2021-2022學年高一物理下期末模擬試卷注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、從距地面相同高度處，水平拋出兩個質量相同的球A和B，拋出A球的初速為，拋出B球的初速為2，則兩球運動到落地的過程中A．重力的平均功率相同，落地時重力的瞬時功率相同B．重力的平均功率相同，落地時重力的瞬時功率不同C．重力的平均功率不同，落地時重力的瞬時功率相同D．重力的平均功率不同，落地時重力的瞬時功率不同2、如圖所示，足夠長的光滑斜面固定在水平面上，A、B物塊與輕質彈簧相連，A、C物塊由跨過光滑輕質小滑輪的輕繩連接。初始時刻，C在外力作用下靜止，繩中恰好無拉力，B靜置在水平面上，A靜止，現撤去外力，物塊C沿斜面向下運動，當C運動到最低點時，B剛好離開地面.已知A、B的質量均為m,彈簧始終處于彈性限度內，則上述過程中A．物塊C的質量mc可能等于物塊A的質量mB．物塊C運動到最低點時，物塊A的加速度為gC．物塊C的速度最大時，彈簧彈性勢能為零D．物塊A、B、C系統的機械能先變小后變大3、(本題9分)兩電阻R1、R2的伏安特性曲線如圖所示，由此可知R1:R2等于A．1:3 B．3:1 C．1： D．：14、(本題9分)如圖所示為攀巖愛好者登山運動中的一張照片，已知攀巖愛好者重為，繩子與豎直方向夾角為60°，繩子拉力也為，則此時巖石對人的作用力（）A．就是巖石對人的支持力 B．方向可能水平向右C．大小為 D．大小為5、(本題9分)靜止在光滑水平面上的物體，在開始受到水平拉力的瞬間，下列說法正確的是()A．物體立刻產生加速度，但此時速度為零B．物體立刻運動起來，有速度，但加速度還為零C．速度與加速度都為零D．速度與加速度都不為零6、(本題9分)人造地球衛星繞地球的運動可視為勻速圓周運動，下列說法正確的是A．衛星的線速度最大可接近11.2km/sB．地球同步衛星可以經過地球兩極C．衛星離地球越遠，發射速度越小D．同一圓軌道上運行的兩顆衛星，線速度大小一定相同7、(本題9分)如圖所示，兩個不帶電的導體A和B，用一對絕緣柱支持使它們彼此接觸．把一帶正電荷的物體C置于A附近，貼在A、B下部的金屬箔都張開，則下列正確的說法是：A．此時A電勢低，B電勢高B．將A左端接地，B右端電荷被中和C．移去C，貼在A、B下部的金屬箔都閉合D．先把A和B分開，然后移去C，貼在A、B下部的金屬箔都閉合8、(本題9分)蹦極是一項非常刺激的娛樂運動。如圖所示，游客站在平臺上，用橡皮繩固定住身體后由靜止下落。選擇起跳點所在平面為零勢能面，豎直向下為正方向。設游客下落的時間為t，位移為x，速度為v，加速度為a，重力勢能為，機械能為若不計空氣阻力，游客從開始下落至最低點的過程中，下列圖象正確的有A． B．C． D．9、如圖甲所示，在光滑水平面上的兩個小球發生正碰，小球的質量分別為m1和m2，圖乙為它們碰撞前后的x－t圖像.已知m1=0.1kg由此可以判斷（）A．碰前m2靜止，m1向右運動B．碰后m2和m1都向右運動C．由動量守恒定律可以算出m2=0.3kgD．碰撞過程中系統損失了0.4J的機械能10、(本題9分)如圖所示是一種健身器材的簡化圖，一根不可伸長的輕繩跨過兩個定滑輪連接兩個重量均為G的重物，兩側重物等高，忽略繩與滑輪間的摩擦。現施加豎直向下的力F拉繩的中點P，使兩重物以速率v勻速上升，當兩段繩夾角為120°時，下列判斷正確的是（）A．P點的速率等于 B．P點的速率等于vC．P點施加豎直向下的力F等于2G D．P點施加豎直向下的力F等于G11、(本題9分)在傾角為的固定光滑斜面上有兩個用輕彈簧相連接的物塊A．B，它們的質量分別為m1、m2，彈簧勁度系數為k，C為一固定擋板，系統處于靜止狀態．現用一平行于斜面向上的恒力F拉物塊A使之向上運動，當物塊B剛要離開擋板C時，物塊A運動的距離為d，速度為v，則此時A．物塊B的質量滿足B．物塊A的加速度為C．拉力做功的瞬時功率為D．此過程中，彈簧彈性勢能的增量為12、如圖所示,長為L的細繩的一端固定于O點,另一端系一個小球,在O點的正下方L/2釘一個光滑的釘子A,小球開始時θ=60°的位置擺下.則細繩碰到釘子前后，下列說法正確的是（

