江蘇省鎮江市丹徒高資中學2021-2022學年高三物理上學期期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.有一半徑為R=20cm的圓0處在勻強電場中，勻強電場與圓共面，圓周上有四個點A、B、C、D,其位置關系如圖所示，已知BOC=74o，B、C及0三點的電勢分別為，，則以下分析判斷正確的是A．勻強電場的場強大小為100V/m

B．電子從0點移動到C點，其電勢能增加了16evC．A點的電勢

D．A點的電勢參考答案：AC2.（單選）如圖所示，傾角為θ的斜面體C置于水平面上，B置于斜面上，通過細繩跨過光滑的定滑輪與A相連接，連接B的一段細繩與斜面平行，A、B、C都處于靜止狀態．則（）A．B受到C的摩擦力一定不為零B．C受到水平面的摩擦力一定為零C．不論B、C間摩擦力大小、方向如何，水平面對C的摩擦力方向一定向左D．水平面對C的支持力與B、C的總重力大小相等參考答案：考點：共點力平衡的條件及其應用；靜摩擦力和最大靜摩擦力；力的合成與分解的運用．專題：共點力作用下物體平衡專題．分析：（1）該題的臨界狀態是當mAg=mBgsinθ時，沿斜面方向列平衡方程解得摩擦力f=0，（2）分析水平面對C的摩擦力，要把B和C看做一個整體，則整體受到重力、支持力及繩對整體斜向上的拉力，將斜向上的拉力分解為豎直向上和水平向右的分力．由于水平向右的分力的存在，故應有地面對整體的摩擦力，故C受到水平向左的摩擦力．（3）水平面對C的支持力由平衡條件知：水平地面對C的支持力等于B、C的總重力減去拉力沿豎直方向的分力．解答：解：A、對物體B：當mAg=mBgsinθ時．BC間摩擦力為0．故A錯誤．B、BC整體受到豎直向下的重力、豎直向上的支持力和斜向右上方的繩的拉力，而繩的拉力可分解為豎直向上的分力和水平向右的分力．由于BC靜止．由平衡條件知必有水平面對C的水平向左的摩擦力與拉力的水平分力平衡．所以水平面對C的摩擦力不可能為0，故B錯誤．C、由對B項的解析知：C正確．故C正確．D、對BC整體而言，由于拉力有豎直向上的分力，故水平面對C的支持力等于BC的總重力減分力．所以水平面對C的支持力不等于BC的總重力．故D錯誤．故選C．點評：該題著重考察學生對受力分析、平衡條件應用等知識的掌握情況以及整體法隔離法分析物理問題的能力．極易做錯．3.

一帶正電的小物塊處于一傾角為α的光滑絕緣斜面上，斜面距離地面有一定高度，整個裝置處于一水平向右的無限大的勻強電場中，小物塊處于靜止狀態。若突然將電場改為水平向左，且大小不變，小物塊將開始運動，那么小物塊可能：A.直接離開斜面做曲線運動B.在斜面上往復運動C.先沿斜面滑行，滑離斜面后仍做直線運動D.先沿斜面滑行，滑離斜面后做曲線運動參考答案：CD4.如圖a，在豎直平面內固定一光滑的半圓形軌道ABC，小球以一定的初速度從最低點A沖上軌道，圖b是小球在半圓形軌道上從A運動到C的過程中，其速度平方與其對應高度的關系圖像。已知小球在最高點C受到軌道的作用力為2.5N，空氣阻力不計，B點為AC軌道中點，重力加速度g取10m/s2，下列說法正確的是A.圖b中x=36m2·s－2B.小球質量為0.2kgC.小球在A點時重力的功率為5WD.小球在B點受到軌道作用力為8.5N參考答案：BD【詳解】A、小球在光滑軌道上運動，只有重力做功，故機械能守恒，所以有：，解得：，即為：，故選項A錯誤；B、由圖乙可知軌道半徑，小球在C點的速度，那么由牛頓第二定律可得：，解得：，故選項B錯誤；C、小球在A點時重力，方向向下，速度，方向向右，故小球在A點時重力的功率為0，故選項C錯誤；D、由機械能守恒可得在B點的速度為：；所以小球在B點受到的在水平方向上的合外力做向心力為：，所以，小球在B點受到軌道作用力為8.5N，故選項D正確；故選選項BD。5.如圖為一列沿x軸負方向傳播的簡諧橫波，實線為t＝0時刻的波形圖，虛線為t＝0.6s時的波形圖，波的周期T＞0.6s，則（

