期中考試統(tǒng)考試卷(高中)PAGEPAGE1四川省巴中市2023屆高三上學(xué)期零診考試（9月）注意事項(xiàng)∶1.答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、班級(jí)、考號(hào)填寫在答題卡規(guī)定的位置。2.答選擇題時(shí)請(qǐng)使用2B鉛筆將答題卡。上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑；非選擇題答題時(shí)必須用0.5毫米黑色墨跡簽字筆，將〖答案〗書寫在答題卡規(guī)定的位置，在規(guī)定的答題區(qū)域以外答題無效，在試題卷上答題無效。3.考試結(jié)束后，考生將答題卡交回。一、選擇題∶本題共8小題，每小題6分。1.越來越多的人喜歡挑戰(zhàn)極限，如圖是兩位“勇士”參與溜索活動(dòng)，兩傾斜的鋼絲拉索分別套有M、N兩個(gè)滑輪（滑輪與繩之間有可調(diào)節(jié)的制動(dòng)片），兩滑輪上用安全帶系著兩位“勇士”，當(dāng)他們都沿拉索向下滑動(dòng)時(shí)，M上的帶子與索垂直，N上的帶子始終豎直向下，則以下判斷正確的是（）A.M情況中，滑輪與索之間有摩擦力 B.N情況中，滑輪與索之間無摩擦力C.M情況中“勇士”做勻速直線運(yùn)動(dòng) D.N情況中“勇士”做勻速運(yùn)直線動(dòng)〖答案〗D〖解析〗AC．滑輪M對(duì)應(yīng)安全帶的彈力方向傾斜，對(duì)“勇士”受力分析，如圖則加速度大小為滑輪M做勻加速運(yùn)動(dòng)，對(duì)整體分析，有得M情況中，滑輪與索之間沒有摩擦力，故AC錯(cuò)誤；BD．滑輪N對(duì)應(yīng)的安全帶的彈力為豎直方向，可知N情況中“勇士”合力為零，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則滑輪N受到沿鋼索向上的摩擦力，故B錯(cuò)誤，D正確。故選D。2.在水平地面上放一塊長方形的鐵塊，在它O點(diǎn)正上方固定一正點(diǎn)電荷Q，長方形的鐵塊MN上A、B、O、C、D間距相等，則正點(diǎn)電荷Q在各點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)E，在長方形的鐵塊MN上各點(diǎn)的電勢(shì)φ、各點(diǎn)間的電勢(shì)差U以下說法正確的是（）A. B.C. D.MN上表面不帶電〖答案〗B〖解析〗A．由正點(diǎn)電荷的等勢(shì)面分布特點(diǎn)可知越靠近正電荷電勢(shì)越高，則故A錯(cuò)誤；B．由正點(diǎn)電荷周圍的電場強(qiáng)度，可知故B正確；C．由正點(diǎn)電荷的電場線分布特點(diǎn)可知AB間電場強(qiáng)度大小等于CD間電場強(qiáng)度大小，OB間電場強(qiáng)度大小等于OC間電場強(qiáng)度大小，AB間電場強(qiáng)度大小小于OB間電場強(qiáng)度大小，由U=Ed遷移到非勻強(qiáng)電場中可得故C錯(cuò)誤；D．MN上表面由于感應(yīng)起電，根據(jù)異種電荷相互吸引，同種電荷相互排斥，所以上表面將帶負(fù)電，故D錯(cuò)誤。故選B。3.一束單色光照射處于基態(tài)的一群氫原子后，可以測出氫能發(fā)出六種頻率的光，氫原子的能級(jí)圖如圖所示，如果用這束單色光照射某一逸出功是2.21eV金屬，測得從金屬中射出電子的最大初動(dòng)能是（）A.12.75eV B.10.54eV C.9.88eV D.7.99eV〖答案〗B〖解析〗單色光照射到大量處于基態(tài)的氫原子上，被激發(fā)的氫原子能自發(fā)地發(fā)出六種頻率的光，根據(jù)可知基態(tài)的氫原子躍遷到n=4的激發(fā)態(tài)，根據(jù)玻爾理論得到照射氫原子的單色光的光子能量為由愛因斯坦光電效應(yīng)方程，可得從該金屬中射出電子的最大初動(dòng)能為故B正確；ACD錯(cuò)誤。故選B。4.如圖所示，空間存在水平向右的勻強(qiáng)電場有一帶電滑塊，從A點(diǎn)沿粗糙絕緣的水平面以100J的初動(dòng)能向左滑動(dòng)，當(dāng)?shù)谝淮蔚竭_(dá)B點(diǎn)時(shí)，動(dòng)能減小了30J，其中有18J轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能，下面判斷正確的是（）A.滑塊向左運(yùn)動(dòng)過程中它的動(dòng)能和電勢(shì)能均增大B.滑塊向左運(yùn)動(dòng)過程中它的機(jī)械能不變C.滑塊在運(yùn)動(dòng)過程中它的最大電勢(shì)能是60JD.滑塊再次經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)它的動(dòng)能是18J〖答案〗C〖解析〗A．