2022-2023學年九上數學期末模擬試卷考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（每題4分，共48分）1．如圖，∠AOB是放置在正方形網格中的一個角,則tan∠AOB（）A． B． C．1 D．2．關于x的方程有實數根，則k的取值范圍是（）A． B．且 C． D．且3．如圖，將矩形ABCD繞點A順時針旋轉到矩形AB′C′D′的位置，若旋轉角為20°，則∠1為（）A．110° B．120° C．150° D．160°4．如圖，將△AOB繞著點O順時針旋轉，得到△COD，若∠AOB＝40°，∠BOC＝30°，則旋轉角度是（）A．10° B．30° C．40° D．70°5．已知二次函數的圖象與x軸只有一個交點，則這個交點的坐標為（）A．（0，－1） B．（0，1） C．（－1，0） D．（1，0）6．﹣2019的倒數的相反數是（）A．﹣2019 B． C． D．20197．如圖，在矩形中，，為邊的中點，將繞點順時針旋轉，點的對應點為，點的對應點為，過點作交于點，連接、交于點，現有下列結論：①；②；③；④點為的外心．其中正確的是（）A．①④ B．①③ C．③④ D．②④8．如圖，在?ABCD中，F為BC的中點，延長AD至E，使DE：AD＝1：3，連接FF交DC于點G，則DG：CG＝（）A．1：2 B．2：3 C．3：4 D．2：59．如圖，面積為的矩形在第二象限，與軸平行，反比例函數經過兩點，直線所在直線與軸、軸交于兩點，且為線段的三等分點，則的值為（）A． B．C． D．10．一個布袋里裝有2個紅球、3個黃球和5個白球，除顏色外其它都相同，攪勻后任意摸出一個球，是白球的概率為（）A． B． C． D．11．在同一坐標系中，一次函數與二次函數的圖象可能是（）．A． B． C． D．12．如圖，縮小后變為，其中、的對應點分別為、，點、、、均在圖中格點上，若線段上有一點，則點在上對應的點的坐標為()A． B． C． D．二、填空題（每題4分，共24分）13．正六邊形的中心角為_____；當它的半徑為1時，邊心距為_____．14．若A(7，y1)，B(5，y2)，都是反比例函數的圖象上的點，則y1_____y2(填“＜”、”﹣”或”＞”)．15．將拋物線向右平移2個單位長度，再向上平移1個單位長度，所得拋物線的函數表達式是_____．16．如圖，在邊長為1的正方形網格中，．線段與線段存在一種變換關系，即其中一條線段繞著某點旋轉一個角度可以得到另一條線段，則這個旋轉中心的坐標為__________．17．如圖，已知梯形ABCO的底邊AO在軸上，，AB⊥AO，過點C的雙曲線交OB于D，且，若△OBC的面積等于3，則k的值為__________．18．關于x的一元二次方程kx2+3x﹣1＝0有實數根，則k的取值范圍是_____．三、解答題（共78分）19．（8分）已知如圖，拋物線y＝ax2+bx+3與x軸交于點A（3，0），B（﹣1，0），與y軸交于點C，連接AC，點P是直線AC上方的拋物線上一動點（異于點A，C），過點P作PE⊥x軸，垂足為E，PE與AC相交于點D，連接AP．（1）求點C的坐標；（2）求拋物線的解析式；（3）①求直線AC的解析式；②是否存在點P，使得△PAD的面積等于△DAE的面積，若存在，求出點P的坐標，若不存在，請說明理由．20．（8分）如圖，四邊形ABCD中，AC平分∠DAB，∠ADC＝∠ACB＝90°，E為AB的中點，（1）求證：AC2＝AB?AD．（2）求證：CE∥AD；（3）若AD＝4，AB＝6，求AF的值．21．（8分）天空中有一個靜止的廣告氣球C，從地面A點測得C點的仰角為45°，從地面B測得仰角為60°，已知AB=20米，點C和直線AB在同一鉛垂平面上，求氣球離地面的高度.