2025屆河南省名校聯盟物理高二第一學期期末學業質量監測模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，有一矩形線圈，面積為S，匝數為N，內阻為r，在勻強磁場中繞垂直磁感線的對稱軸以角速度勻速轉動，外接電阻為R,線圈從圖示位置轉過的過程中，下列說法正確的是A.通過電阻R的電荷量B.通過電阻R的電荷量C.電阻R上的熱功率D.從圖示位置開始計時，則感應電動勢隨時間變化的規律為2、某學校創建綠色校園，如圖甲為新裝一批節能路燈，該路燈通過光控開關實現自動控制：電燈的亮度可自動隨周圍環境的亮度改變而改變．如圖乙為其內部電路簡化原理圖，電源電動勢為E，內阻為r，Rt為光敏電阻（光照強度增加時，其電阻值減小）．現增加光照強度，則下列判斷正確的是：（）A.電源路端電壓不變B.B燈變暗，A燈也變暗C.R0兩端電壓變小D.電源總功率不變3、有一個電流表G，內阻Rg=10Ω滿偏電流Ig=3mA，要把它改裝成量程0～3V的電壓表，則（）A.要串聯一個阻值為990Ω的電阻 B.要并聯一個阻值為990Ω的電阻C.要串聯一個阻值為0.10Ω的電阻 D.要并聯一個阻值為0.10Ω的電阻4、如圖所示，兩根絕緣輕繩將兩個大小和材料均相同的帶正電小球(可視為質點)系于同一點，A球靠在絕緣墻壁上，B球保持靜止狀態．兩球所帶電荷量分別為qA=2q和qB=4q．現將B球與A球接觸后再次釋放，穩定后兩球均靜止，下列說法中正確的是（）A.B球的電荷量不變B.輕繩對B球的拉力變大C.A、B兩球間庫侖力減小D.A、B兩球間距離與原來兩球間距離的比值為5、如圖所示，一段不可伸長的輕質細繩長為L，一端固定在O點，另一端系一個質量為m的小球（可視為質點），保持細繩處于伸直狀態，把小球拉到跟O點登高的位置由靜止釋放，在小球擺到最低點的過程中，不計空氣阻力，重力加速度大小為g，則（）A.合力做功為零B.合力的沖量為零C.重力做的功為mgLD.重力的沖量為6、在磁感應強度為B的勻強磁場中有一個面積為S的閉合金屬線框abcd，如圖所示．開始時金屬線框與磁感線平行，當線框繞OO'軸轉動30°角時，穿過線框的磁通量為（）A.BS B.C. D.0二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在光滑水平面上有一個質量為m=1kg的小球，小球的一端與水平輕彈簧連接，另一端與不可伸長的輕繩相連，輕繩與豎直方向成θ=45°角，如圖所示．小球處于靜止狀態，且水平面對小球的彈力恰好為零，取g=10m/s2，則（）A.此時彈簧的彈力為10NB.剪斷彈簧瞬間，小球加速度的大小為10m/s2C.剪斷細繩的瞬間，小球受到的合力水平向左D.剪斷細繩的瞬間，小球加速度的大小為10m/s28、如圖所示，兩塊水平放置的平行正對的金屬板a、b分別與電池兩極相連，開始時開關S閉合，發現在距兩板距離相等的P點有一個帶電液滴處于靜止狀態，然后斷開開關，并將b板向下平移一小段距離，穩定后，下列說法中正確的是A.液滴將加速向下運動B.液滴將保持不動C.P點電勢升高，液滴在P點時電勢能減少D.P點電勢升高，液滴在P點時電勢能增大9、如圖所示，閉合開關，當滑動變阻器的滑片向左移動時A.小燈泡變亮B.電源的總功率變小C.電流表讀數變小，電壓表讀數變大D.電容器兩板間的電場強度變小10、如圖所示，不計質量的光滑小滑輪用細繩懸掛于墻上O點，跨過滑輪的細繩連接物塊A、B，A、B都處于靜止狀態，現將物塊B移至C點后，A、B仍保持靜止，下列說法中正確的（）A.B與水平面間的摩擦力增大B.地面對B的彈力增大C.懸于墻上的繩所受拉力不變D.A、B靜止時，圖中α、β、θ三角始終相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在探究平拋運動規律時，老師和同學們選用圖所示的裝置進行實驗．初始時，A球靜止在彈性金屬片的右側，B球被夾在金屬片的左側．用小錘打擊彈性金屬片后，A球和B球同時開始運動．實驗中，______（選填“A球”“B球”或“A、B兩球”）做拋體運動．