由題意可知，滑塊向左運(yùn)動(dòng)過程中動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大，A錯(cuò)誤；B．滑塊向左運(yùn)動(dòng)過程中電場力和摩擦力均做負(fù)功，則機(jī)械能減小，B錯(cuò)誤；C．滑塊向左運(yùn)動(dòng)過程中，動(dòng)能減小30J，其中有18J轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能，則克服摩擦力做功為12J，即FdAB=18J，fdAB=12J電場力與摩擦力之比為從B點(diǎn)到速度為零，動(dòng)能減小70J，克服摩擦力做功為則轉(zhuǎn)化的電勢(shì)能為70－28J=42J，則最大的電勢(shì)能為Ep=18＋42J=60JC正確；D．設(shè)滑塊再次經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)速度為v′B，整個(gè)過程中電場力做功為零，根據(jù)動(dòng)能定理得D錯(cuò)誤。故選C。5.2021年5月15日7時(shí)18分，我國首次火星探測任務(wù)“天問一號(hào)”探測器穩(wěn)穩(wěn)降落在火星北半球的烏托邦平原。“天問一號(hào)”登陸火星需經(jīng)歷如圖所示的變軌過程。已知引力常量為G，則下列說法正確的是（）A.飛船在軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)，運(yùn)行的周期TIII=TII>TIB.飛船在軌道I上的機(jī)械能大于在軌道II上的機(jī)械能C.飛船在P點(diǎn)從軌道II變軌到軌道I，需要在P點(diǎn)朝速度反方向噴氣D.若軌道I貼近火星表面，已知飛船在軌道I上運(yùn)動(dòng)的角速度，可以推知火星的密度〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)開普勒第三定律可知，飛船在軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)，軌道半長軸關(guān)系aIII>aII>aI運(yùn)行的周期TIII>TII>TI選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．飛船從軌道Ⅱ到軌道Ⅰ要點(diǎn)火減速，則飛船在軌道I上的機(jī)械能小于在軌道II上的機(jī)械能，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．飛船在P點(diǎn)從軌道II變軌到軌道I，要減速，需要在P點(diǎn)朝速度同方向噴氣，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．若軌道I貼近火星表面，則可得已知飛船在軌道I上運(yùn)動(dòng)的角速度，可以推知火星的密度，選項(xiàng)D正確。故選D。6.如圖所示，一單邊有界磁場的邊界上有一粒子源，以與水平方向成θ角的不同速率，向磁場中射入兩個(gè)相同的粒子1和2，粒子1經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后從邊界上A點(diǎn)出磁場，粒子2經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后從邊界上B點(diǎn)出磁場，OA=AB，則（）A.粒子1與粒子2的動(dòng)能之比為1：2B.粒子1與粒子2的動(dòng)能之比為1：4C.粒子1與粒子2在磁場中運(yùn)動(dòng)的弧長之比為1：1D.粒子1與粒子2在磁場中運(yùn)動(dòng)的弧長之比為1：2〖答案〗BD〖解析〗AB．由題意可知，粒子1和2圓周運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的弦長之比為1：2，則粒子1和2運(yùn)動(dòng)半徑之比為1：2，根據(jù)得即速度之比為1：2，又可知，粒子1與粒子2的動(dòng)能之比為1∶4，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．根據(jù)可知，兩粒子周期相同，而由題意可知，兩粒子圓周運(yùn)動(dòng)的圓心角相等，由可知，兩粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，又可知，粒子1與粒子2在磁場中運(yùn)動(dòng)的弧長之比為1∶2，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。7.