2025屆山西省忻州市一中高二物理第一學期期末學業質量監測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一質量為m、帶電量為q的小球用細線系住，線的一段固定在O點，若在空間加上勻強電場，平衡時線與豎直方向成60°角，則電場強度的最小值為（）A B.C. D.2、真空中兩個完全相同的金屬小球，分別帶+3Q和-Q的電量，當它們相距r時，它們間的庫侖力大小是F．若把它們接觸后分開，再放回原位置，則它們間的庫侖力大小為A.F/3 B.FC.3F D.9F3、靜電計可以用來測量電容器的電壓．如圖把它的金屬球與平行板電容器一個極板連接，金屬外殼與另一極板同時接地，從指針偏轉角度可以推知兩導體板間電勢差的大小．現在對電容器充完點后與電源斷開，然后將一塊電介質板插入兩導體板之間，則A.電容C增大，板間場強E減小，靜電計指針偏角減小B.電容C增大，板間場強E增大，靜電計指針偏角減小C.電容C增大，板間場強E增大，靜電計指針偏角增大D.電容C增大，板間場強E減小，靜電計指針偏角增大4、某電場的分布如圖所示，帶箭頭的實線為電場線，虛線為等勢面，A、B、C三點的電場強度分別為EA、EB、EC，電勢分別為、、，關于這三點的電場強度和電勢的關系，下列判斷中正確的是（）A.，B.，C.，D.，5、如圖是探究產生感應電流條件的裝置圖，現將電池組、滑動變阻器、帶鐵芯的線圈A、線圈B、電流計及開關如圖連接，在開關閉合、線圈A放在線圈B中的情況下，某同學發現當他將滑動變阻器的滑動端P向左加速滑動時，電流計指針向右偏轉。由此可以判斷。A.線圈A向上移動或滑動變阻器滑動端P向右加速滑動，都能引起電流計指針向左偏轉B.線圈A中鐵芯向上拔出或斷開開關，都能引起電流計指針向右偏轉C.滑動變阻器的滑動端P勻速向左或勻速向右滑動，都能使電流計指針靜止在中央D.因為線圈A、線圈B的繞線方向未知，故無法判斷電流計指針偏轉的方向6、如圖所示是某質點運動的速度-時間圖象，以下說法正確的是（）A.0~1s內的平均速度是2m/sB.0~4s內的位移大小是0C.0~1s內的加速度大小等于2~4s內的加速度大小D.0~1s內的運動方向與2~4s內的運動方向相同二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、遠距離輸電裝置如圖所示，升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器，當k由2改接為1時，下列說法正確的是（

）A.電壓表讀數增大B.電流表讀數增大C.電流表讀數減小D.輸電線上損失的功率減小8、如圖甲所示，兩平行金屬板MN、PQ的板長和板間距離相等，板間存在如圖乙所示的隨時間周期性變化的電場，電場方向與兩板垂直，不計重力的帶電粒子沿板間中線垂直電場方向源源不斷地射入電場，粒子射入電場時的初動能均為Ek0，已知t＝0時刻射入電場的粒子剛好沿上板右邊緣垂直電場方向射出電場．則A.所有粒子都不會打到兩極板上B.所有粒子最終都垂直電場方向射出電場C.運動過程中所有粒子的最大動能不可能超過2Ek0D.只有t＝(n＝0,1,2…)時刻射入電場的粒子才能垂直電場方向射出電場9、如圖所示，在xOy坐標系中以O為中心的橢圓上有a、b、c、d、e五個點，在焦點f處固定一正點電荷，則下列判斷正確的是()A.c、e兩點的電場強度相同B.a點的電勢比b點的電勢低C.一負電荷在d點時的電勢能大于在a點時的電勢能D.將一正電荷由e點沿eabc移到c點，所受電場力先做正功再做負功，但總功為零10、下列說法正確的是（）A.只有系統不受外力，這個系統才能動量守恒B.若小明用力推物體而沒推動，則推力產生的沖量不為零C.質量越大，物體動量一定越大D.豎直拋出的物體上升到一定高度后又落回拋出點，不計空氣阻力，則此過程中重力的沖量不為零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）地球質量大約是月球質量的81倍，一飛行器在地球和月球之間，當地球對它的引力和月球對它的引力相等時，這飛行器距地心距離與距月心距離之比為_____12．