2025屆河北省饒陽中學高二物理第一學期期中綜合測試試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，電場中a、b、c三點，ab=bc，則把點電荷+q從a點經b移到c的過程中，電場力做功的大小關系有（）A．Wab＞Wbc B．Wab=Wbc C．Wab＜Wbc D．無法比較2、如圖所示的電路中，AB支路由帶鐵芯的線圈和電流表A1串聯而成，流過的電流為I1，CD支路由電阻R和電流表A2串聯而成，流過的電流為I2，已知這兩支路的電阻值相同，則在接通S和斷開S的時候，觀察到的現象是()A．接通S的瞬間I1<I2，斷開的瞬間I1>I2B．接通S的瞬間I1<I2，斷開的瞬間I1=I2C．接通S的瞬間I1=I2，斷開的瞬間I1<I2D．接通S的瞬間I1>I2，斷開的瞬間I1=I23、地球靜止軌道衛星和中軌道衛星都在圓軌道上運行，它們距地面的高度分別為h1和h2，且h1＞h2。則下列說法中正確的是A．靜止軌道衛星的周期比中軌道衛星的周期大B．靜止軌道衛星的線速度比中軌道衛星的線速度大C．靜止軌道衛星的角速度比中軌道衛星的角速度大D．靜止軌道衛星的向心加速度比中軌道衛星的向心加速度大4、如圖中分別標明了通電直導線中電流I、勻強磁場的磁感應強度B和電流所受安培力F的方向，其中正確的是（

）A． B．C． D．5、如圖所示，一電場的電場線分布關于y軸(沿豎直方向)對稱，O、M、N是y軸上的三個點，且OM＝MN.P點在y軸右側，MP⊥ON.則()A．M點的電勢比P點的電勢高B．將負電荷由O點移動到P點，電場力做正功C．M、N兩點間的電勢差大于O、M兩點間的電勢差D．在O點靜止釋放一帶正電粒子，該粒子將沿y軸做直線運動6、下列說法正確的是()A．元電荷是最小的帶電體B．電動勢既有大小又有方向，因此是矢量C．電勢降低的方向就是電場線方向D．在金屬導體中，電流的方向與自由電子定向移動的方向相反二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、圖是某物體在水平地面上沿直線運動的v-t圖像，在0~4s內（）A．物體的初速度為0B．物體做勻減速直線運動C．2s末物體的速度為1m/sD．物體的加速度方向與速度方向相同8、如圖所示的電路，R1、R2是兩個定值電阻，R′是滑動變阻器，R3為小燈泡，電源內阻為r．開關閉合后，當滑動變阻器觸頭P向上移動時（）A．電壓表示數變大B．小燈泡亮度變大C．電容器充電D．電源的總功率變大9、如圖所示的電路中，R1=1Ω，R2=6Ω，電源內阻r=1Ω，若開關閉合后，銘牌上標有“6V12W”的電動機剛好正常工作，則()A．流過電動機的電流為6AB．流過R2上的電流為1AC．電源電動勢E=12VD．若電動機線圈電阻為0.5Ω，則電動機輸出功率為7.5W10、P1、P2為相距遙遠的兩顆行星，距各自表面相同高度處各有一顆衛星s1、s2做勻速圓周運動，圖中縱坐標表示行星對周圍空間各處物體的引力產生的加速度a，橫坐標表示物體到行星中心的距離r的平方，兩條曲線分別表示P1、P2周圍的A．P1的平均密度比PB．P1的第一宇宙速度比PC．s1的向心加速度比sD．s1的公轉周期比s三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）(1)用游標卡尺測一工件外徑的讀數如圖(1)所示，讀數為_________mm．(2)用螺旋測微器測一圓形工件長度的讀數如圖(2)所示，讀數為______mm．12．（12分）用伏安法測定一個待測電阻Rx的阻值(阻值約為200Ω)，實驗室提供如下器材：電池組E：電動勢3V，內阻不計；電流表A1：量程0～15mA，內阻約為100Ω；電流表A2：量程0～300μA，內阻為1000Ω；滑動變阻器R1：阻值范圍0～20Ω，額定電流2A；電阻箱R2：阻值范圍0～9999Ω，額定電流1A；開關S、導線若干．要求實驗中盡可能準確地測量Rx的阻值，請回答下列問題：(1)為了測量待測電阻兩端的電壓，可以將電流表______(填寫器材代號)與電阻箱串聯，并將電阻箱阻值調到________Ω，這樣可以改裝成一個量程為3.0V的電壓表．(2)在圖中畫完整測量Rx阻值的電路圖，并在圖中標明器材代號___________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，矩形區域以對角線abcd為邊界分為上、下兩個區域，對角線上方區域存在豎直向下的勻強電場，對角線下方區域存在垂直紙面向外的勻強磁場。質量為m、帶電量為+q的粒子以速度從a點沿邊界ab進入電場，恰好從對角線ac的中點O進入磁場，并恰好未從邊界cd射出。已知ab邊長為2L，bc邊長為，粒子重力不計，求：(1)電場強度E的大小；(2)磁感應強度B的大小。14．（16分）如圖，以豎直向上為y軸正方向建立直角坐標系；該真空中存在方向沿x軸正向、場強為E的勻強電場和方向垂直xoy平面向外、磁感應強度為B的勻強磁場；原點O處的離子源連續不斷地發射速度大小和方向一定、質量為m、電荷量為-q（q>0）的粒子束，粒子恰能在xoy平面內做直線運動，重力加速度為g,不計粒子間的相互作用；（1）求粒子運動到距x軸為h所用的時間；（2）若在粒子束運動過程中，突然將電場變為豎直向下、場強大小變為，求從O點射出的所有粒子第一次打在x軸上的坐標范圍（不考慮電場變化產生的影響）；（3）若保持EB初始狀態不變，僅將粒子束的初速度變為原來的2倍，求運動過程中，粒子速度大小等于初速度λ倍（0<λ<2）的點所在的直線方程.15．（12分）在勻強電場中如圖所示分布著A、B、C三點，當把一個電量q=10﹣5C的正電荷從A沿AB線移到B點時，電場力做的功為零；從B移到C時，電場力做功為﹣1.73×10﹣3J，試判斷該電場的方向，算出場強的大?。?/p>