）A．繩對小球的拉力之比為2：3 B．小球所受合外力之比為1：2C．小球做圓周運動的線速度之比為2：3 D．小球做圓周運動的角速度之比為1：2二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)下圖為密閉的理想氣體在溫度T1、T2時的分子速率分布圖像，圖中f（v）表示v處單位速率區間內的分子數百分率，則T1______T2（選填“大于”或“小于”）；氣體溫度升高時壓強增大，從微觀角度分析，這是由于分子熱運動的_______增大了．14、(本題9分)質量為m的物體，在豎直方向的拉力作用下，以大小為g/4的加速度，沿豎直方向勻加速下降h。該過程中，物體動能的增加量為___________，重力勢能的減少量為_________，物體機械能的減少量為__________。15、(本題9分)如圖所示，用與水平方向成=37°，大小F=300N的拉力拉著一輛小車在水平面上運動了一段距離x=50m．車受到的阻力是200N．則拉力F對小車做的功是_____J，小車克服阻力做的功是_____J．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）三．計算題(22分)16、（12分）(本題9分)高速連續曝光照相機可在底片上重疊形成多個圖像．現利用這架照相機對家用汽車的加速性能進行研究，如圖為汽車做勻加速直線運動時三次曝光的照片，圖中汽車的實際長度為，照相機每兩次曝光的時間間隔為2s．已知該汽車的質量為1000kg，額定功率為90kW，汽車運動過程中所受的阻力始終為．求：（1）若汽車由靜止開始以此加速度做勻加速運動，勻加速運動狀態最多能保持多長時間；（2）汽車所能達到的最大速度是多大；（3）若該汽車從靜止開始運動，牽引力不超過3000N，求汽車運動2400m所用的最短時間(汽車已經達到最大速度)．17、（10分）(本題9分)質量為m1＝10g的小球在光滑的水平桌面上以v1＝30cm/s的速率向右運動，恰遇上質量為m2＝50g的小球以v2＝10cm/s的速率向左運動，碰撞后，小球m2恰好靜止，則碰后小球m1的速度大小、方向如何？

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、A【解析】平拋運動的時間由高度決定，與初速度無關，所以兩球落地時間相等；高度相等、兩球質量相等，重力做功相等；據可得重力的平均功率相同．兩球落地時間相等，兩球落地時在豎直方向的分速度相等，據，兩球落地時重力的瞬時功率相同．故A項正確，BCD三項錯誤．2、C【解析】

A項：彈簧原來的壓縮量，當C運動到最低點時，B對地面的壓力剛好為零，彈簧的拉力等于B

的重力，則彈簧此時的伸長量為則x1=x2，彈簧初末狀態的彈性勢能相等，根據A、B、C和彈簧構成的系統機械能守恒，有，α是斜面的傾角，得mCsinα=m，sinα＜1，所以mC＞m，故A錯誤；B項：對A、C為一整體受力分析可知且由牛頓第二定律得：，故B錯誤；C項：當C的速度最大時A的速度達到最大，即ABC與彈簧為一系統，系統的動能最大，則彈性勢能最小，則彈簧為原長，即彈簧彈性勢能為零，故C正確；D項：由于A、B、C和彈簧構成的系統機械能守恒，而彈簧先復原再拉長，故彈性勢能先減小后增加，故A、B、C系統的機械能先變大后變小，故D錯誤。3、A【解析】

根據，解得：。A.根據計算結果可知，故A正確；B.根據計算結果可知，故B錯誤；C.根據計算結果可知，故C錯誤；D.根據計算結果可知，故D錯誤。4、C【解析】

A．巖石對人的作用力是巖石對人的支持力和摩擦力的合力，故A錯誤；BCD．由于攀巖愛好者重和繩子拉力都為且夾角為，根據力的三角形定則，這三力可平移組成一個等邊三角形，所以巖石對人的作用力也為，方向北偏東60°，故BD錯誤，C正確。故選C。5、A【解析】

物體靜止在光滑水平面，受到水平拉力的瞬間，合力等于拉力，根據牛頓第二定律：加速度大小與合力大小成正比，加速度與合力是瞬時關系，可知物體立刻產生加速度，而物體由于慣性，此瞬間還保持原來的狀態，速度為零．故A正確，BCD錯誤。6、D【解析】

A.

