2025屆廣西貴港市港南中學三文科班物理高二上期中質量檢測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、鋰電池因能量密度高、綠色環保而廣泛使用在手機等電子產品中．現用充電器為一手機鋰電池充電，等效電路如圖所示，充電器電源的輸出電壓為U，輸出電流為I，手機電池的內阻為r，下列說法正確的是(

)A．電能轉化為化學能的功率為UIB．充電器輸出的電功率為UI＋I2rC．電池產生的熱功率為I2rD．充電器的充電效率為2、如圖所示，一個驗電器用金屬網罩罩住，當加上水平向右的、場強大小為E的勻強電場時，下列說法正確的是（）A．驗電器的箔片張開B．金屬網罩內部空間存在向右的勻強電場C．金屬網罩上的感應電荷在金屬網罩內部空間產生的電場方向水平向左D．金屬網罩內外表面都存在感應電荷3、如圖所示，兩塊大小、形狀完全相同的金屬板正對著水平放置，構成一個平行板電容器．將兩金屬板分別與電源兩極相連，閉合開關S達到穩定后，在兩板間有一帶電液滴P恰好處于靜止狀態，下列判斷正確的是（）A．保持開關S閉合，增大兩極間的距離，液滴向上運動B．保持開關S閉合，增大兩板間的距離，液滴向下運動C．斷開開關S，減小兩板間的距離，液滴向上運動D．斷開開關S，減小兩板間的距離，液滴向下運動4、以下說法中正確的是（）A．正電荷周圍的電場強度一定比負電荷周圍的電場強度大B．電場強度大的地方電勢高，電場強度小的地方電勢低C．處于靜電平衡的導體，內部場強處處為零，導體的表面是等勢面D．標準電阻一般用電阻率隨溫度變化而顯著變化的金屬材料制作5、如圖所示，兩極板與電源相連接，電子從負極板邊沿垂直電場方向射入勻強電場，且恰好從正極板邊沿飛出，現在使電子入射速度變為原來的，而電子仍從原位置射入，且仍從正極板邊沿飛出，則兩極板的間距應變為原來的()A．4倍 B．2倍 C．倍 D．倍6、如圖所示，直線A為某電源的U-I圖線，曲線B為某小燈泡D1的U-I圖線的一部分，用該電源和小燈泡D1組成閉合電路時，燈泡D1恰好能正常發光，則下列說法中正確的是（）A．此電源的內阻約為0.67ΩB．燈泡D1的額定電壓為3V，額定功率為6WC．把燈泡D1換成“3V20W”的燈泡D2，電源的輸出功率將變小D．把D1和"3V20W”的燈泡D2并聯后接在電源上，兩燈泡仍能正常發光二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一根長為0.2m、電流為2A的通電導線,放在磁感應強度為0.5T的勻強磁場中,受到磁場力的大小可能是()A．0.4N B．0.3N C．0.2N D．08、在光滑地面上將一小鋼球水平彈出，小球碰到墻壁后沿原路徑反向彈回，圖是小球運動的位移﹣時間圖象，由此圖象可知（）A．小球在0﹣t1時間內做勻速運動B．小球在0﹣t2時間內做勻加速運動C．小球在t2時刻回到了出發點D．小球在t2時刻被墻壁反彈9、一個質量為m，電荷量為+q的小球以初速度v0水平拋出，在小球經過的豎直平面內，存在著若干個如圖所示的無電場區和有理想上下邊界的勻強電場區，兩區域相互間隔，豎直高度相等，電場區水平方向無限長．已知每一電場區的場強大小相等，方向豎直向上，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A．小球在水平方向一直做勻速直線運動B．若場強大小等于，則小球經過每一電場區的時間均相同C．若場強大小等于，則小球經過每一無電場區的時間均相同D．無論場強大小如何，小球通過所有無電場區的時間均相同10、鋰電池因能量密度高、綠色環保而廣泛使用在手機等電子產品中。現用充電器為一手機鋰電池充電，等效電路如圖所示，充電器的輸出電壓為U，輸出電流為I，手機鋰電池的內阻為r，下列說法正確的是A．