置時位移相同，回復力必定相同，故D錯誤；【點睛】本題考查對簡諧運動周期性及特點的理解，要知道同一位置的位移一定相同，加速度和回復力與位移都是成正比反向關系，由此進行判斷三個物理量的關系．4、A【解析】

根據右手螺旋定則判斷出環形電流內部和外部的磁場，根據小磁針靜止時N極所指的方向為磁場的方向，判斷出小磁針N極的偏轉．本題中根據右手螺旋定則知，環形電流內部的磁場方向向里，外部的磁場方向向外，則小磁針的N極向紙面里偏轉．故A正確，5、B【解析】

試題分析：A．天宮一號和神州八號繞地球做勻速圓周運動，靠地球的萬有引力提供向心力：即，根據這個等式得：線速度，天宮一號的軌道半徑大于神舟八號的軌道半徑，則天宮一號的線速度較小，A錯誤；B．周期，天宮一號的軌道半徑大于神舟八號的軌道半徑，則天宮一號的周期更大，B正確；C．角速度，天宮一號的軌道半徑大于神舟八號的軌道半徑，則天宮一號的角速度更小，C錯誤；D．加速度，天宮一號的軌道半徑大于神舟八號的軌道半徑，則天宮一號的加速度更小，D錯誤．6、B【解析】

A．電勢與場強兩者沒有直接的關系，電場中電勢較高處的電場強度不一定較大，故A錯誤；B．根據電勢差與場強的關系可知，同一電場中，等勢面較密處的電場強度較大，故B正確；C．根據電場線與等勢面的關系，兩者一定相互垂直，故C錯誤；D．在電場中將一電子由靜止釋放后，電子在電場力作用下做加速運動，不一定沿電場線，故D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】

A．閉合開關，電容器兩的電壓為閉合開關，再閉合，電容器兩的電壓為粒子恰好回到初始位置可得，所以，由公式可得故A正確；B．開關閉合前，電容器的電量為開關閉合后，電容器的電量為由于開關閉合前后，電容器要先放電后充電，所以通過的電量為故B正確；CD．當粒子速度減到零時恰好到極板，由運動學關系可知聯立解得：故C正確，D錯誤。8、AD【解析】

A.將物塊Q的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，Q沿繩子方向的分速度等于P的速度．當輕繩與桿的夾角為θ時，由速度的分解有：vP=vQcosθ，cosθ<1，則得vP<vQ.故A正確；B.P先向下做加速運動，處于失重狀態，則繩的拉力大小小于P的重力大小，即Q受到的拉力大小小于P的重力大小，后向下減速，處于超重狀態，拉力大小大于P的重力大小，故B錯誤；C.物塊P下落過程中，繩子拉力對P做負功，則P的機械能減小．Q開始細線拉力沿豎直方向的分力大于重力，加速度方向向上，后來細線的拉力沿豎直方向的分力小于重力，加速度方向向下，Q先加速上升，后減速上升，故C錯誤；D.除重力以外其它力做的功等于物體機械能的增量，物塊Q上升到與滑輪等高前，拉力做正功，機械能增加，物塊Q上升到與滑輪等高后，拉力做負功，機械能減?。訯上升到與滑輪等高時，機械能最大．故D正確．故選AD【點睛】將物塊Q的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，Q沿繩子方向的分速度等于P的速度．結合平行四邊形定則求出P、Q速度的關系．通過繩子拉力對Q物體的做功情況，判斷物塊Q機械能的變化，從而得出何時機械能最大．9、AD【解析】

A.保持開關S閉合，由串并聯電壓關系可知，R0兩端的電壓增大R1，U將減小，電容器兩端的電壓減小，則粒子受到的電場力減小，受到的重力不變，則產生的加速度增大．從P點以水平速度v0射入金屬板間打在極板上則有：水平位移為：水平位移將減小，故粒子打在O點左側，故A正確；B.保持開關S閉合，增大R2，R0兩端的電壓：不變，即電容器兩端的電壓不變，粒子仍打在O點．故B錯誤；C.斷開開關，平行板帶電量不變，平行板間的電場強度為：結合：和可得：M極板稍微上移，電場強度不變，故加速度不變，不會影響離子的運動，還打在O點，故C錯誤；D.斷開開關，平行板帶電量不變，平行板間的電場強度為：結合：和可得：N極板稍微下移，電場強度不變，加速度不變，但y增大:水平位移將增大，粒子打在O點右側．故D正確．10、AB【解析】

A.導線AB中電流向上，在右邊線圈區域磁場垂直于紙面向里，導線AB中電流強度變小，導線將產生的向里的磁場減弱，使得穿過線框的向里的磁通量減小，從而產生感應電流的磁通量向里，故磁場方向向里，所以線框abcd中能產生順時針感應電流，故A正確；B.當線框右平動，由于通電導線的遠近導致磁場的減弱，使得穿過線框的向里的磁通量減小，從而產生感應電流的磁通量向里，故磁場方向向里，所以線框abcd中能產生順時針感應電流，故B正確；C.當線框左平動，由于通電導線的遠近導致磁場的增加，使得穿過線框的向里的磁通量增加，從而產生感應電流的磁通量向外，故磁場方向向外，所以線框abcd中能產生逆時針感應電流，故C錯誤；D.當線框以以直導線AB為軸旋轉過程中，穿過線框的磁通量沒有變化，所以不產生感應電流，故D錯誤；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ABDFH甲1.50.7【解析】

(1)[1]本實驗中必選的儀器有：A．被測干電池一節；H開關、導線若干；因電源電動勢為1.5V，電流較小，為了讀數準確，所以電流表應選擇：量程0～0.6A，內阻0.3Ω的B；電壓表選擇D量程0～3V，滑動變阻器阻值較小有利于電表的數值變化，減小誤差，故選F，故選ABDFH.(2)[2]因電流表的內阻已知，故實驗電路圖應選擇圖甲；(3)[3][4]根據實驗中電流表和電壓表的示數得到了如圖丙所示的U－I圖象，則干電池的電動勢E＝1.5V內電阻r＝Ω－0.3Ω＝0.7Ω.12、1.51.0A【解析】

①[1][2]．根據U=E-Ir以及圖象可知，電源的電動勢為：E=1.5V，電源內阻為：②[3]．由圖示電路圖可知，由于電壓表的分流，電流表的測量值小于流過電源的電流，實驗產生了系統誤差，故A正確，B錯誤；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）D點；-1000V（2）如果令B板接地，則φC=600V，φD=1600V；如果令A板接地，則φC=-1400V，φD=-400V；UCD相同；（3）1.6×10-16