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

電場線疏密表示場強的大小，由圖象知從左到右場強逐漸增大，電場力做功W=qU=qEd，ab=bc所以Wab＜Wbc，故C正確．2、B【解析】接通S的瞬間線圈產生電磁感應現象阻礙電流增加，會使得線圈這條支路電流較小I1<I2，斷開的瞬間線圈阻礙原電流減小和電阻R構成通路即I1=12，選B3、A【解析】

地球靜止軌道衛星和中軌道衛星都在圓軌道上運行，它們距地面的高度分別為h1和h2，且h1＞h2，則地球靜止軌道衛星的軌道半徑比中軌道衛星大，根據萬有引力提供向心力得，解得：T＝2π，地球靜止軌道衛星的軌道半徑比中軌道衛星大，則靜止軌道衛星的周期比中軌道衛星的周期大，故A正確；，地球靜止軌道衛星的軌道半徑比中軌道衛星大，所以靜止軌道衛星的線速度大小小于中軌道衛星的線速度大小，故B錯誤；，地球靜止軌道衛星的軌道半徑比中軌道衛星大，靜止軌道衛星的角速度比中軌道衛星的角速度小，故C錯誤；，地球靜止軌道衛星的軌道半徑比中軌道衛星大，靜止軌道衛星的向心加速度比中軌道衛星的向心加速度小，故D錯誤。故選A?！军c睛】解決本題的關鍵掌握萬有引力提供向心力，會根據軌道半徑的關系比較向心加速度、線速度和周期．4、A【解析】

直接根據左手定則判斷受力即可．【詳解】根據左手定則，四指指向電流方向，磁場垂直手心過，拇指所指的方向即為通電導線受力的方向，故C對；ABD錯；故選C5、AD【解析】試題分析：過M、P、N做等勢線，可得到過P點的等勢線通過M、N之間，因順著電場線電勢降低，則有φM＞φP＞φN，故A正確．將負電荷由O點移到P點，因UOP＞0，所以W=-qUOP＜0，則負電荷電場力做負功，故B錯誤；由U=Ed可知，MN間的平均場強小于OM間的平均場強，故MN兩點間的電勢差小于OM兩點間的電勢差，C錯誤；根據電場線的分布特點會發現，電場線關于y軸兩邊對稱，故y軸上的場強方向在y軸上，所以在O點靜止釋放一帶正電粒子，其所受電場力沿y軸正方向，則該粒子將沿y軸做直線運動，故D正確；故選AD．考點：電場線；電勢及電勢能【名師點睛】電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，電場力做正功，電勢能減小，電場力做負功，電勢能增加。6、D【解析】元電荷是與電子的電荷量數值相等的電荷量，但不是電子、質子，也不是帶電荷量最小的帶電粒子．故A錯誤．電動勢沒有方向，是標量．故B錯誤；電場線的方向電勢降低的最快的方向，不能說電勢降低的方向就是電場線方向．故C錯誤；物理學中規定正電荷移動的方向與電流的方向相同，金屬中做定向移動的是電子，而電子帶負電，所以金屬導體中，電流的方向與電子定向移動的方向相反．故D正確．故選D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

