河南省商丘市永城丁老家中學高三物理模擬試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（多選）在一次救災活動中，一輛救災汽車由靜止開始做勻變速直線運動，剛運動了8s，由于前方突然有巨石滾下，堵在路中央，所以又緊急剎車，勻減速運動經4s停在巨石前．則關于汽車的運動情況，下列說法正確的是()A．加速、減速中的加速度大小之比為a1:a2等于2:1B．加速、減速中的平均速度大小之比1:2等于1:1C．加速、減速中的位移之比x1：x2等于2：1D．加速、減速中的平均速度大小之比1:2等于1:2參考答案：BC解析：A、設汽車的最大速度為v，則勻加速直線運動的加速度大小a1=，勻減速直線運動的加速度大小a2=，則a1：a2=1：2，故A錯誤．B、根據平均速度的推論，知勻加速和勻減速直線運動的平均速度均為，可知平均速度大小之比為1：1．故B正確，D錯誤．C、根據x=t知，平均速度之比為1：1，則加速和減速運動的位移之比為2：1，故C正確．故選：BC．2.（多選）質量為m的物體靜止在粗糙的水平地面上，從t＝0時刻開始受到方向不變的水平拉力F作用，F與時間t的關系如圖甲所示．物體在t0時刻開始運動，其v－t圖象如圖乙所示，若認為滑動摩擦力等于最大靜摩擦力，則

A．物體與地面間的動摩擦因數為

B．物體在t0時刻的加速度大小為

C．物體所受合外力在t0時刻的功率為2F0v0

D．水平力F在t0到2t0這段時間內的平均功率為F0參考答案：【知識點】功率、平均功率和瞬時功率；勻變速直線運動的圖像；牛頓第二定律．A5C2E1【答案解析】AD

解析：A、物體在時刻開始運動，說明阻力等于水平拉力故為f=F0，摩擦因數為μ＝，故A錯誤；B、在t0時刻有牛頓第二定律可知，2F0-f=ma，a=，故B錯誤；C、物體受到的合外力為F=2F0-f=F0功率為P=F0v0，故C錯誤；D、2t0時刻速度為v=v0+t0，在t0-2t0時刻的平均速度為，故平均功率為P=2F0，故D正確；故選：AD【思路點撥】在t0時刻剛好運動說明物體受到的摩擦力等于阻力，故可判斷出摩擦因數；在0-t0時間內物體做變加速運動，不能用運動學公式求解；由P=Fv可求得平均功率，也可求的瞬時功率；本題主要考查了平均功率與瞬時功率的求法，注意P=Fv即可以求平均功率與瞬時功率。3.如圖所示，兩根等長的輕繩將日光燈懸掛在天花板上，兩繩與豎直方向的夾角都為45?，日光燈保持水平，所受重力為G，左右兩繩的拉力大小分別為()A．G和G

B.G和G

C.G和G

D.G和G參考答案：B4.如圖（1）所示，一根上細下粗、粗端與細端都均勻的玻璃管上端開口、下端封閉，上端足夠長，下端（粗端）中間有一段水銀封閉了一定質量的理想氣體。現對氣體緩慢加熱，氣體溫度不斷升高，水銀柱上升，則被封閉氣體體積和熱力學溫度的關系最接近圖（2）中的

（

）

A．Ａ圖線

B．Ｂ圖線

C．Ｃ圖線

D．Ｄ圖線

參考答案：A5.（單選）太陽系八大行星繞太陽運動的軌道可粗略地認為是圓;各行星的半徑、日星跟離和質

量如下表所示:

