歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對您有所幫助！歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對您有所幫助！歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對您有所幫助！歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對您有所幫助！歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對您有所幫助！歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對您有所幫助！第104練高考真題（時間25分鐘）選擇題1．[2021·北京卷，5]一正弦式交變電流的i-t圖像如圖所示．下列說法正確的是()A．在t＝0.4s時電流改變方向B．該交變電流的周期為0.5sC．該交變電流的表達式為i＝2cos5πtAD．該交變電流的有效值為eq\f(\r(2),2)A2．[2021·天津卷，3]如圖所示，閉合開關后，R＝5Ω的電阻兩端的交流電壓為u＝50eq\r(2)sin10πtV，電壓表和電流表均為理想交流電表，則()A．該交流電周期為0.02sB．電壓表的讀數為100VC．電流表的讀數為10AD．電阻的電功率為1kW3．[2021·浙江6月，5]如圖所示，虛線是正弦交流電的圖像，實線是另一交流電的圖像，它們的周期T和最大值Um相同，則實線所對應的交流電的有效值U滿足()A．U＝eq\f(Um,2)B．U＝eq\f(\r(2)Um,2)C．U>eq\f(\r(2)Um,2)D．U<eq\f(\r(2)Um,2)4．(多選)[2020·全國卷Ⅱ]特高壓輸電可使輸送中的電能損耗和電壓損失大幅降低．我國已成功掌握并實際應用了特高壓輸電技術．假設從A處采用550kV的超高壓向B處輸電，輸電線上損耗的電功率為ΔP，到達B處時電壓下降了ΔU.在保持A處輸送的電功率和輸電線電阻都不變的條件下，改用1100kV特高壓輸電，輸電線上損耗的電功率變為ΔP′，到達B處時電壓下降了ΔU′.不考慮其他因素的影響，則()A．ΔP′＝eq\f(1,4)ΔPB．ΔP′＝eq\f(1,2)ΔPC．ΔU′＝eq\f(1,4)ΔUD．ΔU′＝eq\f(1,2)ΔU5．[2021·湖北卷，6]如圖所示，理想變壓器原線圈接入電壓恒定的正弦交流電，副線圈接入最大阻值為2R的滑動變阻器和阻值為R的定值電阻．在變阻器滑片從a端向b端緩慢移動的過程中()A．電流表A1示數減小B．電流表A2示數增大C，原線圈輸入功率先增大后減小D．定值電阻R消耗的功率先減小后增大6．[2021·廣東卷，7]某同學設計了一個充電裝置，如圖所示．假設永磁鐵的往復運動在螺線管中產生近似正弦式交流電，周期為0.2s，電壓最大值為0.05V．理想變壓器原線圈接螺線管，副線圈接充電電路，原、副線圈匝數比為1∶60.下列說法正確的是()A．交流電的頻率為10HzB．副線圈兩端電壓最大值為3VC．變壓器輸入電壓與永磁鐵磁場強弱無關D．充電電路的輸入功率大于變壓器的輸入功率7．[2020·山東卷，5]圖甲中的理想變壓器原、副線圈匝數比n1∶n2＝22∶3，輸入端a、b所接電壓u隨時間t的變化關系如圖乙所示．燈泡L的電阻恒為15Ω，額定電壓為24V.定值電阻R1＝10Ω、R2＝5Ω，滑動變阻器R的最大阻值為10Ω.為使燈泡正常工作，滑動變阻器接入電路的電阻應調節為()A．1ΩB．5ΩC．6ΩD．8Ω8．(多選)[2021·浙江1月，16]發電機的示意圖如圖甲所示，邊長為L的正方形金屬框，在磁感應強度為B的勻強磁場中以恒定角速度繞OO′軸轉動，阻值為R的電阻兩端的電壓如圖乙所示．