（結果精確到0.1米）22．（10分）如圖，在△ABC中，AB=AC，以AC為直徑的⊙O交BC于點D，交AB于點E，過點D作DF⊥AB，垂足為F，連接DE．（1）求證：直線DF與⊙O相切；（2）若AE=7，BC=6，求AC的長．23．（10分）如圖，在每個小正方形的邊長均為的方格紙中，有線段和線段，點、、、均在小正方形的頂點上.（1）在方格紙中畫出以為一邊的銳角等腰三角形，點在小正方形的頂點上，且的面積為；（2）在方格紙中畫出以為一邊的直角三角形，點在小正方形的頂點上，且的面積為5；（3）連接，請直接寫出線段的長.24．（10分）如圖，在△ABC中，AB＝AC＝13，BC＝10，求tanB的值．25．（12分）如圖，已知AB是⊙O的直徑，BC⊥AB，連結OC，弦AD∥OC，直線CD交BA的延長線于點E,（1）求證：直線CD是⊙O的切線；（2）若DE=2BC，求AD：OC的值．26．如圖已知一次函數y1＝2x+5與反比例函數y2＝（x＜0）相交于點A，B．（1）求點A，B的坐標；（2）根據圖象，直接寫出當y?≤y?時x的取值范圍．

參考答案一、選擇題（每題4分，共48分）1、C【分析】連接AB，分別利用勾股定理求出△AOB的各邊邊長，再利用勾股定理逆定理求得△ABO是直角三角形，再求tan∠AOB的值即可．【詳解】解：連接AB如圖，利用勾股定理得，，∵，,∴∴利用勾股定理逆定理得，△AOB是直角三角形∴tan∠AOB==故選C【點睛】本題考查了在正方形網格中，勾股定理及勾股定理逆定理的應用.2、C【分析】關于x的方程可以是一元一次方程，也可以是一元二次方程；當方程為一元一次方程時，k=1；是一元二次方程時，必須滿足下列條件：（1）二次項系數不為零；（2）在有實數根下必須滿足△=b2-4ac≥1．【詳解】當k=1時，方程為3x-1=1，有實數根，當k≠1時，△=b2-4ac=32-4×k×（-1）=9+4k≥1，解得k≥-．綜上可知，當k≥-時，方程有實數根；故選C．【點睛】本題考查了方程有實數根的含義，一元二次方程根的判別式的應用．切記不要忽略一元二次方程二次項系數不為零這一隱含條件．注意到分兩種情況討論是解題的關鍵．3、A【解析】設C′D′與BC交于點E,如圖所示：∵旋轉角為20°，∴∠DAD′=20°，∴∠BAD′=90°?∠DAD′=70°.∵∠BAD′+∠B+∠BED′+∠D′=360°，∴∠BED′=360°?70°?90°?90°=11°，∴∠1=∠BED′=110°.故選A.4、D【分析】由旋轉的性質可得旋轉角為∠AOC＝70°．【詳解】解：∵∠AOB＝40°，∠BOC＝30°，∴∠AOC＝70°，∵將△AOB繞著點O順時針旋轉，得到△COD，∴旋轉角為∠AOC＝70°，故選：D．【點睛】本題考查了旋轉的性質，解決本題的關鍵是熟練掌握旋轉的意義和性質，能夠有旋轉的性質得到相等的角.5、C【分析】根據△＝b2－4ac＝0時，拋物線與x軸有一個交點列出方程，解方程求出k，再根據二次函數的圖象和性質解答．【詳解】∵二次函數的圖象與x軸只有一個交點，∴，，解得：，∴二次函數，當時，，故選C．【點睛】本題考查的是拋物線與x軸的交點，掌握當△＝b2－4ac＝0時，拋物線與x軸有一個交點是解題的關鍵．6、C【分析】先求-2019的倒數，再求倒數的相反數即可；【詳解】解：﹣2019的倒數是，的相反數為，故答案為：C．【點睛】本題考查倒數和相反數．熟練掌握倒數和相反數的求法是解題的關鍵．7、B【分析】根據全等三角形的性質以及線段垂直平分線的性質，即可得出；根據，且，即可得出，再根據，即可得出不成立；根據，，運用射影定理即可得出，據此可得成立；根據不是的中點，可得點不是的外心．