兩個(gè)完全相同的金屬線框abcd、a'b'c'd'放在光滑的水平面上，它們的右側(cè)是一個(gè)豎直向下的勻強(qiáng)磁場，當(dāng)兩線框分別以速度v1和v2（v1>v2）進(jìn)入磁場，在完全進(jìn)入磁場的過程當(dāng)中，線框產(chǎn)生的焦耳熱分別為Q1、Q2，通過導(dǎo)線橫截面積電量分別為q1、q2，下列判斷正確的是（）A.它們勻減速進(jìn)入磁場B.金屬線框abcd在進(jìn)入磁場的過程中克服安培力做的功等于它產(chǎn)生的焦耳熱C.Q1>Q2q1=q2D.Q1>Q2q1>q2〖答案〗BC〖解析〗A．金屬線框進(jìn)入磁場的過程中，所受安培力提供合力可知，線框的加速度隨速度的較小而減小，則金屬線框做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)功能關(guān)系可知，電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，線框克服安培力做功等于線框產(chǎn)生的焦耳熱，故B正確；CD．由能量守恒可知因?yàn)椋瑒t根據(jù)，，得兩線框的磁通量變化量和電阻均相等，則故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。8.傾角為θ且足夠長的光滑固定的斜面上有一質(zhì)量為m的物體，初始位置如圖甲所示，在平行于斜面向上的力F作用下，物體從初始位置由靜止開始沿斜面運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過程中物體的機(jī)械能E隨位置x的變化關(guān)系如圖乙所示，其中在過程的圖線是曲線，在過程中圖像是是平行x軸的直線，在的過程中圖像是直線，則下列說法正確的是（）A.在的過程中，力F在減小B.在的過程中，物體的動(dòng)能一直在增大C.在的過程中，物體的速度大小不變D.在的過程中，物體一定做勻速運(yùn)動(dòng)〖答案〗AB〖解析〗A．在過程中物體機(jī)械能在減小，知拉力在做負(fù)功，拉力方向沿斜面向上，所以物體的位移方向向下，即物體在沿斜面向下運(yùn)動(dòng)。根據(jù)功能關(guān)系得得則知圖線的斜率表示拉力，在過程中圖線的斜率逐漸減小到零，知物體的拉力F逐漸減小到零，A正確；BC．在過程中，機(jī)械能不變，則拉力為零，再根據(jù)選項(xiàng)A可知x1時(shí)物體沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，則物體在過程中繼續(xù)向下加速運(yùn)動(dòng)，則在重力的作用下物體的動(dòng)能一直在增大，B正確、C錯(cuò)誤；D．過程過程，機(jī)械能繼續(xù)減小，拉力做負(fù)功，則拉力方向沿斜面向上，圖像的斜率恒定，故拉力F為恒力，但不知道拉力F與重力分力的大小關(guān)系，故物體有可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)、也可能做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，還可能做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤。故選AB。第II卷（共174分）三、非選擇題∶共174分。第22~32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33~38。題為選考題，考生根據(jù)要求作答。9.小何和小馮在課本實(shí)驗(yàn)基礎(chǔ)上進(jìn)行如圖所示的實(shí)驗(yàn)改進(jìn)來驗(yàn)證牛頓運(yùn)動(dòng)定律，小車上固定一個(gè)盒子，盒子內(nèi)盛有砂子，砂桶的總質(zhì)量（包括桶以及桶內(nèi)砂子質(zhì)量）記為m，小車的總質(zhì)量（包括車、盒子及盒內(nèi)砂子質(zhì)量）記為M，在平衡摩擦力后：他倆在質(zhì)量不變的情況下來驗(yàn)證加速度與合力成正比。從盒子中取出一些砂子，裝入砂桶中后稱量并記錄砂桶的總重力mg，將該力視為合力F，對(duì)應(yīng)的加速度a則從打下的紙帶中計(jì)算得出。多次改變合力F的大小，每次都會(huì)得到一個(gè)相應(yīng)的加速度。本次實(shí)驗(yàn)中，桶內(nèi)的砂子取自小車中，故系統(tǒng)的總質(zhì)量不變。以合力F為橫軸，以加速度a為縱軸，畫出a—F圖像。（1）a—F圖像斜率的物理意義是________；（2）你認(rèn)為把砂桶的總重力mg當(dāng)做合力F是否合理？答∶______（選填“合理”或“不合理”）本次實(shí)驗(yàn)中，是否應(yīng)該滿足M>>m這樣的條件？答∶________（選填“是”或“否”）；（3）畫出a—F圖像正確的是（）A．B．