其他電阻不計，圖乙中的Um為已知量．則金屬框轉動一周()A．框內電流方向不變B．電動勢的最大值為UmC．流過電阻的電荷量q＝eq\f(2BL2,R)D．電阻產生的焦耳熱Q＝eq\f(πUmBL2,R)9．(多選)[2021·山東卷，9]輸電能耗演示電路如圖所示．左側變壓器原、副線圈匝數比為1∶3，輸入電壓有效值為7.5V的正弦交流電．連接兩理想變壓器的導線總電阻為r，負載R的阻值為10Ω.開關S接1時，右側變壓器原、副線圈匝數比為2∶1，R上的功率為10W；接2時，匝數比為1∶2，R上的功率為P.以下判斷正確的是()A.r＝10ΩB．r＝5ΩC．P＝45WD．P＝22.5W10．(多選)[2021·河北卷，8]如圖，發電機的矩形線圈長為2L、寬為L，匝數為N，放置在磁感應強度大小為B的勻強磁場中．理想變壓器的原、副線圈匝數分別為n0、n1和n2，兩個副線圈分別接有電阻R1和R2.當發電機線圈以角速度ω勻速轉動時，理想電流表讀數為I.不計線圈電阻，下列說法正確的是()A．通過電阻R2的電流為eq\f(n1I,n2)B．電阻R2兩端的電壓為eq\f(n2IR1,n1)C．n0與n1的比值為eq\f(\r(2)NBL2ω,IR1)D．發電機的功率為eq\f(\r(2)NBL2ωI（n1＋n2）,n0)11．[2021·湖南卷，6]如圖，理想變壓器原、副線圈匝數比為n1∶n2，輸入端C、D接入電壓有效值恒定的交變電源，燈泡L1、L2的阻值始終與定值電阻R0的阻值相同．在滑動變阻器R的滑片從a端滑動到b端的過程中，兩個燈泡始終發光且工作在額定電壓以內，下列說法正確的是()A．L1先變暗后變亮，L2一直變亮B．L1先變亮后變暗，L2一直變亮C．L1先變暗后變亮，L2先變亮后變暗D．L1先變亮后變暗，L2先變亮后變暗第104練高考真題1．答案：C解析：在t＝0.4s時電流最大，電流方向不變，A錯誤；該交變電流的周期為0.4s，B錯誤；ω＝eq\f(2π,T)＝5π，故該交變電流的表達式為i＝2cos5πtA，C正確；該交變電流的有效值為eq\r(2)A，D錯誤．2．答案：C解析：由題中交流電壓的表達式，可知該交流電的周期T＝eq\f(2π,ω)＝eq\f(2π,10π)s＝0.2s，選項A錯誤．電壓表的讀數為交流電壓的有效值，即U＝eq\f(50\r(2),\r(2))V＝50V，選項B錯誤．由歐姆定律可知，電流表的讀數為I＝eq\f(U,R)＝eq\f(50,5)A＝10A，選項C正確．電阻的電功率為P＝IU＝10×50W＝500W，選項D錯誤．3．答案：D解析：因虛線是正弦交流電的圖像，則該交流電的有效值為U有效值＝eq\f(Um,\r(2))＝eq\f(\r(2)Um,2).由圖可知，在任意時刻，實線所代表的交流電的瞬時值都不大于虛線表示的正弦交流電的瞬時值，則實線所代表的交流電的有效值小于虛線表示的正弦交流電的有效值，則U<eq\f(\r(2)Um,2)，D正確．4．答案：AD解析：設輸送功率為P，輸電線電阻為R，則采用超高壓輸電時輸電線上損失電壓為ΔU＝eq\f(P,U)R∝eq\f(1,U)，損失的電功率ΔP＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(P,U)))eq\s\up12(2)R∝eq\f(1,U2)，而eq\f(U′,U)＝eq\f(1100kV,550kV)＝2，所以ΔU′＝eq\f(1,2)ΔU，ΔP′＝eq\f(1,4)ΔP，故A、D選項正確．5．