鋰電池兩端的電壓為IrB．鋰電池產生的熱功率為I2rC．電能轉化為化學能的功率為UI-I2rD．充電器輸出的電功率為UI+I2r三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一個小燈泡的額定電壓為2.0V，額定電流約為0.5A，選用下列實驗器材進行實驗，并利用實驗數據描繪小燈泡的伏安特性曲線。A．電源E：電動勢為3.0V，內阻不計B．電壓表V1：量程為0～3V，內阻約為1kΩC．電壓表V2：量程為0～15V，內阻約為4kΩD．電流表A：量程為0～0.6A，內阻約為0.6ΩE．滑動變阻器R1：最大阻值為10Ω，額定電流為1.0AF．滑動變阻器R2：最大阻值為150Ω，額定電流為1.0AG．開關S，導線若干(1)實驗中使用的電壓表應選用_____；滑動變阻器應選用____（請填寫選項前對應的字母）。(2)實驗中某同學連接實驗電路如圖所示，請不要改動已連接的導線，在下面的實物連接圖中把還需要連接的導線補上_____。(3)根據實驗中測得的電壓表和電流表數據，已在下圖坐標紙上做出小燈泡的U-I圖線。請簡述該圖線不是直線的主要原因：_______________________。(4)若將實驗中的小燈泡接在電動勢為2.0V、內阻為4Ω的電源兩端，則小燈泡的實際功率約為________W（保留兩位有效數字）。12．（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中．除有一標有“3V1.8W”的小燈泡、電源、導線和開關外，還有電流表A(0～0.6A，內阻約為0.1)、電壓表V(0～3V，內阻約為4k)、滑動變阻器R(0～10，2A)。實驗要求保證器材的安全，燈泡兩端的電壓能從0開始連續調節，測量結果盡量準確。(1)為盡可能地減小誤差，實驗中采用電流表____________(選填“內接”或“外接")法，采用正確的方式測出的電阻值___________(選填“大于"“小于”或“等于")電阻的真實值。(2)設計并在方框中畫出一個合理的電路圖__________。(3)某同學根據電路圖連接實物圖時，并未連接完整，請用筆畫線代替導線完成實物圖的連接_________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在平面坐標系第一象限內有水平向左的勻強電場，電場強度為E，y軸與直線x=-d(d>0)區域之間有豎直向下的勻強電場，電場強度也為E，一個帶電量為+q的粒子(不計重力)從第一象限的S點由靜止釋放。(1)若S點坐標為(，)，求粒子通過x軸的位置坐標；(2)若S點坐標為(d，d)，求粒子通過x軸時的動能；(3)若粒子能通過x軸上的點坐標為(?3d，0)，求釋放S點的坐標(x，y)應滿足的條件。14．（16分）如圖所示，在絕緣水平面上相距為L的A、B兩點分別固定著等量正點電荷.O為AB連線的中點，C、D是AB連線上兩點，其中AC=CO=OD=DB=14L.一質量為m電量為+q的小滑塊（可視為質點）以初動能E從C點出發，沿直線AB向D運動，滑塊第一次經過O點時的動能為kE（k＞1），到達D點時動能恰好為零，小滑塊最終停在O點，（已知重力加速度為g（1）小滑塊與水平面之間的動摩擦因數μ.（2）OD兩點間的電勢差UOD.（3）小滑塊運動的總路程x.15．（12分）一個帶負電的粒子C在靜電場中由A點運動到B點。在這一過程中，除電場力外，其他力做功為J，粒子的動能增加了。取A點為零勢點，求：⑴此過程電場力所做的功；⑵A、B兩點間的電勢差；⑶B點的電勢。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

