福建省漳州市南靖縣第二中學2021-2022學年高三物理月考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選題）如圖，欲使在粗糙斜面上勻速下滑的木塊A停下，可采用的方法是A．增大斜面的傾角B．對木塊A施加一個垂直于斜面的力C．對木塊A施加一個豎直向下的力D．在木塊A上再疊放一個重物參考答案：B2.（單選）某空間有一圓柱形勻強磁場區域.磁感應強度大小為B。該區域的橫截面的半徑為R，磁場方向垂直于橫截面。一質量為m、電荷量為q(q>0)的粒子以某一速率沿橫截面的某直徑射入磁場，離開磁場時速度方向偏離入射方向74°。不計重力。則初速度v0大小為(已知sin37=)A、 B、 C、 D、參考答案：A

解析：帶正電的粒子垂直磁場方向進入圓形勻強磁場區域，由洛倫茲力提供向心力而做勻速圓周運動，畫出軌跡，根據幾何知識得知，軌跡的圓心角等于速度的偏向角60°，且軌跡的半徑為r=Rcot37°=R根據牛頓第二定律得

qv0B=m得，，故A正確，BCD錯誤；故選：A3.在物理學發展過程中，觀測、實驗、假說和邏輯推理等方法都起到了重要作用。下列敘述符合史實的是A.奧斯特在實驗中觀察到電流的磁效應，該效應解釋了電和磁之間存在聯系B.安培根據通電螺線管的磁場和條形磁鐵的磁場的相似性，提出了分子電流假說C.法拉第在實驗中觀察到，在通有恒定電流的靜止導線附近的固定導線圈中，會出現感應電流D.楞次在分析了許多實驗事實后提出，感應電流應具有這樣的方向，即感應電流的磁場總要阻礙引起感應電流的磁通量的變化參考答案：ABD奧斯特在實驗中觀察到電流的磁效應,該效應揭示了電和磁之間存在聯系，選項A正確；安培根據通電螺線管的磁場和條形磁鐵的磁場的相似性,提出了分子電流假說，選項B正確；法拉第在實驗中觀察到,在通有變化電流的靜止導線附近的固定導線圈中會出現感應電流，選項C錯誤；楞次在分析了許多實驗事實后提出,感應電流應具有這樣的方向,即感應電流的磁場總要阻礙引起感應電流的磁通量的變化，選項D正確；故選ABD.4.（多選）如圖所示，10匝矩形線框在磁感應強度B=T的勻強磁場中，繞垂直磁場的軸OO′以角速度ω=100rad/s勻速轉動，線框電阻不計，面積為S=0.3m2，線框通過滑環與一理想變壓器的原線圈相連，副線圈接有兩只燈泡L1（0.3W30Ω）和L2，開關閉合時兩燈泡均正常發光，且原線圈中電流表示數為0.04A，則下列判斷正確的是（）A．若從圖示線框位置開始計時，線框中感應電動勢的瞬時值表達式為e=30sin100t（V）B．理想變壓器原、副線圈匝數比為10：1C．燈泡L2的額定功率為0.9WD．若開關S斷開，電流表示數將增大參考答案：解：A、變壓器的輸入電壓的最大值為：Um=NBSω=10××0.3×100=V從垂直中性面位置開始計時，故線框中感應電動勢的瞬時值為：u=Umcosωt=cos100t（V），故A錯誤；B、變壓器輸入電壓的有效值為：V開關閉合時兩燈泡均正常發光，所以V所以：．故B正確；C、原線圈的輸入功率：P1=U1I1=30×0.04W=1.2W由于原線圈的輸入功率等于副線圈的輸出功率，所以：PL2=P1﹣PL1=1.2﹣0.3=0.9W．故C正確；D、若開關S斷開，輸出電壓不變，輸出端電阻增大，故輸出電流減小，故輸入電流也減小，電流表的示數減小．故D錯誤．故選：BC．5.關于溫度，下列說法正確的是

（

）A．溫度升高1℃，也可以說溫度升高1KB．溫度由攝氏溫度t升至2t，對應的熱力學溫度便由T升至2TC．絕對零度就是當一定質量的氣體體積為零時，用實驗方法測出的溫度D．隨著人類制冷技術的不斷提高，總有一天絕對零度會達到參考答案：A二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.右圖為小車做直線運動的s－t圖，則小車在BC段做______運動，圖中B點對應的運動狀態的瞬時速度大小是______m/s。參考答案：勻速，1.6~1.9

