江西省宜春市石灘農技中學2021年高一物理上學期期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.甲物體以乙物體為參考系是靜止的，甲物體以丙物體為參考系又是運動的，那么，以乙物體為參考系，丙物體的運動情況是(

)A.一定是靜止的

B．運動或靜止都有可能C．一定是運動的

D．條件不足，無法判斷參考答案：C2.（2014秋?蒼山縣期中）做勻減速直線運動的物體，依次通過A、B、C三點，位移xAB=xBC，已知物體在AB段的平均速度大小為8m/s，在BC段的平均速度大小為2m/s，那么物體B點的瞬時速度大小為（）A． 3m/s

B． 5m/s

C． 6m/s

D． 6.8m/s參考答案：D解：設加速度大小為a，經A、C的速度大小分別為vA、vC．據勻加速直線運動規律可得：vB2﹣vA2=2avc2﹣vB2=2a=v1=8m/s=v2=2m/s聯立可得：vB=6.8m/s故選：D．3.（單選）關于慣性和牛頓第一定律，下列說法中正確的是（）A．靜止的物體可能沒有慣性B．速度越大的物體慣性越大C．同一物體在地球上和月球上慣性不同D．伽利略的斜槽實驗以可靠的事實為基礎并把實驗探究和邏輯推理和諧地結合在一起參考答案：考點：牛頓第一定律；慣性．分析：牛頓第一定律是在實驗的基礎上推理概括得出的規律；它告訴我們物體在不受力的作用時保持靜止狀態或物體做勻速直線運動狀態．解答：解：A、慣性是物體的固有屬性，與運動狀態無關，故A錯誤；B、質量是慣性大小的唯一量度，與速度、環境等因素無關，故BC錯誤；D、伽利略的斜槽實驗以可靠的事實為基礎并把實驗探究和邏輯推理和諧地結合在一起，故D正確；故選：D．點評：此題是一道有關牛頓第一定律的基礎性的試題，解答時把握好：牛頓第一定律是在實驗的基礎上進一步的推理概括出來的科學理論，而不是直接通過實驗得出的；再就是物體在不受力的作用時，總保持靜止狀態或者是勻速直線運動狀態．4.（單選）如圖所示，小物體A沿高為h、傾角為θ的光滑斜面以初速度v0從頂端滑到底端，而相同的物體B以同樣大小的初速度從同等高度處豎直上拋，則A．兩物體落地時速度相同B．從開始至落地，重力對它們做功相同C．兩物體落地時重力的瞬時功率相同D．從開始運動至落地過程中，重力對它們做功的平均功率相同參考答案：B5.真空中有兩個點電荷A、B，它們間的距離為r,相互作用的靜電力為F,如果將其中一個電量增大為原來的4倍,另一個的電量保持不變,要使靜電力維持不變,則它們之間的距離應變為（

）A．4r

B．r/4

C．2r

D．r/2參考答案：C二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示，一細線懸掛一個小球，小球與光滑斜面接觸，懸線處于豎直，則斜面對小球的彈力大小為

N。參考答案：7.一個足球以10m/s的速度沿正東方向運動，運動員飛起一腳，足球以20m/s的速度向正西方向飛去，運動員與足球的作用時間為0.1s，足球獲得加速度的大小為________m/s2，方向_________。參考答案：8.（填空）（2014秋?城東區校級月考）一木塊恰好能沿傾角為α的固定斜面勻速下滑，則木塊與斜面之間動摩擦因數μ=

．參考答案：tanα牛頓第二定律；共點力平衡的條件及其應用以木塊為研究對象受力分析，正交分解，如圖：根據平衡條件：mgsinθ=fN=mgcosα又：f=μN聯立三個方程得：μ=tanα故答案為：tanα9.某高速公路邊交通警示牌如圖所示標記，其意義是指車輛的_________速度不得超過90km/h（填“瞬時”或“平均”）參考答案：__瞬時_10.（填空）力產生了加速度，從而使得物體的速度發生改變，當力與速度在同一條直線上時，力只改變

，當力與速度垂直時，力只改變

．參考答案：速度大小；速度方向根據牛頓第二定律可知，加速度方向與力的方向相同，當力與速度在同一條直線上時，加速度與速度方向在同一直線上，物體做直線運動，速度大小變化，則力只改變速度的大小，不改變速度的方向，當力與速度垂直時，力對物體不做功，只改變速度的方向，不改變速度的大小．故答案為：速度大小；速度方向11.修建鐵路彎道時，為了保證行車的安全，應使彎道的內側__________（填“略高于”或“略低于”）彎道的外側，并根據設計通過的速度確定內外軌高度差。若火車經過彎道時的速度比設計速度小，則火車車輪的輪緣與鐵道的_______（填“內軌”或“外軌”）間有側向壓力。參考答案：