C．根據熱功率公式可得,電池產生的熱功率為，故C正確；B．由P=UI可知,充電器輸出的電功率為：P總=UI故B錯誤；A．電能轉化為化學能和熱能，根據能量守恒定律，有：故有：故A錯誤；D．充電器的充電效率為：故D錯誤；【點睛】電池的充電和放電過程是電能和化學能轉化的過程，給電池充電是將電能轉化為化學能儲存在電池內，根據能量守恒定律列式求解．2、C【解析】

AB．因為在金屬內部由于電子可以自由移動，當加上水平向右的、場強大小為E的勻強電場時，金屬網罩會產生一個與外加電場相反的電場，來抵消在金屬內部的電場，以保證平衡，從而金屬上電荷重新分布．就是所謂“靜電屏蔽”的原理．此時驗電器不會受到影響，故驗電器的箔片不張開，選項AB錯誤．C．由以上分析可知，金屬網罩上的感應電荷在金屬網罩內部空間產生的電場方向水平向左，選項C正確；D．由于靜電感應，則金屬網罩外表面存在感應電荷，內表面不存在感應電荷，選項D錯誤。3、A【解析】試題分析：保持開關S閉合，說明兩極板間的電壓不變，若減小兩極間的距離，則極板間的電場強度變大，電荷受到的電場力將增大，因為原來電荷處于靜止狀態，故電場對電荷的作用力是向上的，故液滴會向上運動，選項A正確；B錯誤；斷開開關S，說明極板上的電荷量不變，根據電容的定義式及決定式可知：C＝，故減小兩板間的距離，兩極板間的電場大小不變，液滴仍靜止，故選項CD均錯誤．考點：電容的定義式及決定式．【名師點晴】當電容與電源連接時，可以認為電容的兩端電壓是不變的，當電容與電源連接后又斷開開關，則說明電容極板上所帶的電荷量是不變的；由電容的定義式和決定式可知，電容間的電場強度E＝是不隨極板間距離的變化而變化的，故液滴受到的電場力就是不變的．4、C【解析】

A．正電荷周圍的電場線不一定有負電荷周圍的電場線密，所以正電荷周圍的電場強度不一定比負電荷周圍的電場強度大，A錯誤；B．沿電場線方向電勢降低，電勢高的地方電場線不一定密，電勢低的地方電場線不一定疏，所以電勢的高低和電場強度的大小無關，B錯誤；C．處于靜電平衡狀態的導體，在導體內部任意一點，感應電荷產生的附加電場的場強與電荷q產生的場強與大小相等，方向相反，內部的場強處處為零，C正確；D．標準電阻一般用電阻率幾乎不受溫度的影響的材料制成，D錯誤。5、B【解析】

對于帶電粒子以平行極板的速度從左側中央飛入勻強電場，恰能從右側擦極板邊緣飛出電場這個過程，假設粒子的帶電量e，質量為m，速度為v，極板的長度為L，極板的寬度為d，電場強度為E；由于粒子做類平拋運動，所以水平方向：L=vt；豎直方向：；因為E=U/d；所以；若速度變為原來的1/2倍，則仍從正極板邊沿飛出，則兩極板的間距應變為原來2倍，故選B．【點睛】根據題目所給的信息，找到粒子在豎直方向位移表達式，討論速度的變化對豎直方向的位移的影響即可解決本題．6、B【解析】

A.由圖讀出電源的電動勢為E=4V，圖線A的斜率大小表示電源的內阻，則故A錯誤；B.燈泡與電源連接時，A、B兩圖線的交點表示燈泡的工作狀態，則知其電壓U=3V，I=2A則燈泡D1的額定電壓為3V，功率為P=UI=6W故B正確；C.把燈泡D1換成“3V，20W”的燈泡D2，燈泡D1的電阻為=1.5把燈泡D1換成“3V，20W”的燈泡D2時，輸出電壓小于3V，燈泡D2的電阻小于0.45Ω，更接近電源的內阻，根據輸出功率與外電阻關系可知，電源的輸出功率將變大，故C錯誤；D.若把D1和“3V，20W”的燈泡D2并聯后接在電源上，那么外電路相當于兩個燈泡并聯，則電路總電阻減小，電流增大，內阻的電壓增大，則外電路電壓減小，因此燈泡不能正常發光二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

當通電導線與磁場垂直時，導線所受的磁場力最大，為當導線與磁場平行時，導線所受磁場力最小為零，則導線所受磁場力的范圍為0－0.2N，故CD正確。故選CD。8、AC【解析】

AB．小球在0﹣t1時間內位移隨時間均勻變化，所以小球做勻速運動，故A正確，B錯誤；C．由圖象可知：小球在t2時刻的位移為0，回到了出發點，故C正確；D．由圖象可知：在小球在t1時刻速度方向改變，故此時被墻壁彈回，故D錯誤。故選AC。9、AC【解析】

