福建省福州市2023-2024學年高二上學期期中物理試卷

姓名：班級：考號：

題號——總分

評分

一'單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項符

合題目要求。

1.下面所列舉的物理學家及他們的貢獻，其中正確的是（）

A.元電荷最早由庫侖通過油滴實驗測出

B.牛頓通過扭秤實驗測定出了萬有引力恒量G

C.法拉第首先提出了電場的概念且采用了電場線描述電場

D.安培總結出了真空中兩個靜止點電荷之間的相互作用規律

2.為經典力學作出最重要貢獻的物理學家是（）

A.愛因斯坦B.麥克斯韋C.法拉第D.牛頓

3.下列說法中不正確的是（）

A.電子電荷量e的數值最早是由美國物理學家密立根用實驗測得的

B.電場線雖然是假想的一簇曲線或直線，但可以用實驗方法模擬出來

C.沿電場方向電場強度越來越小

D.電源電動勢是表征電源把其它形式的能化為電能本領的物理量，與是否接外電路無關

4.關于電場強度，下列說法正確的是（）

A.根據E=營可知，E與F成正比、與q成反比

q

B.公式E=g的含義為勻強電場的場強E的大小在數值匕等于這兩點間的電勢差與兩點沿場強方向的距離

a

之比

C.根據公式E=愕可得I?一0時，E一oo

D.以上說法都不對

5.如圖所示的各電場中，A、B兩點場強相同的是（）

1

c.D.A

6.關于靜電場的說法中正確的是（）

A.電場強度大的地方，電勢一定也高

B.電場強度處處相同的區域內，電勢一定也處處相同

C.電場強度的方向總是與等勢面垂直

D.電荷在等勢面上移動時不受電場力

二'多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的選項中有多想符合題目要

求，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。

7.如圖所示，可視為點電荷的小物塊A、B分別帶負電和正電，B固定，其正下方的A靜止在絕緣斜面上，

則A受力個數可能為（）

A.A可能受到2個力作用B.A可能受到3個力作用

C.A可能受到4個力作用D.A可能受到5個力作用

8.下列說法正確的是（）

A.以牛頓運動定律為基礎的經典力學沒有存在的價值

B.物理學的發展，使人們認識到經典力學有它的適用范圍

C.相對論和量子力學的出現是對經典力學的否定

D.經典力學對處理低速運動的宏觀物體具有相當高的正確性

9.關于電流，下列說法中正確的是（）

A.電流流向總是從高電勢流向低電勢

B.導體中的電流跟導體兩端電壓成正比，跟導體的電阻成反比

C.單位時間內通過導體截面的電量越多，導體中的電流越大

D.因為電流有方向，所以電流是矢量

10.若用E表示總電動勢，U表示外電壓，U，表示內電壓，R表示外電路總電阻，r表示內電阻，I表示總電流

強度，下列各關系式成立的是（）

A.U，=IRB.八籌C.E=U-IrD./=磊

三'實驗題：本題共5小題，共20分。把答案寫在答題卡中指定的答題處。

11.在測量金屬絲電阻率的實驗中，

2

(1)用螺旋測微器測量時，可以精確到mm,讀出圖1情況下的測量結果cm.

(2))已知電壓表內阻約3kC,電流表內阻約1。，若采用圖2-甲電路測量，則Rx的測量值比真實值

(填“偏大’或“偏小”).若Rx約為10C應采用(選“甲”或“乙”)的電路，誤差會比較小.

(3)某次測量時，電壓表和電流表的示數圖3所示，則電流表示數為A,電壓表示數為V.

12.某同學欲測一個未知電阻的阻值，可供選擇的儀器有：電流表A,量程有10mA和0.6A兩種；電壓表V,

量程有3V和15V兩種；電源電壓為4.5V.該同學先按如圖接好電路，閉合Si后，把開關S2撥至a時發現,

兩電表的指針偏轉都在滿偏的9處，再把S2撥至b時發現，其中電壓表的指針偏角幾乎不變，電流表的指針偏

轉到滿偏的則該同學在實驗中:

40

(2)所選電流表的量程為；

(3)為減小系統誤差，S2應接到(填“a”或"b”).

13.在圖示的電路中，電源的內電阻r=0.6d電阻Ri=4dR3=6Q,閉合開關后電源消耗的總功率為40W,

輸出功率為37.6W.求：

(1)電源電動勢E；

(2)電阻Rz的阻值.

