2022年上海市閔行區(qū)七寶中學(xué)高考物理模擬試卷

1.在物理學(xué)發(fā)展的過程中，有許多偉大的科學(xué)家做出了突出貢獻(xiàn).關(guān)于科學(xué)家和他們

的貢獻(xiàn)，下列說法正確的是（）

A.法拉第提出可以用電場(chǎng)線描繪電場(chǎng)的分布，極大地促進(jìn)了人們對(duì)電磁現(xiàn)象的研究

B.安培堅(jiān)信電和磁之間一定存在著聯(lián)系，發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，突破了對(duì)電與磁認(rèn)識(shí)

的局限性

C.英國(guó)物理學(xué)家卡文迪許利用扭秤首先較準(zhǔn)確地測(cè)定了靜電力常量

D.卡文迪許發(fā)現(xiàn)了變化的磁場(chǎng)可以產(chǎn)生電場(chǎng)，變化的電場(chǎng)也可產(chǎn)生磁場(chǎng)

2.關(guān)于振動(dòng)和波，下列說法正確的是（）

A.做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)，經(jīng)過同一位置時(shí)速度必相同

B.由單擺的振動(dòng)規(guī)律可知，各類擺的振動(dòng)周期都與擺的質(zhì)量和振幅均無關(guān)

C.各種波均會(huì)發(fā)生干涉和衍射現(xiàn)象，它是波特有的現(xiàn)象

D.聲波傳播過程中，介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)速度等于聲波的傳播速度

3.關(guān)于物體的內(nèi)能，下列說法正確的是（）

A.一定質(zhì)量的0n的冰融化為0汽的水時(shí)，分子勢(shì)能減小

B.熱量可以從低溫物體傳向高溫物體，能夠說明宏觀過程的方向性

C.通電時(shí)電阻發(fā)熱，它的內(nèi)能增加是通過熱傳遞方式實(shí)現(xiàn)的

D.物體內(nèi)熱運(yùn)動(dòng)速率大的分子數(shù)占總分子數(shù)比例與溫度有關(guān)

4.在某次升降機(jī)豎直艙送高空作業(yè)人員的過程中，其高度f加m

C.前4s處于超重狀態(tài)

D.8至12s處于失重狀態(tài)

5.如圖所示，同一豎直面內(nèi)有上下兩條用相同材料做“皿N

成的水平軌道MN、PQ,兩個(gè)完全相同的物塊4、B

放置在兩軌道上，4在B物塊正上方，力、B之間用一

細(xì)線相連.在細(xì)線的中點(diǎn)。施加拉力，使4、B-起向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則F的方

向是（圖中②表示水平方向）（）

A.沿①方向B.沿②方向

C.沿③方向D.沿①②③方向都可以

6.兩粗細(xì)相同、內(nèi)壁光滑的半圓形圓管好和兒連接在一起，且〃脛=\\

在b處相切，固定于水平面上。一小球從a端以某一初速度進(jìn)飛?".

入圓管，并從c端離開圓管。則小球由圓管ab進(jìn)入圓管兒后

A.線速度變小B.角速度變大

C.向心加速度變小D.小球?qū)鼙诘膲毫ψ兇?/p>

7.直線rnn是某電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線，方向如圖所示.一帶正電的粒子只在電場(chǎng)力的

作用下由a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，軌跡為一拋物線，以、%分別為a、b兩點(diǎn)的電勢(shì).下列

說法中正確的是（）

a?

m--'-n

?b

A.可能有9a<Vb

B.該電場(chǎng)可能為點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)

C.帶電粒子在b點(diǎn)的動(dòng)能一定大于在a點(diǎn)的動(dòng)能

D.帶電粒子由a運(yùn)動(dòng)到b的過程中電勢(shì)能一定一直減小

8.如圖所示，水平傳送帶勻速運(yùn)動(dòng)，在傳送帶的右側(cè)固定一彈性擋桿。在土=0時(shí)刻，

將工件輕輕放在傳送帶的左端，當(dāng)工件運(yùn)動(dòng)到彈性擋桿所在的位置時(shí)與擋桿發(fā)生碰

撞，已知碰撞時(shí)間極短，不計(jì)碰撞過程的能量損失。則從工件開始運(yùn)動(dòng)到與擋桿第

二次碰撞前的運(yùn)動(dòng)過程中，工件運(yùn)動(dòng)的u-t圖象下列可能的是（）

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9.如圖所示，F(xiàn)-t圖象表示某物體所受的合外力F隨時(shí)間t的變化關(guān)系，t=0時(shí)物體