【詳解】解：為邊的中點，，又，，，，，又，垂直平分，，，故①正確；如圖，延長至，使得，由，，可得，可設，，則，由，，可得，，，，由，可得，而，，，即，不成立，故②錯誤；，，，又，，，故③正確；，是的外接圓的直徑，，當時，，不是的中點，點不是的外心，故④錯誤．綜上所述，正確的結論有①③，故選：B．【點睛】本題主要考查了相似三角形的判定與性質，全等三角形的判定與性質，矩形的性質以及旋轉的性質的綜合應用，解決問題的關鍵是運用全等三角形的對應邊相等以及相似三角形的對應邊成比例進行推導，解題時注意：三角形外接圓的圓心是三角形三條邊垂直平分線的交點，叫做三角形的外心，故外心到三角形三個頂點的距離相等．8、B【分析】由平行四邊形的性質可得AD＝BC，AD∥BC，可證△DEG∽△CFG，可得＝．【詳解】∵四邊形ABCD是平行四邊形，∴AD＝BC，AD∥BC，∵F為BC的中點，∴CF＝BF＝BC＝AD，∵DE：AD＝1：3，∴DE：CF＝2：3，∵AD∥BC，∴△DEG∽△CFG，∴＝．故選：B．【點睛】此題主要考查相似三角形的判定與性質，解題的關鍵是熟知平行四邊形的性質及相似三角形的判定與性質.9、C【分析】延長AB交x軸于點G，延長BC交y軸于點H，根據矩形面積求出的面積，通過平行可證明∽，∽，∽，然后利用相似的性質及三等分點可求出、、的面積，再求出四邊形BGOH的面積，然后通過反比例函數比例系數的幾何意義求出k值，再利用的面積求出b值即可．【詳解】延長AB交x軸于點G，延長BC交y軸于點H，如圖：∵矩形ABCD的面積為1，∴，∵B、D為線段EF的三等分點，∴，，，∵，∴，，∴∽，∴，即，∴，∵，∴，，∴∽，∴，即，∴，∵，∴，，∴∽，∴即，∴，∴，∵四邊形ABCD是矩形，∴，∵，，∴，，又∵，∴四邊形BGOH是矩形，根據反比例函數的比例系數的幾何意義可知：，∴，∴又∵，即，∴，∴直線EF的解析式為，令，得，令，即，解得，∴，，∵F點在軸的上方，∴，∴，，∵，即，∴．故選：C．【點睛】本題考查了相似三角形的判定與性質，反比例函數比例系數的幾何意義，一次函數與面積的結合，綜合性較強，需熟練掌握各性質定理及做題技巧．10、A【分析】根據概率公式解答即可.【詳解】袋子里裝有2個紅球、3個黃球和5個白球共10個球，從中摸出一個球是白球的概率為：．故選A.【點睛】本題考查了隨機事件概率的求法．如果一個事件有n種可能，而且這些事件的可能性相同，其中事件A出現m種結果，那么事件A的概率P（A）＝．11、D【解析】試題分析：A．由直線與y軸的交點在y軸的負半軸上可知，＜0，錯誤；B．由拋物線與y軸的交點在y軸的正半軸上可知，m＞0，由直線可知，﹣m＞0，錯誤；C．由拋物線y軸的交點在y軸的負半軸上可知，m＜0，由直線可知，﹣m＜0，錯誤；D．由拋物線y軸的交點在y軸的負半軸上可知，m＜0，由直線可知，﹣m＞0，正確，故選D．考點：1．二次函數的圖象；2．一次函數的圖象．12、D【分析】根據A，B兩點坐標以及對應點C，D點的坐標得出坐標變化規律，進而得出P′的坐標．【詳解】解：∵△ABO縮小后變為△CDO，其中A、B的對應點分別為C、D，點A、B、C、D均在圖中在格點上，即A點坐標為：(4，6)，B點坐標為：(6，2)，C點坐標為：(2，3)，D點坐標為：(3，1)，∴線段AB上有一點P(m，n)，則點P在CD上的對應點P′的坐標為：（）．故選D．【點睛】此題主要考查了點的坐標的確定，位似圖形的性質，根據已知得出對應點坐標的變化是解題關鍵．二、填空題（每題4分，共24分）13、60°【分析】首先根據題意作出圖形，然后可得△AOB是等邊三角形，然后由三角函數的性質，求得OH的長即可得答案．【詳解】如圖所示：∵六邊形ABCDE是正六邊形，∴∠AOB＝＝60°，∴△AOB是等邊三角形，∴OA＝OB＝AB＝1，作OM⊥AB于點M，∵OA＝1，∠OAB＝60°，∴OM＝OA?sin60°＝1×＝．