(1).略低于

(2).內軌試題分析：火車以軌道的速度轉彎時，其所受的重力和支持力的合力提供向心力，當轉彎的實際速度大于或小于軌道速度時，火車所受的重力和支持力的合力不足以提供向心力或大于所需要的向心力，火車有離心趨勢或向心趨勢，故其輪緣會擠壓車輪．如果內外軌道等高，火車轉彎，靠外軌對車輪向內的擠壓提供向心力，這樣容易破壞鐵軌，不安全，所以應使彎道的內側略低于彎道的外側，靠重力和支持力的合力來提供向心力一部分；火車以某一速度v通過某彎道時，內、外軌道均不受側壓力作用，其所受的重力和支持力的合力提供向心力．由圖可以得出（為軌道平面與水平面的夾角），合力等于向心力，故，如果火車以比規定速度稍小的速度通過彎道，重力和支持力提供的合力大于向心力，所以火車車輪的輪緣與鐵道的內軌間有側向壓力．12.一質點從靜止開始做直線運動，第1s內以加速度lm／s2運動，第2s內加速度為-1m／s2。如此反復，在1.00s內此質點位移太小為

m。參考答案：5013.在一探究實驗中，一個小球在一個斜面上由靜止滾下，小球滾動的距離S和小球運動過程中經歷的時間T之間的關系如表所示。由表中數據可以初步歸納出小球滾動的距離S和小球滾動的時間T的關系是

T（s）0.250.51.02.0…S（cm）5.02080320…參考答案：s∝T2三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.質量為2kg的物體在水平推力F的作用下沿水平面做直線運動，一段時間后撤去F，其運動的v–t圖象如圖所示。g取10m/s2，求：（1）物體與水平面間的動摩擦因數μ；（2）水平推力F的大小；（3）0～10s內物體運動位移的大小。參考答案：（1）u=0.2，（2）F=6N，（3）46m試題分析：（1）由題中圖象知，t＝6s時撤去外力F，此后6～10s內物體做勻減速直線運動直至靜止，其加速度為又因為聯立得μ＝0．2。（2）由題中圖象知0～6s內物體做勻加速直線運動其加速度大小為由牛頓第二定律得F－μmg＝ma2聯立得，水平推力F＝6N。（3）設0～10s內物體的位移為x，則x＝x1＋x2＝×（2＋8）×6m＋×8×4m＝46m。考點：牛頓第二定律【名師點睛】本題是速度--時間圖象的應用，要明確斜率的含義，知道在速度--時間圖象中圖象與坐標軸圍成的面積的含義，能根據圖象讀取有用信息，并結合勻變速直線運動基本公式及牛頓第二定律求解．屬于中檔題。15.12．（3分）在上圖中，根據通電螺線管上方小磁針N極的指向，標出電源的“十”“一”極。參考答案：四、計算題：本題共3小題，共計47分16.2012年9月25日，我國首艘航空母艦“遼寧號”正式交接入列，航母使用滑躍式起飛甲板，2012年11月23日，我軍飛行員駕駛國產殲-15艦載機首次成功起降航空母艦，假設殲-15戰斗機在航母上起飛的情況可以簡化成如下模型。航空母艦上的起飛跑道由長度為l1的水平跑道和長度為l2=32m的傾斜跑道兩部分組成。水平跑道與傾斜跑道末端的高度差=4.0m。一架質量為=2.0×104kg的飛機,其噴氣發動機的推力大小恒為=1.2×105N，方向與速度方向相同，為了使飛機在傾斜跑道的末端達到起飛速度61m/s，外界還需要在整個水平軌道對飛機施加助推力推=1.4×105N。假設航母處于靜止狀態，飛機質量視為不變并可看成質點，飛機在整個運動過程中受到的平均阻力大小恒為飛機重力的k倍(k=0.1，g=10m/s2。）求：（1）殲-15在水平跑道末端的速度大小；（2）水平跑道l1的長度至少為多少(保留三位有效數字)。參考答案：、解：（1）飛機在傾斜跑道上運動有

①

（2分）

②

（2分）

③

（2分）

由①②③得m/s

（2分）(2)飛機在水平軌道上有

④

（2分）⑤

（2分）

由④⑤得=145m

17.如圖為質譜儀原理示意圖，電荷量為q、質量為m的帶正電的粒子從靜止開始經過電勢差為U的加速電場后進入粒子速度選擇器。選擇器中存在相互垂直的勻強電場和勻強磁場，勻強電場的場強為E、方向水平向右。已知帶電粒子能夠沿直線穿過速度選擇器，從G點垂直MN進入偏轉磁場，該偏轉磁場是一個以直線MN為邊界、方向垂直紙面向外的勻強磁場。帶電粒子經偏轉磁場后，最終到達照相底片的H點。可測量出G、H間的距離為l。帶電粒子的重力可忽略不計。求：（1）粒子從加速電場射出時速度v的大小。（2）粒子速度選擇器中勻強磁場的磁感應強度B1的大小和方向。（3）偏轉磁場的磁感應強度B2的大小。

參考答案：（2）帶正電粒子以速度v進入相互垂直的電、磁場做直線運動，受到水平向右的的電場力qE，水平向左的洛侖慈力qvB1，用左手平面定則判斷磁場B1的方向垂直紙面向外

（2分）且qE=qvB1

（2分）

可解得：（1分）（3）粒子以速度v從G進入偏轉磁場，受到洛侖慈力做勻速圓周運動，到達照相底片的H點，圓周運動的半徑R=（1分）洛侖慈力提供了粒子運動的向心力，根據牛頓第二定律，可得：

（3分）

將（1）的v代入，解得：（1分）18.如圖所示，一小球從平臺上拋出，恰好落在臨近平臺的一傾角為α＝53°的光滑斜面并下滑，已知斜面頂端與平臺的高度差h＝0.8m，重力加速度g＝10m/s2，