PAGE28-浙江省衢州、湖州、麗水三地市2025屆高三物理下學期4月教學質量檢測試題（含解析）一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列物理量屬于標量，且單位屬于國際單位制導出單位的是（）A.位移、m B.電壓、V C.電流、A D.力、N【答案】B【解析】【詳解】A．位移不屬于標量，是矢量，但是其單位屬于國際單位制中的基本單位，故A錯誤；B．電壓屬于標量，其單位屬于國際單位制導出單位，故B正確；C．電流屬于標量，但是其單位屬于國際單位制中的基本單位，故C錯誤；D．力不屬于標量，是矢量，其單位屬于國際單位制導出單位，故D錯誤。故選B。2.在2024年的春節晚會上，雜技《綻放》表演了花樣飛天，如圖是女演員舉起男演員的一個場景，兩位雜技演員處于靜止狀態。下列說法正確的是（）A.水平地面對女演員的支持力等于兩演員的重力之和B.水平地面對女演員的摩擦力水平向右C.女演員對男演員的作用力大于男演員對女演員的作用力D.女演員對男演員的作用力小于男演員對女演員的作用力【答案】A【解析】【詳解】AB．由題可知，男女演員處于靜止狀態，二者與地面之間沒有相對運動的趨勢，即地面對女演員沒有摩擦力作用，故二者整體受到重力和地面對其的支持力作用，依據平衡條件可知，水平地面對女演員的支持力等于兩演員的重力之和，故A正確，B錯誤；CD．女演員對男演員的作用力與男演員對女演員的作用力是一對相互作用力，依據牛頓第三定律可知，二者大小相等、方向相反，故CD錯誤。故選A。3.如圖所示，甲、乙兩車在水平面同心圓弧道路上轉彎，甲行駛在內側，乙行駛在外側，它們轉彎時線速度大小相等，則兩車在轉彎時，下列說法正確的是（）A.角速度：B.向心加速度：C.向心力：D.地面對車的摩擦力：【答案】B【解析】【詳解】A．由于題中已知二者線速度大小相等，即，而且由于依據可知二者角速度大小關系為：故A錯誤；B．依據公式可知二者向心加速度大小關系為：故B正確；C．由于甲、乙兩輛車的質量大小關系未知，則依據向心力公式無法推斷出二者向心力的大小關系，故C錯誤；D．由于在水平路面上做勻速圓周運動，靜摩擦力供應向心力，由于向心力大小無法推斷，故二者的摩擦力大小關系也是無法推斷的，故D錯誤。故選B。4.如圖所示，網球發球機水平放置在距地面某處，正對著豎直墻面放射網球，兩次放射網球分別在墻上留下A、B兩點印跡。測得。OP為水平線，若忽視網球在空中受到的阻力，則下列說法正確的是（）A.兩球放射的初速度：B.兩球遇到墻面前運動的時間：C.兩球遇到墻面時的動量可能相同D.兩球遇到墻面時的動能可能相等【答案】D【解析】【詳解】AB．設，忽視空氣阻力，則做平拋運動，豎直方向：整理可以得到：水平方向為勻速運動，而且水平位移大小相等，則：整理可以得到：故AB錯誤；C．動量為矢量，由圖可知，二者與墻碰撞時其速度方向不相同，故二者遇到墻面時的動量不行能相同，故C錯誤；D．設兩球的質量相等，均為，從拋出到與墻碰撞，依據動能定理有：整理可以得到：由于、以及初速度的大小等詳細數據未知，可能存在，故D正確。故選D。5.北斗系統空間段由若干地球靜止軌道衛星、傾斜地球同步軌道衛星和中圓地球軌道衛星組成。如圖所示，地球靜止軌道衛星A與傾斜地球同步軌道衛星B距地面高度均約為36000km，中圓軌道衛星距地面高度約為21500km。下列說法正確的是（）A.A與B運行的周期相同B.A與B受到的向心力肯定相同C.B比C運行的線速度大D.B比C運行的角速度大【答案】A【解析】【詳解】A．衛星繞地球做勻速圓周運動，則萬有引力供應向心力，即：可以得到：可知，半徑相等，則周期相等，故A正確；B．