C．D．〖答案〗（1）（2）合理否（3）C〖解析〗（1）〖1〗由題意可知，M＋m不變，mg視為合力F，對(duì)整體說明a—F圖像斜率的物理意義是。（2）〖2〗〖3〗根據(jù)以上分析可知系統(tǒng)合外力大小為mg是合理的，不必滿足M>>m。（3）〖4〗由（1）可知，a—F圖像為正比例關(guān)系。故選C。10.使用多用電表測量電阻時(shí)，多用電表內(nèi)部的電路可以等效為一個(gè)直流電源（一般為電池）、一個(gè)電阻和一表頭相串聯(lián)，兩個(gè)表筆分別位于此串聯(lián)電路的兩端．現(xiàn)需要測量多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)，給定的器材有：待測多用電表，量程為60mA的電流表，電阻箱，導(dǎo)線若干．實(shí)驗(yàn)時(shí)，將多用電表調(diào)至×1Ω擋，調(diào)好零點(diǎn)；電阻箱置于適當(dāng)數(shù)值．完成下列填空：（1）儀器連線如圖l所示（a和b是多用電表的兩個(gè)表筆）．若兩電表均正常工作，則表筆a為_________（填“紅”或“黑”）色；（2）若適當(dāng)調(diào)節(jié)電阻箱后，圖1中多用電表、電流表與電阻箱的示數(shù)分別如圖2（a），（b），（c）所示，則多用電表的讀數(shù)為_________Ω．電流表的讀數(shù)為_________mA，電阻箱的讀數(shù)為_________Ω：（3）將圖l中多用電表的兩表筆短接，此時(shí)流過多用電表的電流為_________mA；（保留3位有效數(shù)字）（4）計(jì)算得到多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)為_________V．（保留3位有效數(shù)字）〖答案〗（1）黑（2）14.053.04.6（3）102（4）1.54〖解析〗（1）〖1〗多用電表在使用時(shí)必須使電流從紅表筆（正接線柱）流進(jìn)，黑表筆（負(fù)接線柱）流出，串聯(lián)的電流表也必須使電流從正接線柱流進(jìn)，負(fù)接線柱流出，所以可以判斷電流是從a表筆流出的為黑表筆．（2）〖2〗多用電表用×1倍率測量，讀數(shù)為14.0×1=14.0Ω；〖3〗電流表的量程是60mA，讀數(shù)為53.0mA；〖4〗電阻箱的讀數(shù)為0×100+0×10+4×1+6×0.1=4.6Ω．（3）、（4）〖5〗〖6〗多用電表測量電阻的原理是閉合電路的歐姆定律，多用電表內(nèi)部的電路等效的直流電源（一般為電池）、電阻、表頭與待測電阻串聯(lián)，當(dāng)表頭短接時(shí)電路電流最大為表頭的滿偏電流，將取為為多用電表的內(nèi)阻，當(dāng)待測電阻等于時(shí)，這時(shí)表頭半偏，表針指在歐姆表盤的中值上，所以又稱為中值電阻．當(dāng)選擇×1倍率測量時(shí)中值電阻直接在歐姆表盤上讀數(shù)為15Ω．在（2）中多用電表外的電阻為多用電表的讀數(shù)14.0Ω，干路電流是53.0mA，則電源電動(dòng)勢(shì)是；則短接時(shí)對(duì)應(yīng)滿偏電流．〖『點(diǎn)石成金』〗當(dāng)用多用電表測電阻時(shí)，電源在表內(nèi)，要使電流從圖中電流表正極流進(jìn)，從負(fù)極流出，因此表筆a連接電源的正極，所以表筆a為黑色的．多用電表測電阻時(shí)讀數(shù)是表盤示數(shù)與倍率的乘積；電流表的讀數(shù)要注意量程．11.滑板是同學(xué)們喜愛的體育運(yùn)動(dòng)，如圖所示，一同學(xué)正在進(jìn)行滑板運(yùn)動(dòng)。圖中ABD是同一水平路面，BC是一段R=4m的圓弧路面，圓弧的最高點(diǎn)C與其圓心O在同一豎直線上，BC圓弧對(duì)應(yīng)的圓心角為37°，該同學(xué)從A點(diǎn)由靜止開始在AB路段單腳用力蹬地，然后收腿和滑板一起沖上圓弧路段到達(dá)C點(diǎn)，在C點(diǎn)時(shí)滑板對(duì)路面的壓力為300N；已知他和滑板的總質(zhì)量為50kg，不計(jì)滑板與各路段之間的摩擦力以及經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能損失。已知重力加速度g=10m/s2，cos37°=0.8，sin37°=0.6。求∶（1）從C點(diǎn)水平拋出，其落地點(diǎn)與C點(diǎn)的水平距離x為多少？（2）該同學(xué)在AB段消耗的體能中有多少焦轉(zhuǎn)化為他和滑板的機(jī)械能。〖答案〗（1）x=1.6m；（2）E=800J〖解析〗（1）他和滑板在C點(diǎn)受力分析有有幾何關(guān)系有h=R(1－cos37°)在C點(diǎn)平拋有，x=vCt聯(lián)立解得x=1.6m（2）設(shè)其消耗的體能為E，A—C過程所做功為W，由功能關(guān)系有能量守恒有E=W則E=800J12.