1、PAGE24云南省彝良縣民族中2022-2022學(xué)年高二上學(xué)期期中考試物理試卷一、單選題1如圖所示，沿軸正向的勻強(qiáng)電場(chǎng)E中，有一動(dòng)點(diǎn)A以O(shè)為圓心，rOA為半徑做逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)一周，O與圓周上的A點(diǎn)的連線OA與軸正向E方向成角，則此圓周上各點(diǎn)與A點(diǎn)間最大的電勢(shì)差為Ersin1Ercos12Er【答案】C【解析】【詳解】沿電場(chǎng)線方向距離A點(diǎn)最遠(yuǎn)的點(diǎn)與A點(diǎn)的電勢(shì)差最大，則圓周上各點(diǎn)與A點(diǎn)間最大的電勢(shì)差為，故選C【點(diǎn)睛】此題關(guān)鍵是知道U=Ed的物理意義，注意d是電場(chǎng)中的兩點(diǎn)沿電場(chǎng)線方向的距離2如圖所示，電源A兩端的電壓恒為6V，電源B兩端的電壓恒為8V，當(dāng)開關(guān)S從A扳到B時(shí)，通過(guò)電流計(jì)的電荷量為105C，

2、則電容器的電容約為105F6F6【解析】當(dāng)開關(guān)S接A時(shí)，電容器上極板帶正電，所帶電荷量QCUA，當(dāng)開關(guān)S扳到B時(shí)，電容器上極板帶負(fù)電，所帶電荷量QCUB，該過(guò)程中通過(guò)電流計(jì)的電荷量QQQCUAUB105 C，解得電容C107點(diǎn)睛：本題的關(guān)鍵是分析通過(guò)電流計(jì)的電荷量與電容器電量的關(guān)系，掌握電容器電量公式Q=CU是基礎(chǔ)3如圖甲所示，ab為原來(lái)不帶電的細(xì)導(dǎo)體棒，q為一帶正電的點(diǎn)電荷，當(dāng)達(dá)到靜電平衡后，導(dǎo)體棒上的感應(yīng)電荷在棒內(nèi)O點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為E1，端接地，其他條件不變，如圖乙，待靜電平衡后，導(dǎo)體棒上的感應(yīng)電荷在棒內(nèi)O點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為E2，O點(diǎn)的電勢(shì)為2，經(jīng)分析后可知E2，12E2，12E2，

3、12E2，12【答案】C【解析】處于靜電平衡的導(dǎo)體內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)為零，所以感應(yīng)電荷在O點(diǎn)形成電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)與點(diǎn)電荷q在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)等大反向，可知E1=E2，因點(diǎn)電荷為正電荷，則10；導(dǎo)體ab接地后電勢(shì)2=0，所以12，C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。點(diǎn)睛：該題中靜電平衡的特點(diǎn)：內(nèi)部合場(chǎng)強(qiáng)為零，是解題的關(guān)鍵整個(gè)導(dǎo)體是個(gè)等勢(shì)體，它的表面是個(gè)等勢(shì)面4一平行板電容器中存在勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)沿豎直方向。兩個(gè)比荷（即粒子的電荷量與質(zhì)量之比）不同的帶正電的粒子和，從電容器的點(diǎn)（如圖）以相同的水平速度射入兩平行板之間。測(cè)得和與電容極板的撞擊點(diǎn)到入射點(diǎn)之間的水平距離之比為1:2。若不計(jì)重力，則和的比荷之比是:8 C2:1【答案