由于向心力萬有引力供應，即：由于A、B的半徑相等，但是二者的質量關系未知，則可知二者的向心力不肯定相同，故B錯誤；CD．衛星繞地球做勻速圓周運動，則萬有引力供應向心力，即：可以得到：由于B的半徑大于C的軌道半徑，則可知：故CD錯誤。故選A。6.如圖所示，在真空環境中將帶電導體球M靠近不帶電的導體N，若沿虛線1將N導體分成左右兩部分，這兩部分所帶電荷量分別為、；若沿虛線2將導體N分成左右兩部分，這兩部分所帶電荷量分別為、。a、b為N導體表面兩點，和分別表示a、b兩點電場強度大小和電勢大小，下列說法正確的是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【詳解】AB．由題意可知，靜電感應現象，使得導體的左側帶負電，右側帶正電，依據電荷守恒可知，右側部分轉移的電子數目和左側部分多余的電子數目是相同的，因此無論從哪一條虛線切開，兩部分的電荷量總是相等的，導體整體不帶電，所以有：都等于0，故A錯誤，B正確；CD．達到靜電平衡的導體內部的場強到處為0，導體整體是等勢體，即：故CD錯誤。故選B。7.小明家安裝一路專線為額定功率1.5kW的空調供電，用去的銅導線長50m，橫截面積2.5mm2，已知銅的電阻率為1.7×10-8，假如空調能夠正常工作，這段導線上損失的電壓最接近（）A.1.2V B.2.3V C.12V D.23V【答案】B【解析】【詳解】由得工作電流為：依據電阻定律得到導線的電阻為：則正常工作時在這段導線上損失的電壓為：故B正確，ACD錯誤。故選B。8.核電池可通過半導體換能器，將放射性同位素衰變過程釋放的能量轉變為電能。一靜止的衰變為鈾核和新粒子，并釋放出光子。已知、的質量分別為，下列說法正確的是（）A.239Pu的衰變方程為B.核反應過程中的質量虧損為C.核反應過程中的釋放的核能為D.釋放的核能轉變為動能、新粒子動能和光子能量【答案】D【解析】【詳解】A.依據質量數守恒與電荷數守恒可知，的衰變方程為，故A錯誤；B.此核反應過程中的質量虧損等于反應前后質量的差，則為：故B錯誤；C.依據質能方程可知，釋放的核能為：釋放的核能轉變為動能、新粒子（粒子）動能和光子能量，故C錯誤，D正確。故選D。9.如圖所示，光滑絕緣水平面上有兩條固定導線ab、cd相互垂直彼此絕緣，在角平分線上，對稱固定著四個相同的圓形金屬線圈。某段時間內兩導線均通以由零勻稱增加到某個值的電流，在這段時間內1、3線圈不受安培力，2、4線圈中電流方向分別為順時針和逆時針，且受到指向各自圓心的安培力作用，則兩導線的電流方向為（）A.a→b、c→dB.a→b、d→cC.b→a、c→dD.b→a、d→c【答案】A【解析】【詳解】由題，在導線電流漸漸增大的狀況下，1、3線圈不受安培力，不產生感應電流，說明1、3象限合磁場始終為零，2線圈產生順時針感應電流，說明2象限中磁場垂直紙面對外，4線圈產生逆時針感應電流，說明4象限中磁場垂直紙面對里，同時當電流增大時，2與4內的磁通量都增大，依據楞次定律可知，產生的感應電流都會阻礙磁通量的增大，所以2、4線圈沿著對角線向外運動，即受到指向各自圓心的安培力作用，綜上所述，依據安培定則可判A正確，BCD錯誤。故選A。10.小明同學利用插針法測量半圓柱形玻璃磚的折射率，他在白紙上作始終線MN以及它的垂線AB，將玻璃磚（底邊圓心為O）的底邊與直線MN對齊，在垂線AB上插兩枚大頭針P1和P2，如圖所示。試驗時，小明在半圓柱形玻璃磚右側區域內視察，均無法透過半圓柱形玻璃磚同時看到P1、P2的像。為了同時看到P1、P2的像。下列說法正確的是（）A.