的初速度為零，則下列說法錯(cuò)誤的是（）

A.前4s內(nèi)物體的速度變化量為零

B.前4s內(nèi)物體的位移為零

C.物體在。?2s內(nèi)的位移大于。?4s內(nèi)的位移

D.0?2s內(nèi)F所做的功等于0?4s內(nèi)物體克服F所做的功

10.在坐標(biāo)原點(diǎn)的波源產(chǎn)生一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，波速9=200zn/s,已知

t=0時(shí)刻，波剛好傳播到x=40zn處，如圖所示，在x=400巾處有一接收器（圖中

未畫出），則下列說法錯(cuò)誤的是（）

A.波源開始振動(dòng)時(shí)方向沿y軸負(fù)方向

B.從t=0開始經(jīng)0.15s,x=40m處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為0.6m

C.接收器在1=2s時(shí)才能接收到此波

D.若該波與另一列頻率為5Hz沿工軸負(fù)方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波相遇，不能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉

圖樣

11.如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E恒定，內(nèi)阻r=10,

定值電阻危=52當(dāng)電鍵K斷開與閉合時(shí)，ab段電路

消耗的電功率相等.以下說法中錯(cuò)誤的是（）

A.電阻&、可能分別為40、50

B.電阻治、/?2可能分別為30、60

C.電鍵K斷開時(shí)電壓表的示數(shù)一定大于K閉合時(shí)的示數(shù)

D.電鍵K斷開與閉合時(shí)，電壓表的示數(shù)變化量大小與電流表的示數(shù)變化量大小之比一

定等于60

12.如圖所示，均勻?qū)w圍成等腰閉合三角形線圈abc,底邊入

與勻強(qiáng)磁場(chǎng)的邊界平行，磁場(chǎng)的寬度大于三角形的高度.線。b

圈從磁場(chǎng)上方某一高度處由靜止開始豎直下落，穿過該磁23V

場(chǎng)區(qū)域，不計(jì)空氣阻力.下列說法中正確的是（）:::::

A.線圈進(jìn)磁場(chǎng)的過程中，可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)—.?內(nèi)4

B.線圈底邊進(jìn)、出磁場(chǎng)時(shí)，線圈的加速度必定相同

C.線圈底邊進(jìn)、出磁場(chǎng)時(shí)，線圈所受安培力可能大小相等、方向不同

D.線圈出磁場(chǎng)的過程中，可能做先減速后加速的直線運(yùn)動(dòng)

13.電源電動(dòng)勢(shì)是描述電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的（選填“過程”、“快

慢”或“本領(lǐng)）的物理量，其定義為力做功與的比值；用國(guó)際單位制

的基本單位表示電動(dòng)勢(shì)的單位應(yīng)為（用字母符號(hào)表示）.

14.如圖所示，在豎直平面的固定光滑圓軌道的最高點(diǎn)有一個(gè)光滑尸、、

的小孔，質(zhì)量為m的小環(huán)套在圓軌道上，用細(xì)線通過小孔系在

環(huán)上，緩慢拉動(dòng)細(xì)線，使環(huán)沿軌道上移，在移動(dòng)過程中拉力F（：\\

和軌道對(duì)小環(huán)的作用心的大小變化情況分別為：F.\\y

FN（均選填“增大”、“減小”、”先增大后減小”或

“先減小后增大等）.

15.如圖所示，兩端開口的U形管粗細(xì)均勻，左右兩管豎直，底部的直管水平.水銀柱

的長(zhǎng)度如圖中標(biāo)注所示，水平管內(nèi)兩段空氣柱a、b的長(zhǎng)度分別為10cm、5sH.在左

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管內(nèi)緩慢注入一定量的水銀，穩(wěn)定后右管的水銀面比原來升高了九=10cm,則此

時(shí)空氣柱匕在______（選填“水平”或“豎直”）管內(nèi)；已知大氣壓強(qiáng)p。=76cmHg,

則向左管注入的水銀柱長(zhǎng)度為cm.

16.如圖所示，水平面內(nèi)的等邊三角形4BC的邊長(zhǎng)為L(zhǎng),頂點(diǎn)C恰好位于光滑絕緣直軌道

CD的最低點(diǎn)，光滑直導(dǎo)軌的上端點(diǎn)。到4、B兩點(diǎn)的距離均為3。在AB邊上的豎直

投影點(diǎn)為。，一對(duì)電荷量均為-Q的點(diǎn)電荷分別固定于4B兩點(diǎn).在。處將質(zhì)量為根、

電荷量為+q（的小球套在軌道上（忽略它對(duì)原電場(chǎng)的影響），將小球由靜止開始釋放,

已知靜電力常量為人重力加速度為g,且k署=忽略空氣阻力，則小球沿

直軌道CO下滑過程中，電勢(shì)能的變化情況為（選填“一直增大”、“一直減

小”、“先增大后減小”或“先減小后增大”等）：小球剛到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的加速度大小

為.