【點睛】本題考查正多邊形和圓及解直角三角形，正多邊形的每一邊所對的外接圓的圓心角叫做這個正多邊形的中心角；正多邊形的中心到正多邊形一邊的距離叫做這個正多邊形的邊心距；熟記特殊角的三角函數值及三角函數的定義是解題關鍵．14、<【分析】先根據反比例函數中k＞0判斷出函數圖象所在的象限及增減性，再根據各點橫坐標的特點即可得出結論．【詳解】∵反比例函數y＝中，k＝1＞0，∴函數圖象的兩個分支分別位于一、三象限，且在每一象限內y隨x的增大而減小．∵7＞5，∴y1＜y1．故答案為：＜．【點睛】本題考查了反比例函數的圖象與性質，掌握反比例函數的增減性與比例系數k的符號之間的關系是關鍵．15、【分析】先得出拋物線的頂點坐標為(0,0)，再利用點的平移規律得到點(0,0)平移后對應的點的坐標為(2,1)，然后根據頂點式寫出平移后的拋物線解析式．【詳解】解：拋物線的頂點坐標為(0,0)，再利用點的平移規律得到點(0,0)平移后對應的點的坐標為(2,1)，所以平移后的拋物線解析式為：．故答案為：．【點睛】本題考查的知識點是二次函數圖象與幾何變化，熟記點的平移規律是解此題的關鍵．16、或【分析】根據旋轉后的對應關系分類討論，分別畫出對應的圖形，作出對應點連線的垂直平分線即可找到旋轉中心，最后根據點A的坐標即可求結論．【詳解】解：①若旋轉后點A的對應點是點C，點B的對稱點是點D，連接AC和BD，分別作AC和BD的垂直平分線，兩個垂直平分線交于點O，根據垂直平分線的性質可得OA=OC，OB=OD，故點O即為所求，∵，∴由圖可知：點O的坐標為（5,2）；②若旋轉后點A的對應點是點D，點B的對稱點是點C，連接AD和BC，分別作AD和BC的垂直平分線，兩個垂直平分線交于點O，根據垂直平分線的性質可得OA=OD，OB=OC，故點O即為所求，∵，∴由圖可知：點O的坐標為綜上：這個旋轉中心的坐標為或故答案為：或．【點睛】此題考查的是根據旋轉圖形找旋轉中心，掌握垂直平分線的性質及作法是解決此題的關鍵．17、【分析】設C（x，y），BC=a．過D點作DE⊥OA于E點．根據DE∥AB得比例線段表示點D坐標；根據△OBC的面積等于3得關系式，列方程組求解．【詳解】設C（x，y），BC=a．則AB=y，OA=x+a．過D點作DE⊥OA于E點．∵OD：DB=1：2，DE∥AB，∴△ODE∽△OBA，相似比為OD：OB=1：3，∴DE=AB=y，OE=OA=（x+a）．∵D點在反比例函數的圖象上，且D（（x+a），y），∴y?（x+a）=k，即xy+ya=9k，∵C點在反比例函數的圖象上，則xy=k，∴ya=8k．∵△OBC的面積等于3，∴ya=3，即ya=1．∴8k=1，k=．故答案為：．18、k?-94【解析】利用判別式，根據不等式即可解決問題.【詳解】∵關于x的一元二次方程kx2+3x﹣1＝1有實數根，∴△≥1且k≠1，∴9+4k≥1，∴k?-94，且故答案為k?-94且【點睛】本題考查根的判別式，一元二次方程ax2+bx+c＝1（a≠1）的根與△＝b2﹣4ac有如下關系：①當△＞1時，方程有兩個不相等的兩個實數根；②當△＝1時，方程有兩個相等的兩個實數根；③當△＜1時，方程無實數根．上面的結論反過來也成立．三、解答題（共78分）19、（1）(0,3)；（2）y＝﹣x2+2x+3；（3）①；②當點P的坐標為（1，4）時，△PAD的面積等于△DAE的面積．【分析】（1）將代入二次函數解析式即可得點C的坐標；（2）把A（3，0），B（﹣1，0）代入y＝ax2+bx+3即可得出拋物線的解析式；（3）①設直線直線AC的解析式為，把A（3，0），C代入即可得直線AC的解析式；②存在點P，使得△PAD的面積等于△DAE的面積；設點P（x，﹣x2+2x+3）則點D（x，﹣x+3），可得PD=﹣x2+2x+3﹣（﹣x+3）=﹣x2+3x，DE=﹣x+3，根據Ｓ△PAD＝Ｓ△DAE時，即可得PD=DE，即可得出結論．