7.已知地球和月球的質量分別為M和m，半徑分別為R和r。在地球上和月球上周期相等的單擺擺長之比為________，擺長相等的單擺在地球上和月球上周期之比為________。參考答案：Mr2：mR2；。8.用能量為E0的光子照射基態氫原子，剛好可使該原子中的電子成為自由電子，這一能量E0稱為氫的電離能．現用一頻率為v的光子從基態氫原子中擊出一電子（電子質量為m)。該電子在遠離核以后速度的大小為

，其德布羅意波長為

（普朗克常全為h)參考答案：

9.質點在x軸上運動，其位置坐標x隨時間t的變化關系為x=2t2+2t﹣4，則其加速度a=4m/s2．當t=0時，速度為2m/s（x的單位是m，t的單位是s）．參考答案：考點：勻變速直線運動的位移與時間的關系．專題：直線運動規律專題．分析：根據勻變速直線運動的公式x=去分析加速度和初速度．解答：解：根據x=，以及x=2t2+2t﹣4，知a=4m/s2．當t=0時，速度為2m/s．故本題答案為：4，2點評：解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的位移時間公式x=．10.如圖13所示的是“研究小球的平拋運動”時拍攝的閃光照片的一部分，其背景是邊長為5cm的小方格，取g＝10m/s2。由此可知：閃光頻率為________Hz；小球拋出時的初速度大小為________m/s；從拋出點到C點，小球經過B點時的速度大小是________m/s.參考答案：10；

1.5；

2.511.16．如圖所示，質點甲以8ms的速度從O點沿Ox軸正方向運動，質點乙從點Q（0m，60m）處開始做勻速直線運動，要使甲、乙在開始運動后10s在x軸上的P點相遇，質點乙運動的位移是

，乙的速度是

．參考答案：100m

10㎝/s12.用中子轟擊鋰核()，發生的核反應為：，式中n代表中子，X代表核反應產生的新核，同時釋放出4.8MeV的核能(leV=1.6xl0J)。則新核中的中子數為△△

，核反應過程中的質量虧損為△△

kg(計算結果保留兩位有效數字)。參考答案：2

13.在電梯上有一個質量為100kg的物體放在地板上，它對地板的壓力隨時間的變化曲線如圖所示，電梯從靜止開始運動，在頭兩秒內的加速度的大小為________，在4s末的速度為________，在6s內上升的高度為________。參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖所示，質量m=1kg的小物塊靜止放置在固定水平臺的最左端，質量2kg的小車左端緊靠平臺靜置在光滑水平地面上，平臺、小車的長度均為0.6m。現對小物塊施加一水平向右的恒力F，使小物塊開始運動，當小物塊到達平臺最右端時撤去恒力F，小物塊剛好能夠到達小車的右端。小物塊大小不計，與平臺間、小車間的動摩擦因數均為0.5,重力加速度g取10m/s2，水平面足夠長，求:(1)小物塊離開平臺時速度的大小；(2)水平恒力F對小物塊沖量的大小。參考答案：（1）v0=3m/s；（2）【詳解】（1）設撤去水平外力時小車的速度大小為v0，小物塊和小車的共同速度大小為v1。從撤去恒力到小物塊到達小車右端過程，對小物塊和小車系統：動量守恒：能量守恒：聯立以上兩式并代入數據得：v0=3m/s（2）設水平外力對小物塊的沖量大小為I，小物塊在平臺上運動的時間為t。小物塊在平臺上運動過程，對小物塊：動量定理：運動學規律：聯立以上兩式并代入數據得：15.（09年大連24中質檢）（選修3—4）（5分）半徑為R的半圓柱形玻璃，橫截面如圖所O為圓心，已知玻璃的折射率為，當光由玻璃射向空氣時，發生全反射的臨界角為45°．一束與MN平面成45°的平行光束射到玻璃的半圓柱面上，經玻璃折射后，有部分光能從MN平面上射出．求①說明光能從MN平面上射出的理由?

