第第頁臨界知識問題【方法綜述】對于臨界知識問題，其命題大致方向為從形式上跳出已學知識的舊框框，在試卷中臨時定義一種新知識，要求學生快速處理，及時掌握，并正確運用，充分考查學生獨立分析問題與解決問題的能力，多與函數、平面向量、數列聯系考查.另外，以高等數學為背景，結合中學數學中的有關知識編制綜合性問題，是近幾年高考試卷的熱點之一，常涉及取整函數、最值函數、有界函數、有界泛函數等.【解題策略】類型一定義新知型臨界問題【例1】用C(A)表示非空集合A中的元素個數，定義A*B＝若A＝{1,2}，B＝{x|(x2＋ax)·(x2＋ax＋2)＝0}，且A*B＝1，設實數a的所有可能取值組成的集合是S，則C(S)等于()A．1B．3C．5D．7【答案】B【指點迷津】“新定義”主要是指即時定義新概念、新公式、新定理、新法則、新運算五種，然后根據此新定義去解決問題，有時還需要用類比的方法去理解新的定義，這樣有助于對新定義的透徹理解.對于此題中的新概念，對閱讀理解能力有一定的要求.但是，透過現象看本質，它們考查的還是基礎數學知識，所以說“新題”不一定是“難題”，掌握好三基，以不變應萬變才是制勝法寶.【舉一反三】1.【北京市順義區2019屆高三第二次統練】已知集合，若對于，，使得成立，則稱集合是“互垂點集”．給出下列四個集合：；；；．其中是“互垂點集”集合的為()A． B． C． D．【答案】D【解析】設點是曲線上的兩點，對于集合，當時，，不成立所以集合不是“互垂點集”.對于集合，，當時，，不成立所以集合不是“互垂點集”.對于集合，當時，，不成立，所以集合不是“互垂點集”.排除A,B,C.故選：D2.【陜西省2019屆高三第二次檢測】已知集合，若對于任意，存在，使得成立，則稱集合是“垂直對點集”.給出下列四個集合：①②③④其中是“垂直對點集”的序號是________.【答案】①③【解析】對于①，，即，與的值域均為，故①正確；對于②,若滿足，則，在實數范圍內無解，故②不正確；對于③，畫出的圖象，如圖，直角始終存在，即對于任意，存在，使得成立，故③正確；對于④，，取點，曲線上不存在另外的點，使得兩點與原點的連線互相垂直，所以不是“垂直對點集”,故④不正確，故答案為①③.類型二高等數學背景型臨界問題【例2】設S是實數集R的非空子集，若對任意x，y∈S，都有x＋y，x－y，xy∈S，則稱S為封閉集．下列命題：①集合S＝{a＋b|a，b為整數}為封閉集；②若S為封閉集，則一定有0∈S；③封閉集一定是無限集；④若S為封閉集，則滿足S?T?R的任意集合T也是封閉集．其中真命題是________．(寫出所有真命題的序號)【答案】①②【舉一反三】【湖南省衡陽市2019屆高三二?！咳魞珊瘮稻哂邢嗤亩x域、單調區間、奇偶性、值域，則稱這兩函數為“親密函數”.下列三個函數，，中，與函數不是親密函數的個數為（）A．0 B．1 C．2 D．3【答案】B【解析】易知冪函數定義域為，偶函數，在上，，在上，，.四個選項中函數的定義域都為且都為偶函數，單調性也與保持一致，因為顯然在上遞增，又，，遞增，當，除（顯然）外，其他函數的值都趨向于.故選B.類型三立體幾何中的臨界問題立體幾何的高考題中，最主要考查點是幾何元素位置關系及角、距離的計算、三視圖等，除此之外，還有可能涉及到與立體幾何相關的臨界知識，如立體幾何與其他知識的交匯，面對這些問題，需要有較強的分析判斷能力及思維轉換能力，還需要我們對這些問題作一些分析歸類，加強知識間的聯系，才能讓所學知識融會貫通.【例3】點為棱長是的正方體的內切球球面上的動點，點滿足，則動點的軌跡的長度為__________．【答案】【舉一反三】已知正方體的體積為1，點在線段上（點異于、兩點），點為線段的中點，若平面截正方體所得的截面為四邊形，則線段的取值范圍為（）A．B．C．D．【答案】B【解析】依題意，當點為線段的中點時，由題意可知，截面為四邊形，從而當時，截面為四邊形，當時，該截面與正方體的上底面也相交，所以截面為五邊形，故線段的取值范圍是，故選B．【強化訓練】選擇題1.已知集合2，3，，集合是集合A的子集，若且2，，，滿足集合B的個數記為，則A．9 B．10 C．11 D．