由圖可知，物體的初速度為2m/s，選項A錯誤；物體做勻減速直線運動，物體的加速度方向與速度方向相反，選項B正確，D錯誤；2s末物體的速度為1m/s，選項C正確；故選BC.【點睛】此題關鍵是理解速度時間圖像的物理意義，橫坐標表示時刻，縱坐標表示速度；斜率等于加速度.8、AC【解析】

閉合開關后，當滑動變阻器觸頭P向上移動時，增大，外電路總電阻增大，干路中電流減小，則小燈泡亮度變小．電源的內電壓減小，路端電壓增大，則電壓表的示數變大，故AB錯誤；電路穩定時電容器的電壓等于、串聯總電壓，根據串聯電路電壓分配規律可知，增大，電容器的電壓增大，則電容器充電，故C正確；電源的總功率為，干路電流I減小，則電源的總功率變小，故D錯誤．【點睛】本題按“部分→整體→部分”的思路進行動態變化分析．對于電壓表的示數，可以直接根據路端電壓隨外電阻而增大的結論進行分析．根據串聯電路電壓與電阻成正比的特點，分析各部分電壓的變化，比較簡便．9、BC【解析】試題分析：閉合開關電動機正常工作，則電動機與R2兩端電壓為6V，流過電動機的電流由＝2A，A錯誤；電動機的輸入功率為12W，電動機線圈消耗的功率為P內＝，則電動機的輸出功率為10W，D錯誤；由知流過R2的電流為1A，B正確；通過以上分析知流過電路的總電流為3A，由知，R1兩端電壓為3V，內阻兩端電壓為3V，由閉合電路歐姆定律知，電源電動勢為12V，C正確．考點：本題考查非純電阻電路計算．10、AC【解析】由圖可知，兩行星的球體半徑相同，對行星周圍空間各處物體來說，萬有引力提供加速度，故有，故可知P1的質量比P2的大，即P1的平均密度比P2的大，所以選項A正確；由圖可知，P1表面的重力加速比P2的大，由可知，P1的第一宇宙速度比P2的大，所以選項B錯誤；對衛星而言，萬有引力提供向心加速度，即，故可知，s1的向心加速度比s2考點：天體與萬有引力定律三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、10.504.600【解析】

(1)[1]游標卡尺的主尺讀數為：1cm=10mm，游標尺上第10個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為0.05×10mm=0.50mm，所以最終讀數為：10mm+0.50mm=10.50mm；(2)[2]螺旋測微器的固定刻度為4.5mm，可動刻度為0.01×10.0mm=0.100mm，所以最終讀數為4.600mm．12、A29000電路如圖:【解析】

（1）為了測量待測電阻兩端的電壓，可以將電流表A2與電阻箱串聯組成電壓表；改裝后電壓表量程是3V，則電阻箱阻值為：R=U-Igr2Ig=3-300×10-6×100300×10【點睛】要會把電流表改裝成電壓表，會求改裝電壓表時串聯電阻的阻值；確定滑動變阻器的接法與電流表接法是設計實驗電路圖的關鍵。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)【解析】

(1)從a點入射的粒子在電場區域內做類平拋運動，則有：聯立解得：；(2)設粒子進入磁場時速度大小為，速度方向與水平方向成角，則有：粒子進入磁場后恰好不從邊界cd射出，其軌跡恰與邊界cd相切，如圖所示：設圓周運動的半徑為R，由幾何關系可得：由牛頓第二定律得：聯立解得：14、（1）(2)（3）【解析】（1）粒子恰能在xoy平面內做直線運動，則粒子在垂直速度方向上所受合外力一定為零，又有電場力和重力為恒力，其在垂直速度方向上的分量不變，而要保證該方向上合外力為零，則洛倫茲力大小不變，因為洛倫茲力，所以受到大小不變，即粒子做勻速直線運動，重力、電場力和磁場力三個力的合力為零，設重力與電場力合力與-y軸夾角為θ，粒子受力如圖所示