江西贛中南五校2023年高二物理第一學期期末達標檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、兩個電量分別為q和－q的帶電粒子分別以速度va和vb射入勻強磁場，兩粒子的入射方向與磁場邊界的夾角分別為30°和60°，磁場寬度為d，兩粒子同時由A點出發，同時到達B點，不計重力的影響，如圖所示，則()A.a粒子帶正電，b粒子帶負電 B.兩粒子的軌道半徑之比Ra∶Rb＝C.兩粒子的質量之比ma∶mb＝1∶2 D.兩粒子的速度之比va∶vb＝1∶22、如圖所示，P、Q為一對固定于真空中的等量正點電荷，O是它們連線的中點，A、B是連線中垂線上且關于0點對稱的兩點，一帶負電粒子從A點由靜止釋放，只在靜電力作用下運動，取無限遠處的電勢為零，下列說法正確的是A.粒子從A點到O點的運動是勻加速直線運動B.粒子從A點到B點的運動過程中加速度先增大后減小C.粒子運動到O點時動能最大，電勢能為零D.粒子將在A、B之間做往復運動3、如圖所示的電路中，電源內阻為r=1Ω，電源電動勢為E=6V，R為定值電阻，電流表內阻不計．當閉合S1、S2時，電流表示數為1A；當閉合S1、斷開S2時電流表示數為0.5A，下列說法正確的是（）A.、均閉合時，R的功率為B.電動機的線圈電阻小于C.閉合、斷開時，電源的效率為D.閉合、斷開時，電動機的功率大于4、發現利用磁場產生電流的條件和規律的科學家是（）A.韋伯 B.安培C.法拉第 D.奧斯特5、處于勻強磁場中的一個帶電粒子，僅在磁場力作用下做勻速圓周運動．將該粒子的運動等效為環形電流，那么此電流值A.與粒子電荷量成正比 B.與粒子速率成正比C.與粒子質量成正比 D.與磁感應強度成正比6、用如圖所示的光電管研究光電效應的實驗中，用某種頻率的單色光a照射光電管陰極K，電流計G的指針發生偏轉。而用另一頻率的單色光b照射光電管陰極K時，電流計G的指針不發生偏轉，那么（）A.a光的波長一定大于b光的波長B.增加b光的強度可能使電流計G的指針發生偏轉C.用a光照射光電管陰極K時通過電流計G的電流是由d到cD.只增加a光的強度可使通過電流計G的電流增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、圖中a、b為豎直向上的電場線上的兩點，一帶電質點在a點由靜止釋放，沿電場線向上運動，到b點恰好速度為零，下列說法中正確的是（）A.帶電質點在a、b兩點所受的電場力都是豎直向上的B.a點的電勢比b點的電勢高C.帶電質點在a點的電勢能比在b點的電勢能小D.a點的電場強度比b點的電場強度大8、在如圖所示的電路中，兩個相同的小燈泡L1和L2分別串聯一個帶鐵芯的電感線圈L和一個滑動變阻器R．閉合開關S后，調節R，使L1和L2發光的亮度一樣。此時開始計時，t′后斷開S．能正確反映流過L1的電流i1、流過L2的電流i2隨時間t變化的圖象是A. B.C. D.9、在圖示電路中，P為滑動變阻器的滑片，電表均為理想電表．下列說法正確的是A.在P向右移動的過程中，電流表的示數變大B.在P向右移動的過程中，電壓表的示數變大C.當P移到滑動變阻器的右端時，電源內部消耗的電功率最大D.當P移到滑動變阻器的右端時，電源的效率最高10、如圖所示，直角三角形ABC區域中存在一勻強磁場，比荷不同的兩個粒子a、b（不計重力）以相同的速度沿AB方向射入磁場，并分別從AC邊上的PQ兩點射出，a粒子的比荷是b粒子比荷的一半，則()A.從Q點射出的粒子的向心加速度小B.從P點和Q點射出的粒子動能一樣大C.a、b兩粒子帶異種電荷D.a、b兩粒子在磁場中運動的時間不同三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖中螺旋測微器讀數為______mm，圖中游標卡尺游標尺上有50個等分刻度讀數為______cm12．（12分）某探究小組在“電表的改裝和練習使用多用電表”的實驗中。（1）如圖甲，某同學設計的電流、電壓兩用表的電路，已知電流計G的量程是1mA，內阻是100Ω，電阻R1=1Ω，R2=99Ω，則選擇開關接到____（填“1”或“2”）時是電壓表；量程是___________V。（2）如圖乙為某種型號多用電表電阻檔內部原理示意圖，已知電流計內阻為，電池內阻為r。某同學用其電阻檔測電阻時進行如下操作：先閉合開關S，將紅、黑表筆分開時，調節可變電阻，當可變電阻接入電路的阻值為R時電流表滿偏；再將接入A、B表筆之間時電流計指針指在表盤的正中央，則待測電阻的阻值________。（用Rg、R、r表示）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A．如圖所示，由左手定則可判定：a粒子帶負電，b粒子帶正電，故A錯誤；B.由幾何關系可得Ra∶Rb＝故B錯誤。C．兩者運動時間相同，則由t＝Tb＝Ta可知，由可得，則＝＝故C正確。D．又由解得，則＝故D錯誤。故選C。