14.勻強電場的場強E=5xlO4V/m,要使一個帶電為3xlO^C的正點電荷(不計重力)沿著與場強方向成60。

角的方向做直線運動，求所施加外力的最小值和方向如何？

15.如圖所示，R3=6Q,電源內阻r為1Q,當S合上且R2為2c時，規格為“4V,4W”的燈泡正常發光，求：

3

(1)通過電燈的電流I燈和電源電動勢E

(2)S斷開時，為使燈泡正常發光，R2的阻值應調到多少歐?

答案解析部分

1.【答案】C

【解析】【解答】解：A、元電荷最早由密里根通過油滴實驗測出，故A錯誤；

B、卡文迪許通過扭秤實驗測定出了萬有引力恒量G,故B錯誤；

C、法拉第首先提出了電場的概念且采用了電場線描述電場，故C正確；

D、庫侖總結出了真空中兩個靜止點電荷之間的相互作用規律，故D錯誤；

故選：C.

【分析】根據物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可.

2.【答案】D

【解析】【解答】A.愛因斯坦提出了光子說和相對論，A不符合題意；

B.麥克斯韋提出了電磁場理論和預言了電磁波得存在，B不符合題意；

C.法拉第在研究電磁現象領域作出重要貢獻，C不符合題意；

D.牛頓在研究力學領域提出三大定律和萬有引力定律，為經典力學作出最重要貢獻，D符合題意。

【分析】抓住物理學史和物理學常識中的科學家在相應領域得成就即可解決此類問題。

3.【答案】C

【解析】【解答】A.電子電荷量e的數值最早是由美國物理學家密立根用實驗測得的，A不符合題意；

B.人們為了形象描述電場而假想出了電場線，雖然實際上不存在，但可以用實驗方法模擬出來，B不符合題意；

C.沿電場線方向電勢降落得最快，與電場強度大小無關，C符合題意；

D.電源電動勢是表征電源把其它形式的能化為電能本領的物理量，與是否接外電路無關，D不符合題意。

【分析】利用好電場線、電場強度、電勢和電動勢的概念和特點，是解決本題的關鍵。

4.【答案】B

【解析】【解答】A.電場強度由電場本身決定，與放入其中的試探電荷所受的電場力F、電荷量q無關，公式E=￡

由比值定義法給出，該式提供了計算電場強度的一種方法，A不符合題意；

B.公式E=3中，U為沿電場線方向的兩點間的電勢差，d為這兩點的距離，兩者比在可在數值上求解電場強

度E大小，B符合題意；

C.公式E=§適用于點電荷電場，當r-0時，電荷不能看作點電荷，此公式不再成立，所以E-8不成立，

C不符合題意；

D.綜上所述，D不符合題意。

【分析】由電場強度僅于電場本身有關，可排除A選項，再根據公式E=芻、E=§的含義可求解BCD選項。

5.【答案】C

【解析】【解答】A.在點電荷產生的場強中，以場源電荷為圓心，處在同一個球面上的A、B兩點的場強大小相

等，但方向不等，A不符合題意；

B.以場源電荷為圓心，處在同一徑向上但半徑大小不相同的A、B兩點的場強方向相同，但大小不等，B不符

合題意；

C.平行板間的電場是勻強電場，任意兩點的場強大小和方向都相等，C符合題意；

D.A、B兩點的電場線疏密程度不一樣，所在位置切線方向也不一樣，因此大小和方向都不相同，D不符合題

屆、o

【分析】根據電場強度是矢量可知，只有大小和方向都相同才可以說是場強相同。

6.【答案】C

【解析】【解答】A.電場強度越大的地方電場線越密集，但電勢不一定越高，A不符合題意；

B.勻強電場中，沿著電場線方向電勢降低，但強度處處相同，B不符合題意；

C.電場強度的方向總是與等勢面垂直，C符合題意；

D.電荷在等勢面上移動時受電場力，但電場力不做功，D不符合題意。

【分析】電場強度與電勢沒有必然的關系；電場強度的方向總是與等勢面垂直。

7.【答案】A,C

【解析】【解答】A.小物塊A受到重力和B的吸引力，兩者方向相反，若大小相等，即滿足平衡條件，A可能

受到兩個力的作用，A符合題意；

C.當重力大于吸引力時，A與斜面相互擠壓而受到垂直與斜面向上的彈力，要滿足平衡條件，必須要有沿斜面

向上的靜摩擦力，A可能受到四個力的作用，C符合題意；

BD.受三個力或五個力的作用都無法滿足平衡條件，BD不符合題意。

【分析】以A為研究對象，對其進行受力分析和狀態分析，結合平衡條件可求解。

8.【答案】B,D