半圓柱形玻璃磚沿MN向M平移適當距離B.半圓柱形玻璃磚沿MN向N平移適當距離C.半圓柱形玻璃磚平行MN向左平移適當距離D.半圓柱形玻璃磚平行MN向右平移適當距離【答案】A【解析】【詳解】光線垂直于界面進入半圓柱形玻璃磚后，到達圓弧面上的入射角大于臨界角，發生全反射現象，光不能從圓弧面折射出來，要使光能從圓弧面折射出來，則須要向上移動半圓柱形玻璃磚，即將半圓柱形玻璃磚沿MN向M平移適當距離，使到達圓弧面上光線的入射角小于臨界角則可以射出，如圖所示：故選項A正確，BCD錯誤。故選A。11.變壓器的副線圈匝數可調，R0為輸電線電阻。滑動觸頭P處于如圖所示時，用戶的用電器恰好正常工作。當用電器增多時，下列說法正確的是（）A.原線圈中的電流減小B.副線圈兩端的電壓減小C用電器增多時，只需使滑動觸頭P向上滑，用電器仍能正常工作D.用電器增多時，只需減小電源的輸出電壓，用電器仍能正常工作【答案】C【解析】【詳解】A．當用電器增加時，總電阻減小，副線圈電流增大，依據原、副線圈電流之比等于匝數的反比可知，原線圈的電流也增大，故A錯誤；B．原、副線圈電壓之比等于匝數之比，當用電器增加時，不影響副線圈兩端電壓，即副線圈的兩端電壓不變，故B錯誤；C．當用電器增加時，總電阻減小，副線圈電流增大，通過的電流增大，所占的電壓也增大，要運用電器仍能正常工作，用電器兩端電壓不能發生改變，所以副線圈兩端電壓要變大，而原線圈兩端電壓不變，則應使滑動觸頭P向上滑動，增加副線圈匝數即可，故C正確；D．若減小電源的輸出電壓，在匝數比不變的狀況下，則副線圈兩端電壓減小，則導致用電器仍不能正常工作，故D錯誤。故選C。12.如圖所示，單刀雙擲開關S先置于a端。當t=0時刻開關S置于b端，若LC振蕩電路的周期T=0.04s。下列說法正確的是（）A.t=0.01s時回路中的電流順時針方向達到最大值B.t=0.02s時電感線圈中的自感電動勢值最小C.t=0.01s~0.02s時間內，電容器極板間電場方向豎直向上且漸漸增大D.t=0.04s~0.05s時間內，線圈中的磁場能漸漸減小【答案】C【解析】【詳解】A．當開關S置于b端時，電容器起先放電，電容器上極板帶正電，當時回路中的電流逆時針方向達到最大值，故A錯誤；B．當時為電流逆時針電容器充電結束時，該時刻電流改變最快，自感電動勢最大，故B錯誤；C．在時間內，為給電容器充電，電容器下極板帶正電，在時刻充電結束，電容器帶電量最大，所以在這段時間內電容器極板間電場方向豎直向上且漸漸增大，故C正確；D．依據周期性可知，在時間內與時間內相同，為電容器放電過程，電場能漸漸減小而磁場能量漸漸增大的過程，故D錯誤。故選C。13.如圖所示，內壁光滑粗細勻稱的玻璃管豎直固定，在玻璃管內有大小和質量均相等的A、B、C三只小球，A、B小球之間用輕質絕緣彈簧連接，C小球置于玻璃管底部。當A、B、C小球均處于靜止時，A、B小球之間距離與B、C小球之間距離相等，已知A、B兩只小球帶電荷量均為q（q>0），C小球帶電荷量為Q（Q>0），小球直徑略小于玻璃管內徑，它們之間距離遠大于小球直徑，則（）A.若，彈簧對小球A為向上的彈力B.若，彈簧對小球A為向上的彈力C.若，彈簧對小球B為向上的彈力D.若，彈簧對小球B為向下的彈力【答案】A【解析】【詳解】設A、B的質量為，AB與BC之間的距離為，假設當彈簧處于壓縮狀態時，此時A球受到向上的彈力，依據平衡條件對A列出平衡方程：對A球：對A、B兩球整體分析：若假設成立則：聯立可以得到：AC．若，此時彈簧對小球A的彈力方向向上，對小球B的彈力方向向下，故A正確，C錯誤；BD．若，此時彈簧對小球A的彈力方向向下，對小球B的彈力方向向上，故BD錯誤。