則根據所學的知識可以判斷以下說法中正確的是

A.太陽系的八大行星中，海王星做圓周運動的速率最大

B.太陽系的八大行星中，水星做圓周運動的周期最大

C.如果已知地球的公轉周期為1年，萬有引力常量G=6.67xN·/，再利用地球和太陽間的距離，則可以求出太陽的質量

D.如果已知萬有引力常量G=6.67xN·/，并忽略地球的自轉，利用地球的半徑以及地球表面的重力加速度g=10m/,則可以求出太陽的質量參考答案：C二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.某中學的實驗小組利用如圖所示的裝置研究光電效應規律，用理想電壓表和理想電流表分別測量光電管的電壓以及光電管的電流．當開關打開時，用光子能量為2.5eV的光照射光電管的陰極K，理想電流表有示數，閉合開關，移動滑動變阻器的觸頭，當電壓表的示數小于0.60V時，理想電流表仍有示數，當理想電流表的示數剛好為零時，電壓表的示數剛好為0.60V．則陰極K的逸出功為1.9eV，逸出的光電子的最大初動能為0.6eV．參考答案：：解：設用光子能量為2.5eV的光照射時，光電子的最大初動能為Ekm，陰極材料逸出功為W0，當反向電壓達到U=0.60V以后，具有最大初動能的光電子也達不到陽極，因此eU=Ekm由光電效應方程：Ekm=hν﹣W0由以上二式：Ekm=0.6eV，W0=1.9eV．所以此時最大初動能為0.6eV，該材料的逸出功為1.9eV；故答案為：1.9eV，0.6eV．7.如圖所示，物理興趣小組用如圖測物塊A與桌面間動摩擦因數μ，按圖連接好裝置，托住A，繩恰繃直．由P點靜止釋放，B落地后不反彈，最終m停在Q點．測出B下落高度h，和PQ間距離s．已知A．B質量均為m，則μ=

，若考慮定滑輪的轉動的動能，測量值____真實值．（選填偏大、不變、偏小）參考答案：；偏大【考點】探究影響摩擦力的大小的因素．【分析】在B下落過程中，對整體受力分析，根據動能定理求得落地的速度，B落地后，對A受力分析，根據動能定理，即可求得摩擦因數；由于在運動過程中有空氣阻力，即可判斷【解答】解：在B落地瞬間前，在整個過程中根據動能定理可知B落地后，對A有動能定理可知聯立解得μ=由于在下落過程中沒有考慮空氣阻力，故測量值比真實值偏大故答案為：；偏大8.如圖所示，L1、L2是輸電線，甲是

互感器，乙是

互感器，若甲圖中原副線圈匝數比為100：1，乙圖中原副線圈匝數比為1：10，且電壓表示數220V，電流表示數10A，則線路輸送電壓為

V，電流為

A。

參考答案：

答案：電壓、電流

22000、1009.某同學為了探究桿子轉動時的動能表達式，設計了下圖a所示的實驗：質量為m的均勻長直桿一端固定在光滑轉軸O處，桿由水平位置靜止釋放，用光電門測出另一端A經過某位置時的瞬時速度vA，并記下該位置與轉軸O的高度差h。⑴設桿的有效寬度為d（d很小），A端通過光電門的時間為t，則A端通過光電門的瞬時速度vA的表達式為

。⑵調節h的大小并記錄對應的速度vA，數據如下表。為了尋找反映vA和h的函數關系，請選擇適當的數據處理方法，并寫出處理后數據間的函數關系________________。⑶當地重力加速度g取10m/s2，結合你找出的函數關系，不計一切摩擦，根據守恒規律得出此桿轉動時動能的表達式Ek=

（請用數字、質量m、速度vA表示。）組次123456h/m0.050.100.150.200.250.30vA(m/s)1.231.732.122.462.743.00

參考答案：⑴

⑵vA2=30h

⑶10.如圖所示電路中，電源電動勢E＝8V，內電阻r＝4Ω，Er

定值電阻R1＝6Ω，R為最大阻值是40Ω的滑動變阻器．則在滑動變阻器左右滑動過程中，電壓表的最大讀數為V，電源的最大輸出功率為W．參考答案：6.4

3.8411.如圖甲所示，一定質量的理想氣體被質量為m的活塞封閉在導熱良好的氣缸內，此時活塞靜止且距離底部的高度為h，不計活塞與氣缸間的摩擦，外界大氣壓強為，氣缸橫截面積為S，重力加速度為g，則甲圖中封閉氣體的壓強P1為________，若在活塞上故置質量為m的鐵塊，活塞緩慢下滑△h后再次靜止，如圖乙所示，則△h為________.參考答案：

(1).