4、】D【解析】?jī)蓭щ娏Ｗ佣甲鲱惼綊佭\(yùn)動(dòng)，水平方向勻速運(yùn)動(dòng)，有，垂直金屬板方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有，電荷在電場(chǎng)中受的力為，根據(jù)牛頓第二定律有，整理得，因?yàn)閮闪Ｗ釉谕浑妶?chǎng)中運(yùn)動(dòng)，E相同，初速度相同，側(cè)位移相同，所以比荷與水平位移的平方成反比。所以比荷之比為，D正確。【易錯(cuò)提醒】表達(dá)式的整理過(guò)程易出現(xiàn)問(wèn)題。【備考提示】帶電粒子在電場(chǎng)中的加速和偏轉(zhuǎn)是高考的重點(diǎn)考查內(nèi)容。5如圖所示，大小可以忽略不計(jì)的帶有同種電荷的小球和相互排斥，靜止時(shí)絕緣細(xì)線與豎直方向的夾角分別為和，且，兩小球在同一水平線上，由此可知A球受到的庫(kù)侖力較大，電荷量較大B球的質(zhì)量較大C球受到的拉力較大D兩球接觸后，再處于靜止?fàn)?/p>

5、態(tài)時(shí)，懸線的偏角、仍滿足【答案】D【解析】試題分析：根據(jù)牛頓第三定律得：A球?qū)球的庫(kù)侖力等于B球?qū)球的庫(kù)侖力，無(wú)論兩球電荷量是否相等所受庫(kù)倫力都相等，故無(wú)法比較哪個(gè)電荷量較大，故A錯(cuò)誤；對(duì)小球A、B受力分析，根據(jù)平衡條件有：，因，所以mAmB，故B錯(cuò)誤根據(jù)平衡條件有：；因，所以B球受的拉力較小，故C錯(cuò)誤兩球接觸后，再靜止下來(lái)，兩絕緣細(xì)線與豎直方向的夾角變?yōu)椤ⅲ瑢?duì)小球A、B受力分析，根據(jù)平衡條件有：；，因?yàn)閙AmB，所以故D正確故選D。考點(diǎn)：庫(kù)侖定律；物體的平衡6電容式加速度傳感器的原理結(jié)構(gòu)如圖，質(zhì)量塊右側(cè)連接輕質(zhì)彈簧，左側(cè)連接電介質(zhì)，彈簧與電容器固定在外框上質(zhì)量塊可帶動(dòng)電介質(zhì)移動(dòng)改變電容則

6、A電介質(zhì)插入極板間越深，電容器電容越小B當(dāng)傳感器以恒定加速度運(yùn)動(dòng)時(shí)，電路中有恒定電流C若傳感器原來(lái)向右勻速運(yùn)動(dòng)，突然減速時(shí)彈簧會(huì)伸長(zhǎng)D當(dāng)傳感器由靜止突然向右加速瞬間，電路中有順時(shí)針?lè)较螂娏鳌敬鸢浮緾D【解析】根據(jù)電容器的電容公式，當(dāng)電介質(zhì)插入極板間越深，即電介質(zhì)增大，則電容器電容越大，故A錯(cuò)誤；當(dāng)傳感器以恒定加速度運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可知，彈力大小不變，則電容器的電容不變，因兩極的電壓不變，則電容器的電量不變，因此電路中沒有電流，故B錯(cuò)誤；若傳感器原來(lái)向右勻速運(yùn)動(dòng)，突然減速時(shí)，因慣性，則繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)，從而壓縮彈簧，故C正確；當(dāng)傳感器由靜止突然向右加速瞬間，質(zhì)量塊要向左運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)致插入極板間電

7、介質(zhì)加深，因此電容會(huì)增大，由于電壓不變，根據(jù)Q=CU，可知，極板間的電量增大，電容器處于充電狀態(tài)，因此電路中有順時(shí)針?lè)较螂娏鳎蔇正確；故選CD點(diǎn)睛：此題考查影響電容器電容大小的因素，掌握Q=CU公式，理解牛頓第二定律的應(yīng)用，注意電容器是充電還放電，是確定電流的依據(jù)7如圖所示電路，電源內(nèi)阻不可忽略。開關(guān)S閉合后，在變阻器Ru的滑動(dòng)端向下滑動(dòng)的過(guò)程中A電壓表與電流表的示數(shù)都減小B電壓表與電流表的示數(shù)都增大C電壓表的示數(shù)增大，電流表的示數(shù)減小D電壓表的示數(shù)減小，電流表的示數(shù)增大。【答案】A【解析】解：當(dāng)滑片下移時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則外電路總電阻減小，電路中總電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，則由