12【答案】B【解析】由題意可得，，，那么集合2，3，4，5，6，；集合，，滿足集合B的個數列羅列出來，可得：3，，3，，3，，4，，4，；5，，4，，4，，5，，5，，故選：B．2．【河南省鄭州市2019年高三第二次質量檢測】高斯是德國著名的數學家，近代數學奠基者之一，享有“數學王子”的稱號，用其名字命名的“高斯函數”為：設，用表示不超過的最大整數，則稱為高斯函數.例如：，，已知函數，則函數的值域為（）A． B． C． D．【答案】D【解析】，又>0，∴，∴∴當x∈（1，2）時，y＝[f（x）]＝1；當x∈[2，）時，y＝[f（x）]＝2．∴函數y＝[f（x）]的值域是{1，2}．故選D．3．【河南省南陽市第一中學2019屆高三第十四次考】定義集合運算：A⊙B=｛，x∈A，y∈B｝，設集合A=｛，0，1｝，B=｛｝，則集合A⊙B的所有元素之和為（）A．1 B．0 C． D．【答案】B【解析】解因為，所以的可能取值為-1,0,1同理，的可能取值為所以的所有可能取值為（重復的只列舉一次）：所以所有元素之和為0，故選B4.【廣西壯族自治區柳州市2019屆高三3月模擬】定義：，如，則（）A．0 B． C． D．1【答案】C【解析】由題意得．故選C．5．【北京市門頭溝區2019年3月高三綜合練習】若函數圖象上存在兩個點A，B關于原點對稱，則點對稱為函數的“友好點對”且點對與可看作同一個“友好點對”若函數其中e為自然對數的底數，恰好有兩個“友好點對”則實數m的取值范圍為A． B． C． D．【答案】C【解析】解：當時，關于原點對稱的函數為，即，，設，，條件等價為當時，與的圖象恰好有兩個不同的交點，則，，當時，函數取得最大值，當時，，．由得，此時為增函數，由得，此時為減函數，即當時，函數取得極小值同時也是最小值，作出當時，與的圖象如圖：要使兩個圖象恰好有兩個不同的交點，則，即，即，即，故選：C．6．【江西省上高縣第二中學2019屆高三3月月考】定義：若數列對任意的正整數，都有為常數，則稱為“絕對和數列”，叫做“絕對公和”．已知“絕對和數列”中，，絕對公和為3，則其前2019項的和的最小值為（）A． B． C． D．【答案】C【解析】解：依題意，要使其前2019項的和的最小值只需每一項的值都取最小值即可，∵＝2，絕對公和d＝3，∴＝﹣1或＝1（舍），∴＝﹣2或＝2（舍），∴＝﹣1或＝1（舍），…∴滿足條件的數列{}的通項公式，∴所求值為+（+）+（+）+…+（+）＝2+（﹣1﹣2）＝﹣3025，故選：C．7．【四川省涼山州2019屆高三二診】我們把叫“費馬數”（費馬是十七世紀法國數學家）.設，，，，表示數列的前項之和，則使不等式成立的最小正整數的值是（）A． B． C． D．【答案】B【解析】∵∴，∴，而∴，，即，當n=8時，左邊=，右邊=，顯然不適合；當n=9時，左邊=，右邊=，顯然適合，故最小正整數的值9故選：B二、填空題8．【陜西省西安地區陜師大附中、西安高級中學、高新一中、鐵一中學、西工大附中等八校2019屆高三3月聯考】如圖，已知正四棱柱和半徑為的半球O，底面ABCD在半球O底面所在平面上，，，，四點均在球面上，則該正四棱柱的體積的最大值為______．【答案】4【解析】設正四棱柱的高為h，底面棱長為a，則正四棱柱的底面外接圓直徑為，所以，．由勾股定理得，即，得，其中，所以，正四棱柱的體積為，其中，構造函數，其中，則，令，得．當時，；當時，．所以，函數在處取得極大值，亦即最大值，則．因此，該正四棱柱的體積的最大值為4．9．【上海市交大附中2019屆高三上9月開學】由無理數論引發的數字危機一直延續到19世紀，直到1872年，德國數學家戴德金從連續性的要求出發，用有理數的“分割”來定義無理數（史稱戴德金分割），并把實數理論建立在嚴格的科學基礎上，才結束了無理數被認為“無理”的時代，也結束了持續2000多年的數學史上的第一次大危機，所謂戴德金分割，是指將有理數集劃分為兩個非空的子集與，且滿足，，中的每一個元素都小于中的每一個元素，則稱為戴德金分割.試判斷，對于任一戴德金分割，下列選項中，可能成立的是____．①沒有最大元素，有一個最小元素；②沒有最大元素，也沒有最小元素；③有一個最大元素，有一個最小元素；④有一個最大元素，沒有最小元素.