2、D【解析】兩等量正電荷周圍部分電場線如圖所示，其中P、Q連線的中垂線MN上，從無窮遠到O過程中電場強度先增大后減小，且方向始終指向無窮遠方向；AB、由上面的分析知粒子所受的電場力是變化的，粒子由A向O的加速度可能先增大后減小，也可能一直減小；過O點可能先增大后減小，也可能一直增大，所以粒子從A點到B點的運動過程中加速度可能先增大后減小再增大后又減小，可能先減小后增大，故A、B錯誤；C、由上面的分析知粒子從A到O過程，電場力做正功，動能增大，從O到B過程中，電場力做負功，動能減小，故在O點試探電荷的動能最大，電勢能最低，不是零，故C錯誤；D、因AB關于O點對稱，粒子從A點由靜止釋放，到B的速度恰好為零，將在A、B之間做往復運動，故D正確；故選D3、B【解析】S1、S2均閉合時，根據閉合電路歐姆定律求出R的電壓，由P=UI求出R的功率，根據電動機兩端的電壓U＞IR分析電動機的線圈電阻，電源的效率等于電源的輸出功率與總功率的百分比；【詳解】A、S1、S2均閉合時，電流表示數，則R兩端電壓為：R的功率為：，故A錯誤；B、R的阻值為：當閉合S1、斷開S2時電流表示數為：則電動機兩端的電壓為：設電動機的線圈電阻為，根據，得，故B正確C、閉合S1、斷開S2時，路端電壓為：電源的效率為：，故C錯誤；D、閉合S1、斷開S2時，電動機的功率為：，故D錯誤【點睛】對于電動機，要知道其兩端的電壓與電流的關系是，求電功率只能用公式，求電熱只能用4、C【解析】發現利用磁場產生電流的條件和規律的科學家是法拉第，故選C.5、D【解析】帶電粒子以速率v垂直射入磁感強度為B的勻強磁場中，由洛倫茲力提供向心力，根據牛頓第二定律求出帶電粒子圓周運動的周期，由電流的定義式得出電流的表達式，再進行分析解：設帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的周期為T，半徑為r，則由qvB=m，得r=，T=環形電流：I==，可見，I與q的平方成正比，與v無關，與B成正比，與m成反比故選D【點評】本題是洛倫茲力、向心力和電流等知識的綜合應用，抓住周期與B、I的聯系是關鍵6、D【解析】A．用一定頻率的a單色光照射光電管時，電流計指針會發生偏轉，知νa>νb，a光的波長小于b光的波長，A錯誤；B．發生光電效應的條件：ν>ν0，增加b光的強度不能使電流計G的指針發生偏轉，B錯誤；C．發生光電效應時，電子從光電管左端運動到右端，而電流的方向與電子定向移動的方向相反，所以流過電流計G的電流方向是c流向d，C錯誤；D．增加a光的強度可使光子數增多，因此溢出的光電子數目增加，通過電流計G的電流增大，D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】A．帶電質點從a由靜止釋放，能沿電場線豎直向上運動，電荷所受的電場力一定豎直向上，且a、b點在同一條電場線上，故電荷受到的電場力方向相同，A正確；B．由題意知電場線的方向豎直向上，沿電場線方向電勢降低，故a點的電勢一定比b點的電勢高，B正確；C．帶電質點在整個向上運動的過程中，電場力均做正功，故電荷的電勢能減小，即在a點的電勢能比在b點的電勢能大，C錯誤；D．由題意可知，帶電質點先加速上升，后減速上升，故一定要考慮重力，且加速階段電場力大于重力，減速階段電場力小于重力，故a點的電場強度比b點的電場強度大，D正確。故選ABD。8、AD【解析】AB.由于小燈泡與電感線圈串聯，斷開S后，電感線圈對電流有阻礙作用，流過的電流逐漸減小，且減小得越來越慢，故A正確，B錯誤；CD.由圖中可知小燈泡中的電流方向先向左，當S斷開后，小燈泡中電流方向變為向右，且和中電流變化情況相同，故C錯誤，D正確；故選AD9、AC【解析】AB．滑動變阻器向右移動，電路總電阻減小，根據：可知，電流表的示數變大，根據：可知電壓表的示數減小；故A正確，B錯誤；CD．當P移到滑動變阻器的右端時，外電阻R最小，根據：可知，電路中的電流最大；根據：可知此時電源內部消耗的電功率最大；故C正確；根據效率：可知，此時的電源的效率最低，故D錯誤；10、AD【解析】A．由兩粒子出射點可知，兩粒子的半徑關系為，由可知，從Q點出射的粒子向心加速度較小，故A正確；B．由，兩粒子的質量關系位置，故動能不一定相同，故B錯誤；C．兩粒子的偏轉方向相同，由左手定則可知，兩粒子的電性相同，且都帶正電，故C錯誤；D．兩粒子轉過的圓心角相等，由可知，兩粒子比荷不同，故運動時間不同，故D正確；故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.0.900②.4.120【解析】根據“螺旋測微器和游標卡尺”可知，本題考查基本儀器的讀數問題，根據估讀規則，運用兩種儀器的讀數特點得到結果.【詳解】螺旋測微器固定刻度讀數，可動刻度讀數為，所以讀數為：.游標卡尺主尺讀數為41mm，游標尺上第10個刻度與主尺上某一刻度對齊，因此游標讀數為：，所以最終讀數為：.【點睛】解決本題的關鍵掌握游標卡尺和螺旋測微器的讀數方法，游標卡尺讀數的方法是主尺讀數加上游標讀數，不需估讀．螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀.12、①.2②.10③.【解析】（1）[1][2]．選擇開關接到1時為G與并聯為電流表，其量程為；選擇開關接到2時為改裝后的電流表與串聯為電壓表，根據歐姆定律，有：；（2）[3]．當未接入時，閉合開關S，將紅、黑表筆分開時，調節可變電阻，使電流表滿偏，由閉合電路歐姆定律得：當接入A、B表筆之間時，若電流表的指針指在表盤的正中