答案：A解析：由于原線圈所接電壓恒定，匝數比恒定，故變壓器副線圈的輸出電壓恒定，變阻器的滑片從a端向b端緩慢移動的過程中，由數學知識可知，變壓器副線圈所接的電阻值逐漸增大，則由歐姆定律得I2＝eq\f(U2,R副)，可知副線圈的電流逐漸減小，由eq\f(n1,n2)＝eq\f(I2,I1)可知變壓器原線圈的電流I1也逐漸減小，A正確，B錯誤；原線圈的輸入功率為P入＝U1I1，由于I1逐漸減小，則原線圈的輸入功率逐漸減小，C錯誤；由于副線圈的電流逐漸減小，則定值電阻與變阻器右半部分并聯的總電流減小，又與定值電阻并聯的變阻器右半部分的電阻值減小，則由并聯分流規律可知，流過定值電阻的電流逐漸減小，則由公式PR＝I2R可知，定值電阻R消耗的電功率逐漸減小，D錯誤．6．答案：B解析：交流電的周期為0.2s，頻率f＝eq\f(1,T)＝5Hz，A錯誤；根據變壓器原、副線圈的電壓規律可知eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)，由于原線圈的電壓最大值為0.05V，故副線圈的電壓最大值為3V，B正確；變壓器的輸入電壓由螺線管與永磁鐵相對運動產生，故輸入電壓與永磁鐵的磁場強弱有關，C錯誤；理想變壓器的輸入功率等于輸出功率，D錯誤．7．答案：A解析：由題圖乙可知理想變壓器輸入電壓U1＝220V，應用理想變壓器變壓公式eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)＝eq\f(22,3)，可得副線圈輸出電壓U2＝30V．燈泡正常工作時，燈泡兩端電壓為UL＝24V，電流IL＝eq\f(UL,RL)＝1.6A．設R1兩端電壓為U，由U2＝UL＋U，可得U＝6V．由eq\f(U,R1)＋eq\f(U,R2＋R)＝IL，解得R＝1Ω，選項A正確．8．答案：BD解析：由于滑環的作用，通過R的電流方向不變，但是框內的電流方向是變化的，A錯誤；由題圖可知，由于線框沒有電阻，所以電動勢等于電阻兩端的電壓，B正確；因為流過R的電流方向不變，金屬框轉動半周，流過R的電荷量q′＝eq\o(I,\s\up6(－))Δt＝eq\f(\o(E,\s\up6(－)),R)Δt＝eq\f(ΔΦ,R)＝eq\f(2BL2,R)，所以金屬框轉動一周流過R的電荷量q＝2q′＝eq\f(4BL2,R)，C錯誤；由Um＝BL2ω，解得ω＝eq\f(Um,BL2)，金屬框轉動一周，電阻產生的焦耳熱Q＝eq\f(U2,R)T＝eq\f(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(Um,\r(2))))\s\up12(2),R)·eq\f(2π,ω)＝eq\f(πUmBL2,R)，D正確．9．答案：BD解析：左側變壓器副線圈上的電壓U2＝3×7.5V＝22.5V，當開關S接1時，電阻R上的電壓，即右側變壓器的副線圈上的電壓U4＝eq\r(PR)＝10V，電流I4＝eq\f(U4,R)＝1A，則右側變壓器原線圈上的電壓U3＝eq\f(2,1)×10V＝20V，電流I3＝eq\f(1,2)×1A＝0.5A，則r＝eq\f(U2－U3,I3)＝5Ω，B項正確；當開關S接2時，設導線上的輸電電流為I，則右側變壓器副線圈上的電流為0.5I，由右側變壓器原、副線圈上的電壓關系可知eq\f(U2－Ir,n3)＝eq\f(0.5IR,n4)，解得I＝3A，則R上的功率P＝（0.5I）2R＝22.5W，D項正確．10．答案：BC解析：電阻R1兩端的電壓U1＝IR1，由變壓器電壓規律有eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)，解得U2＝eq\f(n2IR1,n1)，則通過電阻R2的電流I2＝eq\f(U2,R2)＝eq\f(n2R1,n1R2)I，A錯誤，B正確；由題意可知發電機電動勢的最大值Em＝NBSω＝2NBL2ω，電動勢的有效值E＝eq\f(Em,\r(2))＝eq\r(2)NBL2ω，由變壓器的電壓規律有eq\f(E,U1)＝eq\f(n0,n1)，所以eq\f(n0,n1)＝eq\f(E,U1)＝eq\f(\r(2)NBL2ω,