(2).【詳解】(1).甲圖氣體內部壓強為P1，活塞靜止，，所以(2).圖乙中，活塞下滑后再次靜止，,氣體發生的是等溫變化，又玻意耳定律：,故12.16．如圖所示，質點甲以8ms的速度從O點沿Ox軸正方向運動，質點乙從點Q（0m，60m）處開始做勻速直線運動，要使甲、乙在開始運動后10s在x軸上的P點相遇，質點乙運動的位移是

，乙的速度是

．參考答案：100m

10㎝/s13.物理小組在一次探究活動中測量滑塊與木板之間的動摩擦因數。實驗裝置如圖甲所示，打點計時器固定在斜面上。滑塊拖著穿過打點計時器的紙帶從斜面上滑下。圖乙是打出的紙帶一段。（1）已知打點計時器使用的交流電頻率為50Hz，選A、B、C……等7個點為計數點，且各計數點間均有一個沒有畫出，如圖乙所示。滑塊下滑的加速度a=

m/s2。（2）為測量動摩擦因數，下列物理量中還應測量的有

。（填入所選物理量前的字母）

A．木板的長度L

B．木板的末端被墊起的高度h

C．木板的質量m1

D．滑塊的質量m2

E．滑塊運動的時間t

（3）測量（2）中所選定的物理量需要的實驗器材是

。

（4）滑塊與木板間的動摩擦因數=

（用被測量物理量的字母表示，重力加速度為g）。與真實值相比，測量的動摩擦因數

（填“偏大”或“偏小”），寫出支持你的看法的一個論據：

。參考答案：（1）3.00（2分）（2）AB（2分）（3）刻度尺（1分）（4）（2分）偏大（1分）沒有考慮紙帶與打點計時器間的摩擦和空氣阻力等因素。三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.在探究小車的加速度a與小車質量M和小車受到的外力F的關系時（1）探究加速度和力的關系的實驗數據描繪出的a﹣F圖象如圖所示，下列說法正確的BDA．三條傾斜的直線所對應的小車的質量相等B．三條傾斜的直線所對應的小車的質量不同C．直線1所對應的小車的質量最大D．直線3所對應的小車的質量最大（2）由于沒有始終滿足小車的質量M遠大于鉤碼的質量m的關系，結果得到的圖象應是下圖中的D參考答案：考點：探究加速度與物體質量、物體受力的關系．專題：實驗題；牛頓運動定律綜合專題．分析：（1）根據牛頓第二定律寫出a與F的關系方程，結合圖象特點，可正確求解；（2）實驗問題需要結合物理規律去解決．對于實驗我們要清楚每一項操作存在的理由．比如為什么要平衡摩擦力，為什么要先接通電源后釋放紙帶等．根據該實驗實驗誤差產生的原因即可正確解答．解答：解：（1）根據牛頓第二定律有：F=ma，故有a=，所以在a﹣F圖象中斜率表示，故斜率大的質量小，三條圖象斜率不同，故質量不同，圖象3斜率最小，其質量最大，圖象1斜率最大，質量最小，故AC錯誤，BD正確．故選BD．（2）隨著增大，小車質量在減小，因此小車質量不再滿足遠大于砂和小砂桶的質量，加速度不可能一直均勻增大，加速度的增大幅度將逐漸減小，最后趨近與定值，故ABC錯誤，D正確．故選D．故答案為：（1）BD

（2）D點評：解決實驗問題首先要掌握該實驗原理，了解實驗的操作步驟和數據處理以及注意事項，尤其是理解平衡摩擦力和M＞＞m的操作和要求的含義．15.某同學用圖2所示電路，測繪標有“3.8V，0.3V”的小燈泡的燈絲電阻R隨電壓U變化的圖象。①除了導線和開關外，有以下一些器材可供選擇：