17.如圖（a）,在一豎直線有兩點(diǎn)4、B,其距離記為％,一質(zhì)量為他的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）

從4點(diǎn)自由下落到達(dá)B點(diǎn)所用時(shí)間記為t.上下移動(dòng)B的位置，可得到多組x、t數(shù)值，

據(jù)此作出;隨t變化的圖線為如圖（b）所示的一條直線，直線的斜率為化由圖線可知,

當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮?=；若某次測(cè)得小球從4到B的時(shí)間為玲，則小球經(jīng)

過B點(diǎn)的動(dòng)能為o

9Ax

?Bto

圖(a)圖(b)

18.某同學(xué)測(cè)量直流恒流源的輸出電流I。和定值電阻&的阻值，電路如圖1所示。

實(shí)驗(yàn)器材有：直流恒流源（電源輸出的直流電流保持不變，約為0.84）；待測(cè)電

阻&（阻值約為20。）：滑動(dòng)變阻器R（最大阻值約為500）：電壓表匕電流表4.

回答下列問題：

（1）實(shí)驗(yàn)所用器材如圖2所示，圖中部分電路已經(jīng)連接好，請(qǐng)完成實(shí)驗(yàn)電路的連接;

（2）電路開關(guān)S閉合前，滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)滑動(dòng)到處（選填"a”、“b”，

見圖1）;

（3）所得實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下表，在圖3所示的直角坐標(biāo)系中畫出U-/圖象。

12345

電流表的示數(shù)0.200.300.400.500.60

電壓表的示數(shù)U/U13.912.110.27.606.1

（4）根據(jù)所畫U-/圖象，可求得直流恒流源輸出電流=A,待測(cè)電阻的阻值

Rx=（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

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19.如圖甲，質(zhì)量為2kg的滑塊受到一個(gè)沿斜面方向的外力尸作用，從斜面底端開始，

以初速度％=3.6m/s沿著傾角為37。足夠長(zhǎng)的斜面向上運(yùn)動(dòng)，物體與斜面間的動(dòng)摩

擦因數(shù)為〃=0.8.滑塊開始一段時(shí)間內(nèi)的速度-時(shí)間圖象如圖所示乙(g取10m/s2,

sin37°=0.6>cos37°=0.8).求：

(1)滑塊上滑過程中加速度的大小和方向；

(2)滑塊所受外力F的大小和方向；

(3)當(dāng)滑塊到最高點(diǎn)時(shí)撤除外力，此后滑塊能否返回斜面底端？若不能返回，求出

滑塊停在離斜面底端的距離.若能返回，求出返回斜面底端時(shí)的速度.

V.VOV.1UI.S

C

20.如圖所示，間距為1的光滑平行金屬導(dǎo)軌平面與水平面之間的夾角0=30。，導(dǎo)軌電

阻不計(jì).正方形區(qū)域abed內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,方向垂直于導(dǎo)軌平面向

上.甲、乙兩金屬桿電阻相同、質(zhì)量均為rn,垂直于導(dǎo)軌放置.起初甲金屬桿位于

磁場(chǎng)上邊界ab處，乙位于甲的上方，與甲間距也為1.現(xiàn)將兩金屬桿同時(shí)由靜止釋放，

從此刻起，對(duì)甲金屬桿施加沿導(dǎo)軌的拉力，使其始終以大小為a=的加速度向下

勻加速運(yùn)動(dòng).已知乙金屬桿剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)做勻速運(yùn)動(dòng)，重力加速度為g,求：

(1)乙金屬桿在磁場(chǎng)區(qū)域運(yùn)動(dòng)過程中，安培力的功率；

(2)每根金屬桿的電阻；

(3)寫出甲金屬桿在磁場(chǎng)區(qū)域運(yùn)動(dòng)的過程中，拉力F隨時(shí)間t變化的關(guān)系式。

B

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答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：4、法拉第提出可以用電場(chǎng)線描繪電場(chǎng)的分布，極大地促進(jìn)了人們對(duì)電磁

現(xiàn)象的研究，故A正確；

8、奧斯特堅(jiān)信電和磁之間一定存在著聯(lián)系，發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，突破了對(duì)電與磁認(rèn)

識(shí)的局限性，故8錯(cuò)誤；

C、英國(guó)物理學(xué)家卡文迪許利用扭秤首先較準(zhǔn)確地測(cè)定了引力常量，故C錯(cuò)誤；

。、麥克斯韋發(fā)現(xiàn)了變化的磁場(chǎng)可以產(chǎn)生電場(chǎng)，變化的電場(chǎng)也可產(chǎn)生磁場(chǎng)，故。錯(cuò)誤。