【詳解】解：（1）由y＝ax2+bx+3，令∴點C的坐標為（0，3）；（2）把A（3，0），B（﹣1，0）代入y＝ax2+bx+3得，解得：，∴拋物線的解析式為：y＝﹣x2+2x+3；（3）①設直線直線AC的解析式為，把A（3，0），C代入得，解得，∴直線AC的解析式為；②存在點P，使得△PAD的面積等于△DAE的面積，理由如下：設點P（x，﹣x2+2x+3）則點D（x，﹣x+3），∴PD=﹣x2+2x+3﹣（﹣x+3）=﹣x2+3x，DE=﹣x+3，當Ｓ△PAD＝Ｓ△DAE時，有，得PD=DE，∴﹣x2+3x=﹣x+3解得x1=1，x2=3（舍去），∴y＝﹣x2+2x+3=﹣12+2+3=4，∴當點P的坐標為（1，4）時，△PAD的面積等于△DAE的面積．【點睛】本題考查了用待定系數法求解析式，二次函數的綜合，掌握知識點是解題關鍵．20、（1）詳見解析；（2）詳見解析；（3）AF＝．【分析】（1）先根據角平分線得出∠CAD＝∠CAB，進而判斷出△ADC∽△ACB，即可得出結論；（2）先利用直角三角形的性質得出CE＝AE，進而得出∠ACE＝∠CAE，從而∠CAD＝∠ACE，即可得出結論；（3）由（1）的結論求出AC，再求出CE＝3，最后由（2）的結論得出△CFE∽△AFD，即可得出結論．【詳解】解：（1）∵AC平分∠BAD，∴∠CAD＝∠CAB，∵∠ADC＝∠ACB＝90°，∴△ADC∽△ACB，∴，∴AC2＝AD?AB；（2）在Rt△ABC中，∵E為AB的中點，∴CE＝AE（直角三角形斜邊的中線等于斜邊的一半），∴∠ACE＝∠CAE，∵AC平分∠BAD，∴∠CAD＝∠CAE，∴∠CAD＝∠ACE，∴CE∥AE；（3）由（1）知，AC2＝AD?AB，∵AD＝4，AB＝6，∴AC2＝4×6＝24，∴AC＝2，在Rt△ABC中，∵E為AB的中點，∴CE＝AB＝3，由（2）知，CE∥AD，∴△CFE∽△AFD，∴，∴，∴AF＝．【點睛】此題考查的是相似三角形的判定及性質、直角三角形的性質和平行線的判定，掌握相似三角形的判定及性質、直角三角形斜邊的中線等于斜邊的一半和平行線的判定是解決此題的關鍵．21、47.3米【解析】試題分析：過點C作CD⊥AB，交AB于點D；設AD=x．本題涉及到兩個直角三角形△ADC、△BDC，應利用其公共邊CD構造等量關系，解三角形可得AD、BD與x的關系；借助AB=AD-BD構造方程關系式，進而可求出答案．試題解析：過點C作CD⊥AB，交AB于點D；設CD=x，在Rt△ADC中，有AD==CD=x，在Rt△BDC中，有BD=x，又有AB=AD-BD=20；即x-x=20，解得：x=10（3+）≈47.3（米）.答：氣球離地面的高度CD為47.3米．22、（1）證明見解析；（2）1．【分析】（1）首先連接OD，根據等腰三角形的性質可證∠C＝∠ODC，從而可證∠B＝∠ODC，根據DF⊥AB可證DF⊥OD，所以可證線DF與⊙O相切；（2）根據圓內接四邊形的性質可得：△BCA∽△BED，所以可證：，解方程求出BE的長度，從而求出AC的長度．【詳解】解：（1）如圖所示，連接，∵，∴，∵，∴，∴，∴∥，∵，∴；∵點在⊙O上，∴直線與⊙O相切；（2）∵四邊形是⊙O的內接四邊形，∴，∵，∴，∴△BED∽△BCA，∴，∵OD∥AB，，∴，∵，∴，∴，∴【點睛】本題考查切線的判定與性質；相似三角形的判定與性質．23、（1）作圖見解析（2）作圖見解析（3）【分析】（1）利用等腰三角形的性質得出對應點位置，進而得出答案；（2）直接利用旋轉的性質得出對應點位置，進而