故選A。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題，共6分，每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得，選對但不選全的得，有選錯的得0分）14.直角坐標系xoy的y軸為兩種勻稱介質Ⅰ、Ⅱ的分界線，位于x=0處的波源發出的兩列機械波a、b同時在Ⅰ、Ⅱ中傳播，某時刻的波形圖如圖所示，x=6m是此時刻a波傳到的最遠點，下列說法正確的是（）A.兩列波的頻率關系B.此時刻b波傳到x=-24mC.波源的起振方向沿y軸正方向D.平衡位置距x=0處1.5m的兩質點P、Q中，質點Q先到達最大位移處【答案】BD【解析】【詳解】A．由可知，這兩列波是由同同一振源引起的，故兩列波的頻率關系為：故A錯誤；B．由圖像可知，a波的波長為：由圖像可知，b波的波長為：依據公式可知：由題可知：整理可以得到：帶入數據可以得到：故B正確；C．由題可知，此時刻x=6m的質點剛剛起先振動，依據質點的傳播方向和振動方向的關系可知，該質點此時刻向y軸負方向振動，說明振源起先振動的方向也為y軸負方向，故C錯誤；D．依據傳播方向可以知道，該時刻P、Q質點均向y軸正方向振動，質點P經過個周期到達最大位移處，而質點Q在小于個周期的時間里就能達到最大位移處，即Q質點先到達最大位移處，故D正確。故選BD。15.如圖甲、乙分別為兩種不同單色光a、b經過同一雙縫后的干涉條紋，下列說法正確的是（）A.a光子的動量比b光子的動量大B.對同一介質a光折射率比b光大C.a光子照耀能使某金屬發生光電效應現象，則b光子也肯定能發生D.在均能使同一金屬發生光電效應的狀況下，a光子照耀時逸出的光電子最大初動能比b光子照耀時小【答案】CD【解析】【詳解】A．依據干涉條紋間距公式得，在相同的條件下，與成正比，a光的條紋間距大，a光的波長長，依據公式可知a光子的動量比b光子的動量小，故A錯誤；B．由于a光的波長大于b光的波長可知，a光的頻率小于b光的頻率，則可知對同一介質a光折射率比b光小，故B錯誤；C．由于a光的頻率小于b光的頻率，若a光子照耀能使某金屬發生光電效應現象，則b光子也肯定能發生光電效應現象，故C正確；D．由于a光的頻率小于b光的頻率，依據光電效應方程可知，在逸出功相同的狀況下，由于a光子的能量小，則a光子照耀時逸出的光電子最大初動能比b光子照耀時小，故D正確。故選CD。16.如圖甲為氫原子光譜，圖乙為氫原子能級圖。已知可見光的光子能量在1.62eV到3.11eV之間，普朗克常量h=6.63×10-34J﹒s，則（）A.對應光子能量比小B.圖甲所示的四條譜線均對應可見光C.譜線對應的是氫原子從能級n=4躍遷到n=2D.氫原子從能級n=5躍遷到較低能級時可以輻射出圖甲所示四條可見光【答案】BC【解析】【詳解】A．由圖甲可知，譜線對應光子的波長小于譜線對應光子的波長，結合可知，譜線對應光子的能量大于譜線對應光子的能量，故A錯誤；B．由圖甲可知，譜線對應的波長最長，其光子的能量最小為：譜線對應的波長最短，其光子的能量最大為：可知，這四條譜線對應的光子能量在1.62eV到3.11eV之間，即圖甲所示的四條譜線均對應可見光，故B正確；C．譜線對應光子的能量為：可知譜線對應的躍遷時從能級到能級，故C正確；D．由上面分析可知譜線對應的光子能量為，由圖乙可知，沒有兩個能級差為，即氫原子從能級躍遷到較低能級時不能輻射出圖甲所示四條可見光，故D錯誤。故選BC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共6小題，共55分）17.