故選：4。

根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的物理學(xué)貢獻(xiàn)即可。

本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記

憶，這也是考試內(nèi)容之一。

2.【答案】BC

【解析】解：力、做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)，經(jīng)過同一位置時(shí)速度的大小相等，但方向可能相

同，有可能相反，故A錯(cuò)誤；

B、單擺的振動(dòng)周期T=2兀與擺球質(zhì)量和振幅無關(guān)，故B正確；

C、各種波均會(huì)發(fā)生干涉和衍射現(xiàn)象，它是波特有的現(xiàn)象，故C正確；

。、在聲波傳播過程中，各質(zhì)點(diǎn)在自己的平衡位置附近振動(dòng)，并不隨聲波而傳播；而且

波傳播的速度是不變的，而振動(dòng)的速度不斷變化。故。錯(cuò)誤；

故選：BCo

質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過同一位置時(shí)速度大小相等，方向不一定相同；單擺做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期與擺球的

質(zhì)量無關(guān)；干涉與衍射是波的特有現(xiàn)象；

在聲波傳播過程中，各質(zhì)點(diǎn)在自己的平衡位置附近振動(dòng)，并不隨聲波而傳播。

該題考查影響簡(jiǎn)諧振動(dòng)、單擺的振動(dòng)周期的因素、干涉與衍射等，其中要注意的是波傳

播的過程中，各質(zhì)點(diǎn)只是在平衡位置附近振動(dòng)，并不隨波傳播。

3.【答案】D

【解析】解：力、冰在熔化過程中吸收熱量，溫度不變，內(nèi)能增大，故分子勢(shì)能增大，

故A錯(cuò)誤；

8、熱量能自發(fā)的從高溫物體傳向低溫物體，說明宏觀過程的方向性，在“一定的條件

下”也能從低溫物體傳向高溫物體，但不能夠說明宏觀過程的方向性，故B錯(cuò)誤；

C、通電時(shí)電阻發(fā)熱，是通過電流做功的方式實(shí)現(xiàn)，不是熱傳遞，故C錯(cuò)誤；

。、根據(jù)分子運(yùn)動(dòng)的規(guī)律知，物體內(nèi)熱運(yùn)動(dòng)速率大的分子數(shù)占總分子數(shù)比例與溫度有關(guān),

故。正確；

故選：D。

冰在熔化過程中吸收熱量，溫度不變，內(nèi)能增大；根據(jù)熱力學(xué)第二定律可得；內(nèi)能改變

的兩種方式，做功和熱傳遞；根據(jù)分子運(yùn)動(dòng)的規(guī)律知，物體內(nèi)熱運(yùn)動(dòng)速率大的分子數(shù)占

總分子數(shù)比例與溫度有關(guān)。

本題主要考查了內(nèi)能變化，熱力學(xué)第二定律等，解題關(guān)鍵在于熟記熱學(xué)部分的知識(shí)點(diǎn)并

且正確運(yùn)用。

4.【答案】B

【解析】解:力、由圖可知，前6s物體的位移為x=6m,故平均速度為u=7=f=lm/s,

故A錯(cuò)誤；

B、前8s的位移為x'=16-4=12m,故平均速度i/=4=[=1.5m/s,故8正確；

t8

C、前4s物體的速度越來越大，則說明物體向下加速，加速度向下，故物體處于失重狀

態(tài)，故C錯(cuò)誤；

D、8至12s物體做減速運(yùn)動(dòng)，故加速度向上，處于超重狀態(tài)，故。錯(cuò)誤。

故選：Bo

根據(jù)h-t圖象可明確物體的高度變化，根據(jù)平均速度公式即可求得對(duì)應(yīng)的平均速度；

根據(jù)圖象的斜率可明確物體的速度變化，從而確定加速度的方向，再根據(jù)超重和失重的

性質(zhì)即可明確物體的狀態(tài).

本題考查對(duì)位移-時(shí)間圖象的認(rèn)識(shí)和應(yīng)用，要注意明確h-t圖象中圖象的斜率表示物體

的速度，根據(jù)速度變化可確定加速度方向.

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5.【答案】C

【解析】解：力的作用點(diǎn)是在細(xì)線的中點(diǎn)，而且物塊4在B的正上方，所以三角形48。是

等腰三角形，且4B在豎直方向，所以4。與B0與水平方向的夾角相等。因?yàn)?對(duì)水平軌

道的正壓力大于B對(duì)水平軌道的正壓力，所以水平面對(duì)4的摩擦力大于水平面對(duì)B的摩擦

力，由題意細(xì)線4。受到的拉力必須大于8。受到的拉力，所以F的方向只能是③方向。

故C正確，4、B、。錯(cuò)誤。

故選：C.