②能從MN射出的光束的寬度d為多少?參考答案：解析：①如下圖所示，進入玻璃中的光線a垂直半球面，沿半徑方向直達球心位置O，且入射角等于臨界角，恰好在O點發生全反射。光線a右側的光線（如：光線b）經球面折射后，射在MN上的入射角一定大于臨界角，在MN上發生全反射，不能射出。光線a左側的光線經半球面折射后，射到MN面上的入射角均小于臨界角，能從MN面上射出。（1分）最左邊射向半球的光線c與球面相切，入射角i=90°折射角r=45°。故光線c將垂直MN射出（1分）

②由折射定律知（1分）

則r=45°

（1分）

所以在MN面上射出的光束寬度應是

（1分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，用跨過光滑滑輪的纜繩將海面上一艘失去動力的小船沿直線拖向岸邊，已知拖動纜繩的電動機功率恒為，小船的質量為，小船受到阻力大小恒為，小船經過A點時速度大小為，小船從A點沿直線加速運動到B點經歷時間為，AB兩點間距離為，不計纜繩質量．求：（1）A到B點過程中，小船克服阻力所做的功；（2）小船經過B點時速度大小；（3）小船經過B點時的加速度大小．參考答案：（1）小船從A點運動到B點克服阻力做功

①

(2分)（2）小船從A點運動到B點，電動機牽引繩對小船做功W=Pt1

②

(1分)由動能定理有

③

(2分)由①②③式解得

④

(2分)設小船經過B點時繩的拉力大小為F，繩與水平方向夾角為θ，繩的速度大小為u，

P=Fu⑤

(1分)

⑥

(1分)牛頓第二定律⑦

(1分)由④⑤⑥⑦得

(2分)（另解：設細繩的拉力為F，繩與水平方向夾角為θ，則細繩牽引小船的功率為P=Fcosθ·v1

；

17.如圖所示，Q為一個原來靜止在光滑水平面上的物體，質量為M，它帶有一個凹形的不光滑軌道，軌道的ab段是水平的，bc段是半徑為R的圓弧，位于豎直平面內。P是另一個小物體，質量為m，它與軌道間的動摩擦因數為μ。物體P以沿水平方向的初速度v0沖上Q的軌道，已知它恰好能到達軌道頂端c點，后又沿軌道滑下，并最終在a點停止滑動，然后與Q一起在水平面上運動。（1）分別求出P從a點滑到c點和從c點滑回a點的過程中各有多少機械能轉化為內能？

（2）P位于軌道的哪個位置時，Q的速度達到最大？參考答案：（1）當P在Q上滑行時，水平方向系統受合外力為零，故在水平方向系統動量守恒。當P到達c點時，P和Q具有共同的水平速度V。根據動量守恒定律，

mv0=(m+M)V

（1）P由a點滑到c點的過程中，系統損失的機械能轉化為內能，則根據功能關系

（2）由（1）、（2）兩式得

④當P到達c點時，P和Q仍具有共同的水平速度V。所以在P由c點滑回到a點的過程中，有

即

Q下=mgR

②

(2)在P從a滑到c的過程中，P對Q的作用力都偏向右側，因此Q受到向右的作用力，Q將一直加速，到達c點時P、Q間無相互作用；從c滑到b的過程中，P的受力分析示意圖如右圖所示，其中支持力N偏向左側，摩擦力f偏向右側。這個過程的前一階段，P受到的合外力的水平分力向左，則Q受到合力的水平分力向右，Q將繼續加速，當P在水平方向受力平衡的時刻，就是Q速度最大的時刻。

④此時滿足

fcosθ=Nsinθ并且

f=μN因此得

tanθ=μ即P所在位置的半徑與豎直方向的夾角為

θ=arctanμ。

④

18.（15分）如圖所示，擺錘的質量為M，擺桿長為L，其質量不計，擺桿初始位置OA與水平面成α角，釋放后擺錘繞O軸無摩擦地做圓周運動，至最低點與質量為m的鋼塊發生碰撞，碰撞時間極短，碰后擺錘又繼續右擺，剛好可以上升至B點，A、B、O位于同一條直線上，鋼塊與水平面間的動摩擦因數為μ，求碰后鋼塊能滑行的距