7.9km/s是第一宇宙速度，為繞地球做勻速圓周運動的最大線速度，衛星的線速度不可以大于7.9km/s，故A錯誤；B.地球同步衛星的軌道平面與赤道平面重合，故同步衛星不可能經過地球兩極上空，故B錯誤；C.同一衛星離地球越遠，機械能越大，發射速度越大，故C錯誤；D.由萬有引力提供圓周運動向心力，得衛星的線速度，可知離地球越遠，線速度越小，同一圓軌道上運行的兩顆衛星，線速度大小一定相同，則D正確．故選D7、BC【解析】

A.此時AB為等勢體，兩端電勢相等，故A錯誤；B.將A左端接地，B右端電荷將被導入大地，被中和，故B正確；C.移去C，A、B兩端的電荷將中和，之后兩端都不帶電，所以貼在A、B下部的金屬都閉合，故C正確；D.先把A和B分開，再移去C，A、B分別帶上負電和正電，貼在A、B下部的金屬箔都張開，故D錯誤．8、AC【解析】

對人進行受力分析，根據牛頓第二定律得出加速度的方向，當加速度的方向與速度同向，做加速運動，當加速度的方向與速度反向，做減速運動，根據加速度方向與速度方向的關系，判斷其運動規律，即可判斷出勢能和機械能的變化。【詳解】當人從靜止開始下落到高度等于橡皮繩達到原長時，做自由落體運動，加速度為g，此后橡皮繩開始伸長，開始時重力大于彈力，向下做加速度減小的加速運動，當重力與彈力相等時，加速度為零，速度最大，然后重力小于彈力，做加速度增大的減速運動，當人到達最低點時，加速度最大，速度為零。故A正確，B錯誤；在下落過程中，選擇起跳點所在平面為零勢能面，故重力時能，故C正確；在下落過程中，橡皮繩的彈力始終做負功，故人的機械能減小，故D錯誤；故選AC。【點睛】解決本題的關鍵會根據牛頓第二定律判斷加速度的方向，會根據加速度方向和速度方向的關系，判斷物體的運動即可判斷出勢能和機械能的變化。9、AC【解析】

A.由x－t圖像知碰前m2的位移不隨時間而變化，處于靜止狀態.m1的速度大小為，m1只有向右運動才能與m2相撞，故A正確.B.由圖讀出，碰后m2的速度為正方向，說明向右運動，m1的速度為負方向，說明向左運動，故B錯誤.C.由圖像求出碰后m2和m1的速度分別為v'=2m/s，v1'=－2m/s，根據動量守恒定律得m1v1=m2v2'+m1v1'，代入解得m2=0.3kg，故C正確.D.碰撞過程中系統損失的機械能為，代入解得ΔE=0，故D錯誤.10、AD【解析】

AB．P點速度沿繩方向的分量與重物上升的速度大小相等，則：解得：P點的速率故A項正確，B項錯誤。CD．兩重物勻速上升，繩中拉力大小為G，兩段繩夾角為120°時，P點所受三力方向互成120°，所以P點施加豎直向下的力F等于G．故C項錯誤，D項正確。11、BD【解析】

當B剛離開C時，彈簧的彈力等于B的重力沿斜面下的分力，根據胡克定律求解出彈簧的伸長量；根據牛頓第二定律求出物塊A的加速度大小；根據機械能守恒定律求解A的速度．【詳解】開始系統處于靜止狀態，彈簧彈力等于A的重力沿斜面下的分力，當B剛離開C時，彈簧的彈力等于B的重力沿斜面下的分力，故，但由于開始是彈簧是壓縮的，故，故，故A錯誤；當B剛離開C時，對A，根據牛頓第二定律得：，又開始時，A平衡，則有：，而，解得：物塊A加速度為，故B正確；拉力的瞬時功率，故C錯誤；根據功能關系，彈簧彈性勢能的增加量等于拉力的功減去系統動能和重力勢能的增加量，即為：，故D正確；故選BD．12、ABD【解析】

A．在最低點由牛頓第二定律得T?mg＝m，則拉力為T＝mg+m，和釘子接觸前繩子拉力為T1＝mg+m＝2mg，接觸釘子后半徑變為原來的一半，繩子對小球的拉力T′＝mg+m＝3mg，所以接觸釘子前后繩子的拉力之比為2：3，故A正確；B．線速度大小不變，半徑變為原來的一半，向心力（合力）增大為原來的2倍，故B正確；C．小球由初始位置到最低點的過程中，由動能定理得：mgl（1-cos60°）=mv2，則到達最低點的速度為，和釘子接觸瞬間速度不突變，故C錯誤；D．根據ω＝知，線速度不變，半徑變為原來的一半，故角速度變為原來的兩倍，所以角速度之比為1：2，故D正確；二．填空題(每小題6分，共18分)13、小于平均動能【解析】

由圖可看出T1圖線最高點所對的v值比T1圖線最高點所對的v值要小，則T1小于T1．氣體溫度升高壓強增大，是由于分子熱運動的平均動能增大引起的．14、mgh/4mgh3mgh/4【解析】根據牛頓第二定律有：mg-f=ma，解得：f=34mg，根據動能定理有：mgh-fh=Δ15、1