對(duì)2、B兩物體分析，抓住4、B對(duì)水平軌道的正壓力不同，導(dǎo)致摩擦力不等，根據(jù)水平

方向上平衡，得出40、B。拉力的大小，從而確定拉力F的方向.

解決本題的關(guān)鍵知道滑動(dòng)摩擦力與正壓力成正比，通過摩擦力的大小得出繩子拉力的大

小，從而確定拉力的方向.

6.【答案】C

【解析】

【分析】

小球做圓周運(yùn)動(dòng)，軌道對(duì)小球的水平方向的支持力的方向指向圓心，所以軌道對(duì)小球的

水平方向的支持力對(duì)小球不做功，小球的速度不變，由線速度與角速度的關(guān)系分析角速

度的變化，由向心力的公式分析向心力的變化和小球?qū)鼙诘膲毫Φ淖兓?/p>

該題考查圓周運(yùn)動(dòng)中的向心力與向心加速度，解答該題關(guān)鍵要抓住小球的線速度保持不

變，然后進(jìn)行分析。

【解答】

A.小球在水平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，軌道對(duì)小球的水平方向的支持力對(duì)小球不做功，小球的速度不

變，故4錯(cuò)誤：

A根據(jù)角速度與線速度的關(guān)系：v=3r可知：3=9線速度不變，軌道半徑增大，所

以小球的角速度減小，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)向心力的表達(dá)式：Fn=—,線速度不變，軌道半徑增大，所以小球的向心力減

小，則向心加速度也減小，故C正確；

D小球需耍的向心力減小，則軌道對(duì)小球的沿水平方向的支持力減小，軌道對(duì)小球的豎

直方向的支持力不變，所以軌道對(duì)小球的支持力的合力減小，根據(jù)牛頓第三定律可知，

小球?qū)鼙诘膲毫p小，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

7.【答案】C

【解析】解：

8、粒子運(yùn)動(dòng)軌跡為拋物線，則該粒子只受電場(chǎng)力作用為恒力，則說明該電場(chǎng)為勻強(qiáng)電

場(chǎng)。故8錯(cuò)誤；

A、順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，結(jié)合題目的圖可知%>丹?故A錯(cuò)誤；

C、帶電粒子從a運(yùn)動(dòng)到b的過程中，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，動(dòng)能增加，故C正確；

。、粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡是拋物線，但由于不知道在a點(diǎn)時(shí)粒子運(yùn)動(dòng)的具體方向，所以帶電

粒子由a運(yùn)動(dòng)到b的過程中電勢(shì)能可能一直減小，也可能先增大后減小，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

本題可根據(jù)電場(chǎng)線rnn的方向判定電勢(shì)，根據(jù)拋物線特點(diǎn)判定場(chǎng)強(qiáng)變化；根據(jù)受力與運(yùn)

動(dòng)軌跡的關(guān)系判斷出電場(chǎng)力做功的關(guān)系，進(jìn)而判斷出動(dòng)能的變化和電勢(shì)能的變化.

8.【答案】C

【解析】解：AB,工件與彈性擋桿發(fā)生碰撞后，其速度的方向發(fā)生改變，應(yīng)取負(fù)值。

故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤

CD,工件與彈性擋桿發(fā)生碰撞前的加速過程中和工件與彈性擋桿碰撞后的減速過程中

所受滑動(dòng)摩擦力不變，所以兩過程中加速不變，故C正確，。錯(cuò)誤

故選：Co

(1)工件與彈性擋桿碰撞后時(shí)間極短且沒有能量損失，意味著碰撞后工件立刻做向左的

減速運(yùn)動(dòng)

(2)工件與彈性擋桿發(fā)生碰撞前的加速過程中和工件與彈性擋桿碰撞后的減速過程中所

受滑動(dòng)摩擦力不變，所以兩過程中加速不變

(1)工件輕輕放在傳送帶上意味工件相對(duì)地面的初速為零，所以初始時(shí)工件在傳送帶滑

動(dòng)摩擦力的作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)

(2)工件與彈性擋桿發(fā)生碰撞前的加速過程中和工件與彈性擋桿碰撞后的減速過程中所

受滑動(dòng)摩擦力不變，所以兩過程中加速不變是做出正確判斷的關(guān)鍵

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9.【答案】AD

【解析】解：4、根據(jù)/=Ft知，F(xiàn)—t圖象與時(shí)間軸所圍的

面積大小表小F的沖量，則知前4s內(nèi)產(chǎn)的沖量/=(I。｝—

L/

5x2)N?s=0,根據(jù)動(dòng)量定理知，前4s內(nèi)物體的速度變化

量Zp=/=0,故A正確；024

BC、t=0時(shí)物體的初速度為零，前2s內(nèi)產(chǎn)的方向與物體的運(yùn)動(dòng)方向相同，物體一直做

加速運(yùn)動(dòng)，后2s內(nèi)尸的方向與物體的運(yùn)動(dòng)方向相反，物體做減速運(yùn)動(dòng)，而且t=4s時(shí)物