電流表：A1（量程100mA，內阻約2Ω）；

A2（量程0.6A，內阻約0.3Ω)；

電壓表：V1（量程5V，內阻約5kΩ）；V2（量程15V，內阻約15Ω）；

滑動變阻器：R（阻值范圍0～10）；

R（阻值范圍0～2k）；

電源：E1（電動勢為1.5V，內阻為0.2Ω）；

E2（電動勢為4V，內阻約為0.04Ω）。

為了調節方便，測量準確，實驗中應選用電流表___________，電壓表______________，滑動變阻器________________，電源___________________。（填器材的符號）

②根據實驗數據，計算并描繪出R-U的圖象如圖所示。由圖象可知，此燈泡在不不作時，燈絲電阻為___________；當所加電壓為3.00V時，燈絲電阻為____________，燈泡實際消耗的電功率為___________W。

③根據R-U圖象，可確定小燈泡耗電功率P與外加電壓U的關系。符合該關系的示意圖是下列圖中的__________。參考答案：答案：①A2V1R1E2②1.511.50.78③A解析：①對器材的選用應以安全、實用為原則。小燈泡的額定電壓和額定電流分別為3.8V和0.3A，故電壓表應選V1，電流表A2；由于是分壓接法，故滑動變阻器應選R1，便于調節，電源應選E2。

②由圖象可看出：U＝0時，小燈泡不工作，對應電阻為1.5Ω，當U＝3.0V時，對應的電阻為11.5Ω。此時，燈泡實際消耗的功率P＝＝0.78W。③由R－U圖線可看出，隨U的增大，電阻的變化越來越小，而P＝，隨U的變化，功率P的變化將更加明顯，故選A。四、計算題：本題共3小題，共計47分16.

偵察衛星在通過地球兩極上空的圓形軌道上運動，它的運動軌道距離地面的

高度為h,要使衛星在一天時間內將地面上赤道各處的情況全部都拍攝下來（衛星轉一圈拍

攝一次），衛星在每次通過赤道上空時，衛星的攝像機至少能拍攝地面上赤道圓周的弧長是

多少?設地球的半徑為R，地面處的重力加速度為g，地球自轉周期為T.參考答案：衛星運轉在地球表面衛星每轉一周經過赤道上空拍攝一次，一天內地球自轉一周，衛星每天可在赤道上空拍攝次數設為n:

G2=m﹙R+h﹚①

﹙2分﹚

在地球表面：G=mg

②

﹙2分﹚ks5u

由①②式得：T1=2

﹙2分﹚

n==3

﹙2分﹚

每次經過赤道上空要拍攝的赤道弧長s為：S==

﹙2分﹚

17.(14分)有些航空母艦上裝有幫助飛機起飛的彈射系統，一已知某型號的戰斗機在跑道上加速時可能產生的最大加速度為5.0m/s2，當飛機的速度達到50rn/s時才能離開航空母艦起飛．設航空母艦處于靜止狀態．問：（1）若要求該飛機滑行160m后起飛，彈射系統必須使飛機具有多大的初速度?（2）若某艦上不裝彈射系統，要求該種飛機仍能此艦上正常起飛，問該艦身長至少應為多長?（3）若航空母艦上不裝彈射系統，設航空母艦甲板長為L=160m，為使飛機仍能從此艦上正常起飛，這時可以先讓航空母艦沿飛機起飛方向以某一速度勻速航行，則這個速度至少為多少?

參考答案：解析：設經彈射系統幫助起飛時初速度為v0

(1)由公式可知(m/s)

(2)不裝彈射系統時；飛機從靜上開始做勻加速直線運動。

由公式v2=2ax可知：該艦身長至少應為=250(m)

(3)由于航空母艦沿飛機起飛方向勻速航行，設速度為v1，在飛機起跑過程申的位移為x1。則：x1=v1t

在飛機起跑過程中做初速度為v1的勻加速運動，設位移為x2

由公式可知：，

運動的時間為，所以，

由位移關系可知：L=x2－x1

即：