老師用該實驗裝置完成了一次實驗，觀察到兩個小球同時落地，于是得出結論：平拋運動在豎直方向的分運動是自由落體運動．小明同學認為不夠嚴密，請你闡述小明的理由（寫出一條即可）_________________________________________________12．（12分）某種物質發射的三種射線如圖所示的磁場中分裂成①、②、③三束．那么在這三束射線中，帶正電的是_____，帶負電的是_____，不帶電的是_____四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在勻強電場中，將帶電荷量q＝－6×10－6C的負電荷從電場中的A點移到B點，克服電場力做了2.4×10－5J的功，再從B點移到C點，電場力做了1.2×10－5J的功．求：(1)A、B兩點間的電勢差UAB和B、C兩點間的電勢差UBC；(2)如果規定B點的電勢為零，則A點和C點的電勢分別為多少？(3)作出過B點的一條電場線(只保留作圖的痕跡，不寫做法)14．（16分）如圖所示帶有等量異種電荷相距10cm的平行板A和B之間有勻強電場，電場強度E為2×104V/m方向向下。電場中D點距A板2cm，C點距B板3cm。（已知電子電量1.6×10-19C）求：（1）D、C兩點的電勢差UDC，并說明哪一點電勢高；（2）把一個電子從D點移動到C點，靜電力做多少功？（3）如果使電子從D點先移到P點，再移到C點，靜電力做的功是否會發生變化？做了多少功？15．（12分）如圖甲所示，在水平面上固定有長為L=2m、寬為d=1m的金屬“U”型軌導，在“U”型導軌右側l=0.5m范圍內存在垂直紙面向里的勻強磁場，且磁感應強度隨時間變化規律如圖乙所示．在t=0時刻，質量為m=0.1kg的導體棒以v0=1m/s的初速度從導軌的左端開始向右運動，導體棒與導軌之間的動摩擦因數為μ=0.1，導軌與導體棒單位長度的電阻均為λ=0.1Ω/m，不計導體棒與導軌之間的接觸電阻及地球磁場的影響（取g=10m/s2）（1）通過計算分析4s內導體棒的運動情況；（2）計算4s內回路中電流的大小，并判斷電流方向；（3）計算4s內回路產生的焦耳熱

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】AB．求流過電阻的電量要用平均值：磁通量的變化量為通過電阻的電量為聯立解得故A錯誤，B正確；C．產生交流電的電壓有效值為電流為電阻R上的熱功率故C錯誤；D．從圖示位置開始計時，則感應電動勢隨時間變化的規律為故D錯誤。故選B。2、B【解析】光照增強時，Rt阻值變小，干路電流變大，內電壓變大，外電壓變小，故A燈變暗．由于，變大，變小，故變大．由于變大，變小，由，可知變小，故B燈變暗，綜上分析，B正確3、A【解析】把電流表改裝為電壓表，應串聯一個分壓電阻，串聯電阻阻值為：故A正確4、D【解析】A、兩個完全相同的小球接觸后帶電量平分，則兩個小球后來的帶電量：qA′＝qB′＝＝3q，B的帶電量減小．故A錯誤；若二者之間的距離不變，根據庫侖定律可知庫侖力增大，所以二者之間的距離必定增大．對B球受力分析，受重力、拉力T和庫侖力F，如圖所示：由圖可知，△ABO∽△BMN，根據平衡條件并結合相似三角形法，有：；由于AO與BO不變，小球的質量m不變，所以AB之間的距離增大時，繩子的拉力T不變；由上式可得：F=?AB；設開始時AB之間的即可為L，接觸后AB之間的距離為L′，則開始時：；后來平衡時：；又：F1＝?L，F2＝?L′；聯立可得：L′＝L，故BC錯誤．D正確；故選D5、C【解析】AC．小球在向下運動的過程中，受到重力和繩子的拉力，繩子的拉力始終與運動的方向垂直，所以只有重力做功，合外力做的功等于重力做的功，大小為mgL，故A錯誤，C正確；BD．由機械能守恒可得，小球在最低點的動能mv2=mgL解得速度由動量定理可得合力的沖量I合==mv?0=m故BD錯誤。故選C。