體的速度也為零，物體做單向直線運(yùn)動(dòng)，所以前4s內(nèi)物體的位移不為零。作出u-t圖

象如圖所示。

根據(jù)t圖象與t軸所圍的面積大小表示位移，可知，物體在0?2s內(nèi)的位移小于。?4s

內(nèi)的位移，故BC錯(cuò)誤；

。、設(shè)物體的質(zhì)量為m,最大速度為外由動(dòng)能定理得：0?2s內(nèi)F所做的功為：名=

-1mv2—c0=l-mv2.

22

0?4s內(nèi)，在2?4s物體克服F做功,根據(jù)動(dòng)能定理可知，2?4s內(nèi)物體克服F所做的功為：

2

W2=1mv,

所以0?2s內(nèi)F所做的功等于0?4s內(nèi)物體克服尸所做的功，故。正確。

故選：AD.

F-t圖象與時(shí)間軸所圍的面積大小表示F的沖量，根據(jù)動(dòng)量定理求前4s內(nèi)物體的速度變

化量。根據(jù)物體的受力情況分析其運(yùn)動(dòng)情況，作出t圖象分析各段時(shí)間內(nèi)位移大小?

根據(jù)動(dòng)能定理分析兩段時(shí)間內(nèi)F做功的大小。

本題中在0?2s內(nèi)產(chǎn)是變化的，不能運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分析位移，利用圖象法分析是技巧。

知道涉及力對(duì)空間的作用效果首選動(dòng)能定理，涉及力對(duì)時(shí)間的作用效果首選動(dòng)量定理。

10.【答案】C

【解析】解：力、根據(jù)波沿x軸正方向傳播，由圖可得：波前x=40m處質(zhì)點(diǎn)向下振動(dòng),

故波源起振方向向下，故A正確；

B、t=0時(shí)刻，x=40TH處質(zhì)點(diǎn)開始振動(dòng)；由圖可得：波長(zhǎng)4=20m,故周期『=△=

V

券s=0.1s,故質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)時(shí)間C=0.15s=|7,運(yùn)動(dòng)路程s=|x4/1=60cm=0.6m,

故3正確；

C、由波速可得：波傳播到接收器處的時(shí)間t=^=^^s=1.8s,故C錯(cuò)誤：

D、該波頻率/=；看板=10Hz,與另一列頻率為5Hz沿x軸負(fù)方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波

相遇，兩列波的頻率不同，故不能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣，故。正確；

本題選擇錯(cuò)誤選項(xiàng)，

故選：Co

由圖得到波前振動(dòng)方向，即可得到波源起振方向；由圖得到波長(zhǎng)，即可根據(jù)波速求得周

期，即可根據(jù)運(yùn)動(dòng)時(shí)間和周期的關(guān)系，由振幅求得路程；根據(jù)波的傳播得到傳播時(shí)間；

由兩波周期是否相同判斷能否產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣。

機(jī)械振動(dòng)問題中，一般根據(jù)振動(dòng)圖或質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)得到周期、質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向；再根據(jù)波形圖

得到波長(zhǎng)和波的傳播方向，從而得到波速及質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)，進(jìn)而根據(jù)周期得到路程。

11.【答案】B

【解析】解：AB,由題，電鍵K斷開與閉合時(shí)，防段電路消耗的電功率相等，則有：

+R\*(&+?2)=(7^/%

I十穴2十人3十+丁JK1TK3'?

將&=40、R2=50代入方程成立，將％=30、R2=60代入方程不成立，故A正確、

B錯(cuò)誤；

C、電鍵K斷開時(shí)外電路總電阻大于K閉合時(shí)外電路總電阻，K斷開時(shí)總電流小于K閉合

時(shí)總電流，電壓表示數(shù)U=E-/(/?3+r)，則電鍵K斷開時(shí)電壓表的示數(shù)一定大于K閉

合時(shí)的示數(shù)，故C正確；

D、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E-(/?3+r)/,則電壓表的示數(shù)變化量大小與電流

表的示數(shù)變化量大小之比為：詈=/?3+「=5。+10=60,故O正確。

本題選錯(cuò)誤的，故選：8。

當(dāng)K閉合時(shí)/?2被短路，根據(jù)電鍵K斷開與閉合時(shí)，ab段電路消耗的電功率相等，列出方

程，將電阻R1、/?2代入，選擇使方程成立的阻值.根據(jù)外電路總電阻的變化，分析電壓

表示數(shù)的大小關(guān)系.根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電鍵K斷開與閉合時(shí)電壓表的示數(shù)變化

量大小與電流表的示數(shù)變化量大小之比.