（1）在“探討平拋運動”試驗中，以下說法正確的是___________A.須要利用重錘線確定豎直方向B.選擇體積小、質量輕的小球進行試驗C.通過調整小球釋放的不同高度以記錄多個點的位置D.記錄的點盡量分布整張白紙（2）①如圖所示紙帶上A、B、C、D、E為連續打點，則為__________試驗中打出紙帶A.“探究小車速度隨時間改變的規律”B.“探究加速度與力、質量的關系”C.“探究做功與物體速度改變的關系”D.“驗證機械能守恒定律”②依據①所選試驗中，C點的速度大小為__________m/s（結果保留2位有效數字）【答案】(1).AD(2).D(3).2.3【解析】【詳解】（1）[1]A.本試驗須要畫出豎直方向，則須要利用重錘線來確定豎直方向，故A正確；B.為減小空氣阻力的影響，需選擇體積小、質量大的小球進行試驗，故B錯誤；C.在同一次試驗中，應當從同一位置由靜止釋放小球，通過多次釋放小球，來記錄多個點的位置，故C錯誤；D.為了減小偶然誤差，記錄的點盡量分布整張白紙，故D正確；（2）①[2]由紙帶上的數據可知，在連續相等時間內的位移之差相等均為：依據公式可知求出的加速度為：則加速度恒定，而且正好為重力加速度，可知該紙帶是為“驗證機械能守恒定律”試驗打出的紙帶，而“探究小車速度隨時間改變的規律”的試驗中加速度也可能恒定，但不肯定為重力加速度，而其余二個試驗的加速度不肯定恒定，故D正確，ABC錯誤；②[3]依據勻變速運動規律可知，C點速度等于BD的平均速度，即：18.“探究額定電壓為2.5V的小燈泡伏安特性曲線”試驗時：（1）現有兩種規格滑動變阻器R1（50、1.5A）、R2（5、2.0A），為了調整便利，測量精確，在試驗中，滑動變阻器應選用_________（選填“R1”或“R2”）；（2）如圖甲是小明同學連接的實物圖，老師發覺電路連接有錯，請你在原電路上指明須要重新調整哪幾條導線_______（填圖中數字編號）；（3）閉合開關，滑動變阻器滑片，電壓表示數從0漸漸增大到2.5V過程中，發覺小燈泡始終不亮，小明分析可能小燈泡壞了，為此他取下小燈泡用多用表檢測，如圖乙，則多用表的示數為_______，說明小燈泡是_______（填“好”或“壞”）；（4）正確連線和操作后，小明測得多組（I、U）數據并在圖象中描繪出圖線，圖丙所示的兩圖線分別是電流表內接和外接時測繪的，則該試驗正確的為_______（填“圖線1”或“圖線2”）【答案】(1).R2(2).②③⑦(3).1.4（1.3，1.5也可以）(4).好(5).圖線1【解析】【詳解】（1）[1]在“探究額定電壓為2.5V的小燈泡伏安特性曲線”試驗時，電流和電壓都要從零起先調整，滑動變阻器應采納分壓式接法，同時為了調整便利，從而選用小阻值的滑動變阻器，故選；（2）[2]②接錯，須要接到電建的另一端；③接錯，分壓式接法，不應當接到金屬桿上，應當接到變阻器本身上的接線柱上；⑦接錯，量程接錯，應當接到量程為3V的量程上，故須要重新調整的導線為②③⑦；（3）[3][4]如圖，多用電表選擇歐姆檔，則表盤讀數為，說明小燈泡是好的；（4）[5]本試驗中小燈泡的電阻較小，遠小于電壓的內阻，所以應采納電流表外接法，此時電流表測量的是電壓表和小燈泡的總電流，此時電流表示數偏大些，畫出的圖象應當為圖線1；19.如圖甲為某商場自動電梯，其簡化圖如圖乙，若沒有顧客時電梯速度視為零，當顧客踏上電梯A端，電梯以圖示方向勻加速運行，達到最大速度后勻速運行，直至顧客離開電梯B端。