云室是顯示能導(dǎo)致電離的粒子運(yùn)動(dòng)徑跡的裝置，其原理是離子經(jīng)過飽和蒸汽時(shí)發(fā)生氣體分子聚集成為霧滴從而顯現(xiàn)出粒子運(yùn)動(dòng)的徑跡。如圖甲所示是研究粒子運(yùn)動(dòng)徑跡特殊裝置的云室，其結(jié)構(gòu)是在水平面以xoy平面直角坐標(biāo)系中，有相互平行的極板A、極板B垂直于y軸，且關(guān)于x軸對(duì)稱，極板長度和極板間距均為d，第一、第四象限有足夠大的勻強(qiáng)磁場，方向垂直于xoy平面向里，位于極板左側(cè)的粒子源能源源不斷的沿x軸向右發(fā)射速度相同，重力不計(jì)的粒子（質(zhì)量為4m，電荷量為正2e），在0到3t0的時(shí)間內(nèi)，兩板間加上如圖乙所示的電壓（不考慮邊緣效應(yīng)的影響），已知t=0時(shí)刻進(jìn)人兩板間的帶電粒子其徑跡顯示恰在t0時(shí)刻經(jīng)極板邊緣射入磁場，上述m、e、d、t0、B皆為已知量，（不考慮粒子間的相互影響及返回極板的情況）（1）求電壓U0的大小（2）求時(shí)進(jìn)入兩極板間粒子在磁場中顯示的運(yùn)動(dòng)半徑R（3）粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短時(shí)，求粒子進(jìn)入兩板間的時(shí)刻t及粒子在磁場中的最短運(yùn)動(dòng)時(shí)間?t〖答案〗（1）；（2）；（3），〖解析〗（1）時(shí)刻進(jìn)入時(shí)刻剛好從極板邊緣射出,則有,電場強(qiáng)度由牛頓第二定律得偏移量聯(lián)立解得（2）在時(shí)刻進(jìn)入兩極板間的帶電粒子，前時(shí)間在電場中偏轉(zhuǎn)，后時(shí)間兩極板間沒有電場粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)。粒子沿x軸方向的分速度大小為沿y方向分速度大小為粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的速度為分在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑設(shè)為R，則解得（3）由分析知在進(jìn)入兩極板的粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短。粒子在離開電場時(shí)設(shè)粒子離開電場時(shí)速度方向與y軸正方向的夾角為，則分析可知粒子軌跡圓心角為則時(shí)間最短為粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期為聯(lián)立解得（二）選考題13.關(guān)于熱現(xiàn)象和熱學(xué)規(guī)律，說法正確的是（）A.布朗運(yùn)動(dòng)表明，構(gòu)成懸浮微粒的分子在做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)B.兩個(gè)分子的間距從極近逐漸增大到10r0的過程中，分子間的引力和斥力都在減小C.溫度高的物體內(nèi)能不一定大D.物體的攝氏溫度變化了1°C，其熱力學(xué)溫度變化了273KE.兩個(gè)分子的間距從極近逐漸增大到10r0的過程中，它們的分子勢(shì)能先減小后增大〖答案〗BCE〖解析〗A．布朗運(yùn)動(dòng)是指懸浮微粒的運(yùn)動(dòng)，反映了液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)。故A錯(cuò)誤；B．分子間引力和斥力均隨分子間距離的增大而減小。故B正確；C．物體的內(nèi)能不單是由溫度決定的，還與物體的體積、分子數(shù)有關(guān)。故C正確；D．?dāng)z氏溫度變化1°C，熱力學(xué)溫度變化1K。故D錯(cuò)誤；E．兩個(gè)分子的間距從從極近逐漸增大到10r0的過程中，先是分子斥力做正功，分子勢(shì)能減小，隨后分子引力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大，所以它們的分子勢(shì)能先減小后增大。故E正確。故選BCE。14.在如圖所示坐標(biāo)系中，一定質(zhì)量的某種理想氣體先后發(fā)生以下兩種狀態(tài)變化過程：第一種變化是從狀態(tài)狀態(tài)A到狀態(tài)B，外界對(duì)該氣體做功為6J；第二種變化是從狀態(tài)A到狀態(tài)C，該氣體從外界吸收的熱量為9J．圖線AC的反向延長線通過坐標(biāo)原點(diǎn)O，B、C兩狀態(tài)的溫度相同，理想氣體的分