）A.波的周期為0.8s

B.在t＝0.9s時，P點沿y軸正方向運動C.經過0.4s，P點經過的路程為0.4m

D.在t＝0.5s時，Q點到達波峰位置參考答案：ACD根據題意應用平移法可知由實線得到虛線需要將圖象沿x軸負方向平移（n+）λ，其中n=0、1、2、3、4…，故由實線傳播到虛線這種狀態需要（n+）T，即（n+）T=0.6s，解得T=，其中n=0、1、2、3、4…，當n=0時，解得T=0.8s，當n=1時，解得T=0.34s，又T＞0.6s，故周期為0.8s，故A正確；由于波沿x軸負方向傳播，故t=0時p點沿y軸負方向運動，故t=0.8s時p點沿y軸負方向運動，而周期T=0.8s，故0.9s時P點沿y軸負方向運動．故B錯誤．在一個周期內p點完成一個全振動，即其運動路程為4A，而0.4s=T，故p點的運動路程為2A=0.4m，C正確；由題意可知波長λ=8m，則波速v==10m/s，在t=0時Q點的橫坐標為5m，由于波沿y軸負方向運動，故在t=0.5s的時間內波沿x軸負方向傳播的距離為x=vt=10×0.5=5m，故在t=0.5s時，Q點振動情況和t=0時距離坐標原點10m處的質點的振動情況相同，而t=0時距離坐標原點10m處的質點在波峰，在t=0.5s時，Q點到達波峰位置．故D正確．故選ACD．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.在光滑的水平面上有A、B兩輛質量均為m的小車，保持靜止狀態，A車上站著一個質量為m/2的人，當人從A車跳到B車上，并與B車保持相對靜止，則A車與B車速度大小之比等于________，A車與B車動量大小之比等于________。參考答案：3:2；1:1。7.如圖甲所示是一平面上晶體物質微粒的排列情況，圖中三條等長線AB、AC、AD上物質微粒的數目不同，由此得出晶體具有

▲

的性質。如圖乙所示，液體表面層分子比較稀疏，分子間距離大于分子平衡距離r0，因此表面層分子間作用表現為

▲

。參考答案：各向異性

引力8.（6分）某同學做了一個小實驗：先把空的燒瓶放到冰箱冷凍，一小時后取出燒瓶，并迅速把一個氣球緊密的套在瓶頸上，然后將燒瓶放進盛滿熱水的燒杯里，氣球逐漸膨脹起來，如圖所示。這是因為燒瓶里的氣體吸收了水的

，溫度

，體積

。參考答案：熱量，升高，增大解析：當用氣球封住燒瓶，在瓶內就封閉了一定質量的氣體，當將瓶子放到熱水中，瓶內氣體將吸收水的熱量，增加氣體的內能，溫度升高，由理氣方程可知，氣體體積增大。9.（4分）我國陸地面9.6×1012m2，若地面大氣壓

，地面附近重力加速度g=10m/s2，空氣平均摩爾質量為，阿伏伽德羅常數

，我國陸地上空空氣的總質量M=

；我國陸地上空空氣的分子總數N=

。(結果保留兩位有效數字)參考答案：9.6×1016Kg，1.9×1042個

解析：①大氣壓可看作是由空氣重量產生的，

代入數據解出

②分子總數10.打點計時器用頻率50Hz交流電打出的勻變速運動的紙帶，以原始點作為計數點，則根據此紙帶的數據，紙帶的加速度大小是

m/s2和打點計時器打第3個點時的紙帶速度是

m/s（保留3位有效數字）參考答案：9.40；

1.8711.已知一小量程電流表的內阻Rg為200歐姆，滿偏電流Ig為2mA．現在用如圖電路將其改裝為量程為0.1A和1A的雙量程電流表．（1）當用哪兩個接線柱時為0.1A的量程？答：a、c（2）當用哪兩個接線柱時為1A的量程？答：a、b（3）定值電阻R1=0.41，R2=3.7（保留兩位有效數字）．參考答案：考點：把電流表改裝成電壓表．專題：實驗題．分析：把電流計改裝成電流表需要并聯一個分流電阻，分析圖示電路結構、應用并聯電路特點與歐姆定律答題．解答：解：（1）電流表量程越小，并聯電阻阻值越大，由圖示可知，電流表量程為0.1A時，接a、c兩個接線柱．（2）電流表量程越大，并聯的分流電阻越小，由圖示可知，電流表量程為1A時，接a、b兩個接線柱．（3）由圖示電路圖可知，R1+R2=，R1=，代入數據解得：R1=0.41Ω，R2=3.7Ω故答案為：（1）a、c；（2）a、b；（3）0.41；3.7．點評：本題考查了電流表的改裝，知道電流表的改裝原理、分析清楚電路結構，應用串并聯電路特點、歐姆定律即可正確解題．12.磁電式電流表（表頭）最基本的組成部分是磁鐵和放在磁鐵兩極之間的線圈，由于線圈的導線很細，允許通過的電流很弱，所以在使用時還要擴大量程．已知某一表頭G，內阻Rg=30Ω，滿偏電流Ig=5mA，要將它改裝為量程為0～3A的電流表，所做的操作是并聯（填“串”或者“并”）一個0.05Ω的電阻．參考答案：考點：磁電式電表原理．分析：把電流表改裝成大量程電流表，應給電流表并聯一個電阻，阻值R并=，I為量程．解答：解：改裝成電流表是要擴大電流的量程，使用并聯電路的分流原理；要并聯的阻值為：R并===0.05Ω；故答案為：并，0.05．點評：改裝成電流表要并聯電阻分流，電阻值等于滿偏電壓除以所分最大電流，改裝成電壓表要串聯電阻分壓，電阻值等于量程除以滿偏電流減去原內阻．13.如圖為密閉鋼瓶中的理想氣體分子在兩種不同溫度下的速率分布情況，可知，一定溫度下氣體分子的速率呈現