已知AB長L=30m，A離地面的高度h=6m，電梯加速度a=0.2m/s2，最大速度vm=0.8m/s，求：（1）勻加速運行的位移x1；（2）從A端到B端的總時間t；（3）若顧客質量m=50kg，則顧客受到最小摩擦力f的大小和方向?！敬鸢浮浚?）1.6m；（2）39.5s；（3）90N，方向沿電梯向上【解析】【詳解】（1）起先從靜止做勻加速運動，最大速度為，依據速度與位移關系得到：（2）依據速度與時間關系，可知在勻加速階段時間為：勻速階段時間為：則總時間：（3）設斜面傾角為，起先做勻加速階段的摩擦力最小，依據牛頓其次定律有：而且：整理可以得到：方向沿電梯向上20.如圖所示，一嬉戲裝置由水平傾斜角為的軌道AB、水平傳送帶BC、半徑為R的光滑半圓弧軌道組成，O為圓弧軌道的圓心，D、C、O、E四點在同一豎直線上。嬉戲時，小滑塊從傾斜軌道不同高度處靜止釋放，經過傳送帶后沿半圓弧軌道運動，最終由E點平拋落地面。已知小滑塊與傾斜軌道、傳送帶的動摩擦因數分別為、，BC長為L=4m，AB長為，傳送帶做勻速運動，速度大小為v=4m/s，D距地面的高度H=3.05m，R=0.9m，，CD間的距離剛好允許小滑塊通過，忽視傳送帶轉輪大小和CD間距大小，小滑塊經B處時無能量損失，小滑塊可視為質點，其余阻力不計，sin37o=0.6，求：（1）若小滑塊勻速通過傳送帶，求釋放的高度h；（2）在（1）問中小滑塊平拋的水平距離x；（3）小滑塊平拋的水平距離x與其釋放的高度h之間滿意的關系。【答案】（1）2.4m；（2）m；（3）時，；當時，（m）；當時，不滿意條件【解析】【詳解】（1）滑塊在傾斜軌道上依據牛頓其次定律可以得到：得到：若小滑塊勻速通過傳送帶，則到達傳送帶上的速度與傳送帶的速度相等均為v=4m/s，依據速度與位移關系可知：帶入數據可以得到：（2）不脫離軌道過D點，則在D點依據牛頓其次定律：則最小速度為：從D到E運動中，依據機械能守恒：可以得到：有E點平拋運動，則豎直方向：水平方向為勻速運動，則：帶入數據整理可以得到：（3）有幾何學問可知：即釋放點最大高度為。①若小滑塊到達C點時的速度能達到：小滑塊在皮帶上始終減速，則依據速度與位移關系可知B點的速度為：對應釋放高度為：小滑塊在皮帶上始終加速，則依據速度與位移關系可知B點的速度為：對應釋放高度為：即當時，平拋運動的水平位移為；②若加速到達C點的速度為：時則依據速度與位移關系可知B點的速度為：則對應釋放高度為：從釋放點到E點，依據動能定理：解得：（m）即當時，平拋運動的水平位移為（m）；當時，則不會出現題中的現象，即不滿意條件。21.如圖1所示，在光滑的水平面上，有一質量m=1kg、足夠長的U型金屬導軌abcd，間距L=1m。一電阻值的細導體棒MN垂直于導軌放置，并被固定在水平面上的兩立柱攔住，導體棒MN與導軌間的動摩擦因數，在M、N兩端接有一志向電壓表（圖中未畫出）。在U型導軌bc邊右側存在垂直向下、大小B=0.5T的勻強磁場（從上向下看）；在兩立柱左側U型金屬導軌內存在方向水平向左，大小為B的勻強磁場。以U型導軌bc邊初始位置為原點O建立坐標x軸。t=0時，U型導軌bc邊在外力F作用下從靜止起先運動時，測得電壓與時間的關系如圖2所示。經過時間t1=2s，撤去外力F，直至U型導軌靜止。已知2s內外力F做功W=14.4J。不計其他電阻，導體棒MN始終與導軌垂直，忽視導體棒MN的重力。求：（1）在2s內外力F隨時間t的改變規律；（2）在整個運動過程中，電路消耗的焦耳熱Q；（3）在整個運動過程中，U型導軌bc邊速度與位置坐標x的函數關系式?！敬鸢浮浚?）；（2）12J；（3）（0≤x≤4m）；；v=0（）【解析】【詳解】（1）依據法拉第電磁感應定律可知：得到：依據速度與時間關系可知：對U型金屬導軌依據牛頓