【答案】①②④【解析】若M＝{x∈Q|x＜0}，N＝{x∈Q|x≥0}，則M沒有最大元素，N有一個最小元素0，故①可能成立；若M＝{x∈Q|x}，N＝{x∈Q|x}；則M沒有最大元素，N也沒有最小元素，故②可能成立；若M＝{x∈Q|x≤0}，N＝{x∈Q|x＞0}；M有一個最大元素，N沒有最小元素，故④可能成立；M有一個最大元素，N有一個最小元素不可能，因為這樣就有一個有理數不存在M和N兩個集合中，與M和N的并集是所有的有理數矛盾，故③不可能成立．故答案為：①②④10．【江西省紅色七校2019屆高三第二次聯考】已知函數,對函數,定義關于的“對稱函數”為,滿足:對任意,兩個點關于點對稱,若是關于的“對稱函數”,且在上是減函數,則實數的取值范圍是__________.【答案】【解析】根據對稱函數的概念可知，即，令，則，其對稱軸為，開口向下.由于在上遞減，在上遞增，根據復合函數單調性可知.11．【河南省鄭州第一中學2019屆高三第二次測評】已知二進制和十進制可以相互轉化，例如，則十進制數89轉化為二進制數為.將對應的二進制數中0的個數，記為（例如：，，，則，，），記，則__________．【答案】【解析】由題意得共個數中所有的數轉換為二進制后，總位數都為2019，且最高位都為1而除最高位之外的剩余2018位中，每一位都是0或者1設其中的數x，轉換為二進制后有k個0（）∴在這個數中，轉換為二進制后有k個0的數共有個∴由二項式定理，.故答案為：.12．【上海市七寶中學2019屆高三下學期開學】設整數，集合2，，，A，B是P的兩個非空子集則所有滿足A中的最大數小于B中的最小數的集合對的個數為：______．【答案】【解析】解：設中的最大數為，其中，整數，則中必含元素，另元素可在中，故的個數為：，中必不含元素另元素可在中，但不能都不在中，故的個數為：，從而集合對的個數為，．故答案為：．13．【河北省石家莊市第二中學2019屆高三上期末】定義在正實數上的函數，其中表示不小于x的最小整數，如，，當時，函數的值域為，記集合中元素的個數為，則=____.【答案】【解析】易知：當n=1時，因為x∈（0，1]，所以{x}=1，所以{x{x}}=1，所以.當n=2時，因為x∈（1，2]，所以{x}=2，所以{x{x}}∈（2，4]，所以.當n=3時，因為x∈（2，3]，所以{x}=3，所以{x{x}}={3x}∈（6，9]，；當n=4時，因為x∈（3，4]，所以{x}=4，所以{x{x}}={4x}∈（12，16]，所以；當n=5時，因為x∈（4，5]，所以{x}=5，所以{x{x}}={5x}∈（20，25]，所以.由此類推：.故.14．【上海市南洋模范中學2019屆高三3月月考】任意實數，，定義，設函數，數列是公比大于0的等比數列，且，，則____.【答案】4【解析】由題，∵數列{an}是公比大于0的等比數列，且，①1＜q時，，，…，∈（0，1），，，∈（1，+∞），1．∴，分別為：，，…，，1，q，…，q4．∵∴0++…+＝，∴q4qq2．∴2．左邊小于0，右邊大于0，不成立，舍去．②0＜q＜1時，1，∴，分別為：，，…，，1，q，…，q4，，，…，∈（1，+∞），，，∈（0，1），∵∴log2q2．∴2．∴4，∴a1＝4．③q＝1時，＝…＝＝…＝＝1，不滿足舍去．綜上可得：＝4．故答案為：4．15．【北京延慶區2019屆高三一模】已知集合，集合滿足①每個集合都恰有7個元素;②．集合中元素的最大值與最小值之和稱為集合的特征數，記為（），則的最大值與最小值的和為_______.【答案】132【解析】由題意得，集合中各包含7個元素，且互不相等，當取得最小值時，集合中的最小值分別為1,2,3，最大值分別為21,15,9，例如,,，此時最小，且為51.當集合中最小值為1,7,13，最大值為19,20,21時，最大.例如，，，此時最大，且為81.故最大值與最小值之和為132.16．【江西省南昌市2019屆高三一?！慷x在封閉的平面區域內任意兩點的距離的最大值稱為平面區域的“直徑”.已知銳角三角形的三個頂點在半徑為1的圓上，且，分別以各邊為直徑向外作三個半圓，這三