本題考查帶電物體（計重力）在勻強電場中的一般運動，將小球的運動沿著水平方向和豎直方向正交分解，其水平方向不受外力，做勻速直線運動，豎直方向在無電場區做勻加速運動，有電場區也做勻變速運動，但加速度不同，運用速度時間關系公式分析，可以得到小球在豎直方向的運動規律．【詳解】A．將小球的運動沿著水平方向和豎直方向正交分解水平方向不受外力，以v做勻速直線運動，故A正確；B．豎直方向，在無電場區只受重力，加速度為g，豎直向下，有電場區除重力外，還受到向上的恒定的電場力作用，加速度的大小和方向取決于合力的大小和方向當電場強度等于時，電場力等于mg，故在電場區小球所受的合力為零，在無電場區小球勻加速運動，故經過每個電場區，小球的速度均不等，因而小球經過每一無電場區的時間均不相等，故B錯誤；C．當電場強度等于時，電場力等于2mg，故在電場區小球所受的合力大小等于mg，方向豎直向上，加速度大小等于g，方向豎直向上，根據運動學公式，有：經過第一個無電場區y=gt12，v1=gt1，經過第一個電場區，y=v1t2-gt22，v2=v1-gt2，聯立解得t1=t2，v2=1．接下來小球的運動重復前面的過程，即每次通過無電場區都是自由落體運動，每次通過電場區都是末速度為零勻減速直線運動，故C正確；D．通過前面的分析可知，物體通過每個無電場區的初速度不一定相同，所以，通過電場的時間不同；故D錯誤．10、BC【解析】

A．充電過程中鋰電池兩端電壓為路端電壓，故A錯誤.B．根據熱功率公式可得，電池產生的熱功率為：故B正確C．電能轉化為化學能和熱能，根據能量守恒定律有：所以有：故C正確.D．由題意可知充電器輸出的電功率為：故D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BE實物連線圖如圖；燈絲電阻（率）隨溫度升高而增大【解析】

(1)[1][2].燈泡額定電壓是2V，則電壓表選B；為方便實驗操作，滑動變阻器應選E．(2)[3].燈泡正常發光時電阻，，，，則電流表采用外接法，由表中實驗數據可知，電壓與電流從零開始變化，則滑動變阻器應采用分壓接法，電路圖如圖所示；閉合開關前，滑片應置于左端．(3)[4].因燈泡電阻隨溫度的升高而增大，故圖象的斜率越來越大，所以圖象發生了彎曲；(4)[5].電源的電動勢為2V，內阻為4Ω，則電流與路端電壓的關系式為：U=E-Ir=2-4I；在上圖中作出電流與路端電壓的圖線，如圖所示；交點坐標即為小燈泡的實際電壓和電流，故功率為：P=UI=0.7×0.32=0.22W．12、（1）外接小于（2）如圖；（3）如圖；【解析】

根據燈泡與電表內阻的關系選擇連接方式，再根據歐姆定律分析．電壓與電流從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，然后連接實物電路圖；閉合開關前，分壓電路分得的電壓應為零．【詳解】（1）燈泡正常發光時電阻R==5Ω，燈泡電阻遠小于電壓表內阻，則電流表采用外接法，采用外接法時，通過燈泡實際電流小于電表讀數，根據歐姆定律R=U/I得測出的電阻值小于電阻的真實值.（2）電壓與電流從零開始變化，則滑動變阻器應采用分壓接法，電路圖如圖所示；

（3）根據電路圖連接實物圖：

【點睛】對電學實驗題目應明確：①根據待測電阻的額定電壓和額定電流來選擇電壓表和電流表的量程；②若電阻大小滿足時，電流表應用外接法，否則應用內接法；③當電路要求電流從零調時，變阻器應采用分壓式接法，應選擇全電阻小的變阻器以方便調節．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)（-d，0）(2)(3)，【解析】

粒子只受電場力作用；

（1）粒子在第一象限電場中做勻加速運動，由動能定理可得：故粒子進入第二象限時的速度位置為(0，d)；

粒子進入第二象限電場中，電場力和初速度方向垂直，故粒子做類平拋運動，假設粒子沒有出電場左邊界，則有：故在水平方向上的位移故粒子剛好到達電場左邊界，粒子通過x軸的坐標為（-d，0）；

（2）若S點坐標為（d，d），粒子在第一象限電場中做勻加速運動，由動能定理可得：故粒子進入第二象限時的速度位置為（0，d）；

那么，粒子在第二象限電場中的初速度增大，故運動時間減小，那么，粒子一定穿過了電場左邊界；粒子先