本題考查運(yùn)用閉合電路歐姆定律分析和計(jì)算電路問題的能力，關(guān)鍵是弄清楚電路的連接

情況，根據(jù)串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點(diǎn)，結(jié)合閉合電路的歐姆定律進(jìn)行解答。

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12.【答案】D

【解析】解：力、如果勻速，因?yàn)橛行懈铋L(zhǎng)度越小來越小，安培力會(huì)越來越小，不可

能勻速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

。、如果線圈比較高，而磁場(chǎng)的寬度比等腰三角形的高要大，因面線框進(jìn)入磁場(chǎng)后先減

速后加速，可能導(dǎo)致進(jìn)磁場(chǎng)的速度和出磁場(chǎng)的速度是一樣的，故。正確；

B、由切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和安培力可求得：尸安=8〃=*，速度一樣，安

培力一樣，根據(jù)牛頓第二定律：mg-F^=ma,加速度也可能一樣，但不是必定，故

B錯(cuò)誤；

C、由B選項(xiàng)可知，安培力產(chǎn)安=更典，而安培力總是阻礙相對(duì)運(yùn)動(dòng)，所以大小可能相等，

R

但方向均豎直向上，故c錯(cuò)誤。

故選：D。

分析線框的運(yùn)動(dòng)過程，根據(jù)線框受力情況分析判斷線框速度隨時(shí)間變化的關(guān)系，根據(jù)牛

頓第二定律，分析加速度變化情況；

理解電磁感應(yīng)的實(shí)質(zhì)：即機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能.其運(yùn)動(dòng)過程的分析方法與動(dòng)力學(xué)部分的分

析方法相同，本題關(guān)鍵是注意線圈的有效切割長(zhǎng)度在減小。

13.【答案】本領(lǐng)非靜電該電荷電量r

【解析】解：電源電動(dòng)勢(shì)是描述電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)；

電源的電動(dòng)勢(shì)的定義為即非靜電力把正電荷從負(fù)極移到正極所做的功與該電荷電量的

比值，稱電源的電動(dòng)勢(shì)；

用國(guó)際單位制的基本單位表示電動(dòng)勢(shì)的單位應(yīng)為v。

故答案為：本領(lǐng)；非靜電；該電荷電量；v

根據(jù)電源電動(dòng)勢(shì)是非靜電力把正電荷從負(fù)極移到正極所做的功與該電荷電量的比值理

解即可。

本題需注意電動(dòng)勢(shì)是非靜電力把正電荷從負(fù)極移到正極所做的功與該電荷電量的比值。

14.【答案】減小不變

【解析】解：小球沿圓環(huán)緩慢上移可看做勻速運(yùn)動(dòng)，對(duì)

小球進(jìn)行受力分析，小球受重力G,F,N,三個(gè)力。滿

足受力平衡。作出受力分析圖如圖所示。

由圖可知小OABSAGFA

GFN

即an：=—=

RABR

當(dāng)4點(diǎn)上移時(shí)，半徑不變，力B長(zhǎng)度減小，故尸減小，N不

變；

故答案為：減小，不變

對(duì)小球受力分析，作出力的平行四邊形，同時(shí)作出4B與半徑組成的圖象；則可知兩三

角形相似，故由相似三角形知識(shí)可求得拉力及支持力.

相似三角形法在處理共點(diǎn)力的動(dòng)態(tài)平衡時(shí)較為常見，當(dāng)無法準(zhǔn)確得出角邊關(guān)系時(shí)，應(yīng)考

慮應(yīng)用此法.

15.【答案】水平21.5

【解析】解：初狀態(tài)a、b兩部分空氣柱的壓強(qiáng)：=76cmHg+14cmHg=90cmHg

因右管水銀面升高的高度10cm<12cm,故b空氣柱仍在水平直管內(nèi)。

末狀態(tài)a、b兩部分空氣柱的壓強(qiáng)：P2=76cmHg+14cmHg+10cmHg=lOOcmHg

設(shè)末狀態(tài)a、b兩部分空氣柱的長(zhǎng)度分別為72、兒2：

對(duì)a部分空氣柱，根據(jù)波意耳定律：PrLalS=P2La2S

對(duì)b部分空氣柱，根據(jù)波意耳定律：P^S=P2Lb2S

代入數(shù)據(jù)解得：La2=9cmLb2=4.5cm

左管所注入的水銀柱長(zhǎng)度：L=2h+（Lai+兒1）—（La2+兒2）

代入數(shù)據(jù)解得：L=21.5cm

故答案為：水平；21.5

根據(jù)玻意耳定律求出注入水銀后兩部分氣體的長(zhǎng)度，再結(jié)合幾何關(guān)系即可求解向左管注

入的水銀柱長(zhǎng)度；

本題關(guān)鍵是判斷末狀態(tài)時(shí)b空氣柱仍在水平直管中，分析兩部分氣體的狀態(tài)參量，氣體

發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律求解即可。

16.【答案】先減小后增大0

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【解析】解：由幾何關(guān)系可知，在CD的連線上，CD連線的中點(diǎn)處于到4、8的距離最小，