（12分）下列關于多用電表歐姆檔測電阻的說法中，正確的是（）A.測電路中某個電阻的阻值時，先要將該電阻與其它元件斷開B.測量電阻時，如果指針偏轉過大，應將選擇開關旋轉到倍率較大的檔位C.每次換測另一個電阻時，都必須重新歐姆調零D.測量完畢后，應將選擇開關旋轉到倍率最大的歐姆檔四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，勻強電場方向沿x軸的負方向，場強大小為E．在A（d，0）點有一個靜止的中性微粒，由于內部作用，某一時刻突然分裂成兩個質量均為m、速度等大反向的帶電微粒，其中電荷量為q的微粒1沿y軸負方向運動，經過一段時間到達B（0，-d）點．不計重力和分裂后兩微粒間的作用．試求：（1）當微粒1到達B點時，微粒1的速度；（2）當微粒1到達B點時，兩微粒間的距離14．（16分）如圖所示，ab=25cm，ad=20cm，匝數為50匝的矩形線圈。線圈總電阻r=1Ω，外電路電阻R=9Ω，磁感應強度B=0.4T，線圈繞垂直于磁感線的OO’軸以角速度50rad/s勻速轉動。求：(1)從此位置開始計時，它的感應電動勢的瞬時值表達式。(2)1min內R上消耗的電能。(3)線圈由如圖位置轉過30°的過程中，流過R的電量為多少？15．（12分）矩形線圈的邊長cm,cm,共有200匝，以300r/min的轉速在磁感強度為0.2T的勻強磁場中繞垂直于磁場方向的中心軸OO′勻速轉動,在時刻處于如圖所示位置（1）穿過線圈平面的最大磁通量（2）此線圈產生的感生電動勢最大值和有效值為（3）感電動勢瞬時值表達式

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】以小球為研究對象，對小球進行受力分析，故小球受到重力mg、繩的拉力F1、電場力F2三個力作用，根據平衡條件可知，拉力F1與電場力F2的合力必與重力mg等大反向。因為拉力F1的方向確定，F1與F2的合力等于mg確定，由矢量圖可知，當電場力F2垂直懸線時電場力F2=qE最小，故場強E也最小。由圖可知此時電場力qE=mgsin60°所以故B正確，ACD錯誤。2、A【解析】根據庫侖定律公式得：．接觸再分離后所帶電量各為Q，．故A正確，BCD錯誤．故選A考點：庫侖定律【名師點睛】解決本題的關鍵掌握庫侖定律的公式，知道兩球接觸帶電的原則是先中和再平分3、A【解析】在平行板電容器兩極板間插入電介質，根據電容的決定式C=，可知電容C增大，因切斷電源，則兩極板所帶電荷量Q一定，由電容的定義式C=Q/U得知，U減小，所以靜電計指針偏角減小，根據E=U/d知電場強度E減小，故A正確，BCD錯誤；故選A.【點睛】本題的解題關鍵是要掌握電容的決定式C=和電容的定義式C=Q/U，并抓住電容器的電量不變進行分析4、B【解析】電場線越密的位置電場強度越大，所以，根據沿電場強度方向電勢降低可知故ACD錯誤，B正確。故選B。5、B【解析】由題意可知當P向左加速滑動時，線圈A中的電流應越來越小，則其磁場減小，線圈B中產生了電流使指針向右偏轉；故可知當B中的磁通量減小時，電流表指向右偏；A.線圈A向上移動，回路磁通量減小，則電流表指向右偏，滑動變阻器滑動端P向右加速滑動，A所在回路電流增大，B中磁通量增大，電流表指向左偏，故A錯誤；B.線圈A中鐵芯向上拔出或斷開開關，導致B中磁通量減小，都能引起電流計指針向右偏轉，故B正確；C.滑動變阻器的滑動端P勻速向左或勻速向右滑動，均會改變A中電流大小，B中磁通量變化，產生感應電流，故C錯誤；D．根據以上分析可知，故D錯誤。故選B。6、D【解析】由于在0～1s內質點做勻變速直線運動所以可以根據勻變速直線運動的平均速度等于該段時間內的初末速度的算術平均值求解；根據速度圖象與時間軸圍成的面積求解該質點在某一段時間內發生的位移；圖象的斜率代表物體的加速度，而比較矢量的大小不用管方向，只看絕對值．速度的正負表示物體的運動方向【詳解】根據勻變速直線運動的平均速度公式可知0～1s內平均速度：，故A錯誤．0～4s內物體一直向正方向運動，位移大小不等于零，選項B錯誤；v-t線的斜率等于加速度，則0～1s內的加速度a1==2m/s2．