6、B【解析】通過線圈的磁通量可以根據Φ＝BSsinθ進行求解，θ為線圈平面與磁場方向的夾角【詳解】當線圈繞OO′軸轉過30°時，Φ＝BSsinθ＝0.5BS【點睛】解決本題關鍵掌握磁通量的公式，知道當線圈平面與磁場平行時，磁通量為0，當線圈平面與磁場方向垂直時，磁通量最大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】考查彈力的突變和牛頓第二定律。【詳解】A．對小球受力分析：彈簧彈力：A錯誤；B．剪斷彈簧的瞬間，彈簧彈力突變為0，繩的拉力也突變為0，水平面對物體有向上的支持力，與重力平衡，合力等于0，加速度為0，B錯誤；C．剪斷細繩的瞬間，繩的拉力突變為0，物體有往下掉的趨勢，水平面對物體有向上的支持力，與重力等大反向，此時物體的合外力為彈簧彈力，水平向左，C正確；D．由牛頓第二定律：解得加速度，D正確。故選CD。8、BC【解析】A、B、液滴受力平衡，故電場力向上，可知液滴帶負電；電容器因斷開開關后電量保持不變，b板下移時，兩板間的距離增大，則由可知，場強E不變；則粒子受到的電場力不變，故液滴繼續保持靜止，故A錯誤、B正確.C、D、下極板接地，則P點的電勢等于P與b之間的電勢差，因E不變，d增大，故液滴處的電勢增大；因液滴帶負電，故其電勢能將減小，故C正確、D錯誤．故選BC【點睛】對于電容器的動態分析問題，關鍵在于明確電容器是斷開電源還是與電源相連；然后再由電容的定義式有決定式進行分析求解9、BC【解析】A．當滑動變阻器的滑片向左移動時，R的阻值變大，總電阻變大，總電流減小，則小燈泡變暗，選項A錯誤；B．根據P=IE可知，電源總功率減小，選項B正確；C．因總電流減小，則安培表讀數減小；電源內阻上電壓減小，則路端電壓變大，即電壓表讀數變大，選項C正確；D．因路端電壓變大，而燈泡兩端電壓減小，則R兩端電壓變大，即電容器兩端電壓變大，兩板間場強變大，選項D錯誤；故選BC.10、ABD【解析】AB．對物體A受力分析，受到重力和細繩的拉力，由于A處于靜止狀態，則根據平衡條件，拉力等于物體A的重力，當把物體B移至C點后，繩子與水平方向的夾角變小，但細繩的拉力仍等于A的重力，所以不變，對物體B受力分析，B受重力、支持力、拉力和靜摩擦力，如圖所示：根據共點力平衡條件，有由于角r變小，故B與水平面間的靜摩擦力變大，地面對B的彈力增大，故A、B正確；C．對滑輪受力分析，受繩子的拉力T以及懸于墻上的繩子的拉力F，由于繩子的拉力與A的重力相等，所以不變，但夾角變大，故其合力變小，所以墻上的繩子的拉力F也變小，故C錯誤；D．由于繩子的拉力相等，故合力在角平分線上，故α＝β，由圖可知，α、θ是同位角，由幾何關系可知α＝θ，故α＝β＝θ，故D正確。故選ABD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.A球；②.改變小球距地面的高度和打擊的力度，多次重復這個實驗【解析】探究平拋運動的規律中，實驗同時讓A球做平拋運動，B球做自由落體運動，若兩小球同時落地，則說明平拋運動豎直方向是自由落體運動，而不能說明A球水平方向的運動性質【詳解】用小錘打擊彈性金屬片，A球就水平飛出，同時B球被松開，由于B球僅受重力，初速度為零，做自由落體運動．兩球落到地面的時間相等，可知平拋運動在豎直方向上做自由落體運動，所以A球做了拋體運動，由于誤差的存在，所以應該多次測量來減小誤差，即改變小球距地面的高度和打擊的力度，多次重復這個實驗，觀看兩個球是否還能同時落地【點睛】本題屬于簡單基礎題目，實驗雖然簡單，但是很直觀的驗證了平拋運動在豎直方向上的運動規律．注意該實驗不能得出平拋運動在水平方向上的運動規律12、①.①②.③③.②【解析】由軌跡偏轉方向確定出洛倫茲力方向，由左手定則判斷粒子的電性解：由圖看出，①射線向左偏轉，受到的洛倫茲力向左，由左手定則判斷可知，①射線帶正電；②射線不偏轉，該射線不帶電；③向右偏轉，洛倫茲力向右，由左手定則判斷得知，該射線帶負電故答案為①③②【點評】本題考查左手定則的運用，注意應用左手定則時，四指指向負電荷運動的反方向四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明