【解析】【解答】ABD.牛頓運動定律不適用于微觀高速運動問題，但能解決宏觀低速運動問題，且誤差微小到

可忽略不計，因此經典力學仍有其適用范圍，A不符合題意，BD符合題意；

C.相對論和量子力學適用于解決微觀高速運動問題，讓人們更加深刻而科學的認識自然規律，但沒有否定經典

力學，它們有各自適用的領域，C不符合題意。

【分析】經典力學可以解決宏觀低速運動問題，相對論和量子力學可以解決微觀高速運動問題，但不意味著對

經典力學的否定。

9.【答案】B,C

【解析】【解答】A.外電路中電流從高電勢流向低電勢，內電路中電流從低電勢流向高電勢，A不符合題意；

B.根據公式/=g可知導體中的電流跟導體兩端的電壓成正比，跟導體電阻成反比，B符合題意；

C.根據公式/=*單位時間內通過導體截面的電量越多，導體中的電流越大，C符合題意；

D.電流運算遵循代數加減法則，是標量，D不符合題意。

6

r分析】根據外電路中電流從高電勢流向低電勢；導體中的電流跟導體兩端的電壓成正比，跟導體電阻成反比；

電流定義式/=*；電流運算法則可求解。

10.【答案】B,D

【解析】【解答】A.根據部分電路歐姆定律有：內電壓U'=/r,A不符合題意；

BD.根據閉合電路歐姆定律有：干路電流/=擊，而外電壓(/=//?=整，BD符合題意；

R+rR+r

C.根據閉合電路歐姆定律有：電動勢E=U+U'=U+/r,C不符合題意；

【分析】根據部分電路歐姆定律和閉合電路歐姆定律相互求解。

11.【答案】(1)0.01；4.762

(2)偏小；甲

(3)0.70；11.8

【解析】【解答】(1)螺旋測微器可以精確到0.01加機由圖1可知，固定刻度讀數：4.5mm,可動刻度讀數：

26.2x0.01mm=0.262mm,則螺旋測微器示數：4.5mm+0.262mm=4J62mm.

(2)由圖2甲可知電壓表分流，電流表示數偏大，電壓表示數準確，測量結果比真實值偏小；由于鬲，

采用外接法誤差較小，選甲所示電路。

(3)電流表示數：0.70A,電壓表示數：1L8V.

【分析】(1)螺旋測微器的示數為固定刻度和可動刻度讀數之和，可精確到0.01如%；

(2)根據待測電阻和電表內阻的關系選定電流表的接法，進而選擇適當的電路；

(3)根據電表的量程和分度值讀出兩個電表的示數.

12.【答案】(1)3V

(2)0?10mA

(3)b

【解析】【解答】(1)如果選量程15V的電壓表，指針偏轉達到滿偏的削寸為12V,大于電源電動勢4.5V,因

此應選量程為3V的電壓表；

(2)由于電壓表兩次讀數幾乎不變，而電流表讀數變化較大，說明待測電阻阻值大且與電壓表相近，而通常

電壓表的阻值約為幾千歐姆，電源電動勢為4.5V,電流約為幾毫安而已，應選量程為10mA的電流表；

(3)由于待測阻值較大，采用電流表內接系統誤差更小.

【分析】(1)電源電動勢為4.5V,選量程15V的電壓表，指針偏轉達到滿偏的飄寸為12V,不符合題意，應

選量程為3V的電壓表；

(2)由于電壓表兩次讀數幾乎不變，而電流表讀數變化較大，可推斷出待測電阻阻值很大，電流很小，應選

量程為10mA的電流表.

(3)由于待測阻值較大，采用電流表內接系統誤差更小.

7

13?【答案】（1）解：電源內電路發熱功率：Pr=I2r=(40-37.6)W=2.4W

則電路電流強度/=哲=思=24

電源總功率：P=IE=40W

解得名=竽=20IZ

答：電源電動勢E為20V；

（2）解：外電路總電阻R滿足：E=IR+Ir,得R=9.4Q

R—R13+R2

其中：

%危4x6

解得R2=7d

答：電阻R2的阻值為70.

【解析】【分析】（1）根據電源消耗的總功率等于電源內阻消耗的熱功率與輸出功率之和的關系，結合電源熱功

率公式P『=I2r可求干路電流，再利用總功率P=IE即可求解電動勢大小；

（2）根據閉合電路歐姆定律先求電路總電阻，總電阻減去并聯部分電阻即可求得

14.【答案】解：F『qE

為使物體做直線運動，需將垂直運動方向上的力平衡，如圖所示：外力最小時大小應等于分力R：

F=F電sin600=qEsin60°=3xl015x5xl04x孚=1.3xlO」°N

方向：垂直運動方向與電場方向成