2～4s內的加速度a2=-1m/s2，負號表示加速度方向與正方向方向相反，其加速度大小為1m/s2．所以0～1s內加速度的大小大于2s～4s內的加速度的大小．故C錯誤．由圖可知在物體運動的0～4s過程當中運動方向沒有改變，即0~1s內的運動方向與2~4s內的運動方向相同．故D正確．故選D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】k接到1后，升壓變壓器副線圈匝數增多，所以輸電電壓U2升高（U1：U2=n1：n2，n2增多），因輸出功率不變．所以輸電線電流減小，電流表的示數減小，輸電線上的電壓減小，所以最終降壓變壓器的輸出電壓變大，電壓表測路端電壓，示數變大，則AC正確，B錯誤；電流表示數減小，輸電線損失功率減小，故D正確【點睛】對于遠距離輸電問題，一定要明確整個過程中的功率、電壓關系，尤其注意導線上損失的電壓和功率與哪些因素有關8、ABC【解析】粒子在平行極板方向不受電場力，做勻速直線運動；t=0時刻射入電場的帶電粒子沿板間中線垂直電場方向射入電場，沿上板右邊緣垂直電場方向射出電場，豎直方向分速度變化量為零，根據動量定理，豎直方向電場力的沖量的矢量和為零【詳解】粒子在平行極板方向不受電場力，做勻速直線運動，故所有粒子的運動時間相同；t=0時刻射入電場的帶電粒子沿板間中線垂直電場方向射入電場，沿上板右邊緣垂直電場方向射出電場，說明豎直方向分速度變化量為零，根據動量定理，豎直方向電場力的沖量的矢量和為零，故運動時間為周期的整數倍，故所有粒子最終都垂直電場方向射出電場；由于t=0時刻射入的粒子始終做單向直線運動，該粒子豎直方向的分位移最大，該粒子恰好從上極板邊緣飛出，則其他粒子沒有達到上極板邊緣，故所有粒子最終都不會打到極板上，AB正確D錯誤；t=0時刻射入的粒子豎直方向的分位移最大，為，設豎直方向最大速度為vym，則根據分位移公式有，由于，故有，故有，C正確【點睛】本題關鍵根據正交分解法判斷粒子運動，明確所有粒子的運動時間相等，t=0時刻射入的粒子豎直方向的分位移最大，然后根據分運動公式列式求解9、BD【解析】由電場線的分布情況和對稱性可分析c、e兩點電場強度大小相等，但方向不同，所以電場強度不同，故A錯誤；點電荷的等勢面是以點電荷為圓心的等勢面，且離正電荷越遠，電勢越低，故a點的電勢比b點的電勢低，故B正確；點電荷的等勢面是以點電荷為圓心的等勢面，且離正電荷越遠，電勢越低，故a點的電勢比d點的電勢低；根據Ep=qφ，負電荷在d點時的電勢能小于在a點時的電勢能；故C錯誤；將一正電荷由e點沿eabc移到c點，由于是排斥力，所受靜電力先做正功再做負功；由于ec在同一等勢面上，故總功為零；故D正確；故選BD10、BD【解析】A．當系統不受外力或者合外力為零時，系統動量守恒，故A錯誤；B．根據沖量的定義可知小明用力推物體而沒推動，但推力和時間都不為零，故推力產生的沖量不為零，故B正確；C．根據可知物體的動量與物體的質量和速度都有關，所以質量越大，物體動量不一定越大，故C錯誤；D．由B選項分析可知物體從拋出到落回拋出點過程中重力和時間均不為零，故此過程中重力的沖量不為零，故D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、9：1【解析】設月球質量為M，地球質量就為81M．飛行器距地心距離為r1，飛行器距月心距離為r2．由于地球對它的引力和月球對它的引力相等，根據萬有引力定律得：，解得：12、A【解析】A．歐姆檔內部有電源，所以測電路中某個電阻的阻值時，先要將該電阻與其它元件斷開，A正確；B．測量電阻時，如果指針偏轉過大，說明待測電阻較小，需要更換倍率較小的檔位，B錯誤；C．每次換擋時，都必須重新歐姆調零，C錯誤；D．測量完畢后，應將選擇開關旋轉到“”檔或交流電壓最大值處，D錯誤。故選A。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)；(2)【解析】設微粒1分裂時的速度為v1，微粒2的速度為v2則有：在y方向上有d=v1t①在x方向上有②解得：由①②可知，微粒在B點時y軸