電勢(shì)最低，小球帶正電，所以小球在CD的連線中點(diǎn)處的電勢(shì)能最小。則小球沿直軌道CD

下滑過程中，其電勢(shì)能先減小后增大。

由幾何關(guān)系：OD=0C3則有：ZOCD=45°

=叵2

對(duì)小球進(jìn)行受力分析，其受力的剖面圖如圖：

由于C到4、B的距離與。到4、B的距離都等于L,X.N

c點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小與。點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小相等，方/

45。

向指向0點(diǎn)，即為：Ec=ED=詈Q-----------<

qF

沿斜面方向：mg-cos45°-F-cos45°=ma

mg

垂直于方向：mg?sm45°+F-sin45°=N

其中F是庫(kù)侖力，有：F=q.Ec=q?岸=mg

聯(lián)立以上三式得：a=0；

故答案為：先減小后增大；0

根據(jù)等量同種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)的特點(diǎn)分析各點(diǎn)的電勢(shì)的變化，然后結(jié)合電勢(shì)與電勢(shì)能的關(guān)

系分析小球的電勢(shì)能的變化，對(duì)C點(diǎn)的小球進(jìn)行受力分析，結(jié)合庫(kù)侖定律即可求出小球

在C點(diǎn)的加速度。

此題的難度在于計(jì)算小球到最低點(diǎn)時(shí)的電場(chǎng)力的大小，注意4B處有等量同異種電荷,CD

位于4B邊的中垂面上，難度適中。

17.【答案】2k2mk2tQ

【解析】解：由自由落體規(guī)律％=：必2,得;=?或，所以即g=2k,

詔=2gx。，XQ=219^01^KB~2血就1聯(lián)乂解得：EKB=2771k2詔,

答：2k；2mk2to

根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)位移一時(shí)間關(guān)系結(jié)合圖像解答斜率；結(jié)合動(dòng)能定義表達(dá)動(dòng)能。

本題關(guān)鍵是熟練運(yùn)用自由落體規(guī)律。

18.【答案】a0.8722

【解析】解：(1)實(shí)驗(yàn)電路如圖2所示:

圖2

(2)為了讓電流表中電流由最小值開始調(diào)節(jié)，且開關(guān)閉合后為了保護(hù)電路安全，則滑動(dòng)

變阻器應(yīng)從最大阻值a處開始調(diào)節(jié)。

(3)描點(diǎn)連線，應(yīng)使更多的點(diǎn)在圖上，不在圖像的點(diǎn)分布在圖像兩側(cè)，誤差太大的點(diǎn)舍

去，如圖3所示

(4)根據(jù)圖像，當(dāng)電壓為0時(shí)，滑動(dòng)變阻器短路，則此時(shí)電流為直流電源的電流，則可知

電流約為0.874當(dāng)電壓為10.21/時(shí)，電流為0.404,則此時(shí)通過待測(cè)電阻的電流為/=

0.874-0.40/1=0.474

根據(jù)歐姆定律，有&=號(hào)=巖0=22。

/0.47

故答案為：(1)電路圖見解析；(2)a；(3)。一/圖象見解析；(4)0.87,22

(1)根據(jù)原理圖可得出對(duì)應(yīng)的實(shí)物圖；

(2)根據(jù)電路結(jié)構(gòu)進(jìn)行分析，明確滑動(dòng)變阻器的作用，從而根據(jù)安全性原則進(jìn)行分析；

(3)根據(jù)描點(diǎn)法可得出對(duì)應(yīng)的圖象；

(4)根據(jù)電路和圖象進(jìn)行分析，由串并聯(lián)電路的規(guī)律進(jìn)行分析從而確定恒定電流以及電

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阻的阻值.

本題考查實(shí)驗(yàn)原理的分析以及實(shí)物圖的連接等，要求能通過題意明確實(shí)驗(yàn)原理，再結(jié)合

所學(xué)過的物理規(guī)律進(jìn)行分析，關(guān)鍵在于明確電路結(jié)構(gòu)，知道總電流不變，再結(jié)合圖象進(jìn)

行分析即可.

19.【答案】解：(1)設(shè)沿斜面向上為正，由圖象。=塞=

=-15m/s2.

方向沿斜面向下，向上做勻減速運(yùn)動(dòng).

(2)設(shè)沿斜面向