分布規律；T1溫度下氣體分子的平均動能

（選填“大于”、“等于”或“小于”）T2溫度下氣體分子的平均動能。參考答案：中間多、兩頭少；小于試題分析：由圖可知，兩種溫度下氣體分子速率都呈現“中間多、兩頭少”的分布特點．由于T1時速率較低的氣體分子占比例較大，則說明溫度下氣體分子的平均動能小于溫度下氣體分子的平均動能．考點：考查了分子平均動能【名師點睛】要注意明確分子平均動能為統計規律，溫度升高時并不是所有分子的速率均增大，同時注意圖象的性質，能明確如何判斷分子平均速率的變化和溫度的變化．三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.某同學測量阻值約為25kΩ的電阻Rx，現備有下列器材：A．電流表(量程100μA，內阻約2kΩ)；B．電流表(量程500μA，內阻約300Ω)；C．電壓表(量程15V，內阻約100kΩ)；D．電壓表(量程50V，內阻約500kΩ)；E．直流電源(20V，允許最大電流1A)；F．滑動變阻器(最大阻值1kΩ，額定功率1W)；G．開關和導線若干．電流表應選________，電壓表應選________．(填字母代號)該同學正確選擇儀器后連接了以下電路，為保證實驗順利進行，并使測量誤差盡量減小，實驗前請你檢查該電路，指出電路在接線上存在的問題：①________________________________________________________________________；②________________________________________________________________________.參考答案：BC電流表應采用內接法滑動變阻器應采用分壓式接法15.(10分)某同學用如圖所示裝置做探究彈力和彈簧伸長關系的實驗。他先測出不掛砝碼時彈簧下端指針所指的標尺刻度，然后在彈簧下端掛上砝碼，并逐個增加砝碼，測出指針所指的標尺刻度，所得數據列表如下：(重力加速度g=9．8m／s2)

砝碼質量m/10g01.002.003.004.005.006.007.00標尺刻度x/10m15.0018.9422.8226.7830.6634.6042.0054.50

（1）根據所測數據，在答題卡的坐標紙上作出彈簧指針所指的標尺刻度底與砝碼質量的關系曲線。

（2）根據所測得的數據和關系曲線可以判斷，在

范圍內彈力大小與彈簧伸長關系滿足胡克定律。這種規格彈簧的勁度系數為

N／m。參考答案：答案：（1）曲線圖如下；（2）0~4.9

25.0

四、計算題：本題共3小題，共計47分16.一質量m=0.5kg的滑塊以一定的初速度沖上一傾角=37°足夠長的斜面，已知滑塊上滑過程中的圖象如圖所示，取sin37°=0.6,cos37°=0.8，g=10m/s2，求：（1）滑塊與斜面間的動摩擦因數；（2）滑塊返回斜面底端時的速度大小。參考答案：見解析（1）滑塊的加速度a=………………（1分）

滑塊沖上斜面過程中，mgsin………………（2分）

代入數據解得………………（1分）

（2）滑塊向上運動的位移…………（2分）

滑塊下滑過程中，------------（2分）

滑塊返回底端的速度……（2分）17.在某一旅游景區，建有一山坡滑草運動項目。該山坡可看成傾角θ＝30°的斜面，一名游客連同滑草裝置總質量m＝80kg，他從靜止開始勻加速下滑，在時間t＝5s內沿斜面滑下的位移x＝50m。（不計空氣阻力，取g＝10m/s2）求：（1）游客在斜坡上的加速度大小；（2）滑草裝置與草皮之間的動摩擦因數μ；（3）設游客滑下50m后進入水平草坪，試求游客在水平面上滑動的最大距離。（游客從斜坡轉入水平草坪運動時速率不變，且滑草裝置與草皮間的動摩擦因數處處相同）（結果可以保留根號）參考答案：【知識點】牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系．A2C2【答案解析】（1）（2）（3）173.2m解析：（1）由得：

（2）由得：

由

可求得：

（3）游客滑下50m后

在水平面上：得：

由

游客在水平面上滑動的最大距離為

【思路點撥】（1）根據勻變速直線運動的位移時間公式求出下滑的加速度，（2）在垂直斜面方向上，受力平衡，求出正壓力，根據滑動摩擦力的公式即可求得動摩擦力因素．（3）在水平面上，游客做勻減速直線運動，根據牛頓第二定律求出加速度，再根據運動學基本公式即可求解．解決本題的關鍵知道加速度是聯系力學和運動學的橋梁，通過加速度可以根據力求運動，也可以根據運動求力．18.如圖甲所示，一邊長為L＝2.5m、質量