8、閉合電路歐姆定律可知，電路的路端電壓減小，故電壓表示數(shù)減小；由歐姆定律可知，R1上的分壓增大，而路端電壓減小，故并聯(lián)部分的電壓減小，則通過(guò)R2的電流減小，根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)可知：通過(guò)R0的電流增大，則電流表的示數(shù)增大故D正確，ABC錯(cuò)誤；故選：D【點(diǎn)評(píng)】分析閉合電路的歐姆定律的動(dòng)態(tài)分析的題目時(shí)，一般要按先外電路、再內(nèi)電路、后外電路的思路進(jìn)行分析；重點(diǎn)分析電路中的路端電壓、總電流及部分電路的電流及電壓變化【此處有視頻，請(qǐng)去附件查看】，這表示A電路中每通過(guò)1C的電量，電源就把2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能D蓄電池將化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)比一節(jié)干電池（電動(dòng)勢(shì)為）的大【答案】A【解析】試題分

9、析：鉛蓄電池的電動(dòng)勢(shì)為2V，表示非靜電力將單位正電荷從電源的負(fù)極通過(guò)電源內(nèi)部移送到正極時(shí)所做的功為2J，即2J化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能，A正確C錯(cuò)誤；電源兩極間電壓，當(dāng)電源不接入電路時(shí)，等于電源的電動(dòng)勢(shì)；當(dāng)接入電路時(shí)，小于電源的電動(dòng)勢(shì)，故B錯(cuò)誤；電源的電動(dòng)勢(shì)是表示電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)，但蓄電池將化學(xué)能轉(zhuǎn)變成電能還跟工作時(shí)間有關(guān)，D錯(cuò)誤；考點(diǎn)：考查了對(duì)電動(dòng)勢(shì)的理解【名師點(diǎn)睛】電動(dòng)勢(shì)是一個(gè)表征電源特征的物理量定義電源的電動(dòng)勢(shì)是電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)，在數(shù)值上，等于非靜電力將單位正電荷從電源的負(fù)極通過(guò)電源內(nèi)部移送到正極時(shí)所做的功它是能夠克服導(dǎo)體電阻對(duì)電流的阻力，使電荷在閉合的導(dǎo)體回

10、路中流動(dòng)的一種作用常用符號(hào)E（有時(shí)也可用）表示，單位是伏（V）9在“測(cè)定電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，作出了正確的UI圖象，如圖所示，其中圖線斜率絕對(duì)值的物理含義是全電路電阻【答案】B【解析】試題分析：根據(jù)閉合電路歐姆定律，應(yīng)用圖象分析答題解：在閉合電路中，路端電壓：U=EIr，由U=EIr可知，UI圖象斜率的絕對(duì)值是r，即：斜率的絕對(duì)值是電源內(nèi)阻，故B正確；故選：B【點(diǎn)評(píng)】本題考查了圖象斜率絕對(duì)值的物理意義，應(yīng)用閉合電路歐姆定律，根據(jù)圖象即可正確解題10如圖所示，圖線a是某一電源的UI曲線，圖線b是一定值電阻的UI曲線若將該電源與該定值電阻連成閉合電路（已知該電源的內(nèi)阻r=

11、），則說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A該定值電阻為6C將2只這種電阻串聯(lián)作為外電阻，電源輸出功率最大D將3只這種電阻并聯(lián)作為外電阻，電源輸出功率最大【答案】C【解析】【分析】根據(jù)圖線b的斜率求出定值電阻的阻值；讀出兩圖線交點(diǎn)處電壓和電流，根據(jù)歐姆定律求出電源的電動(dòng)勢(shì)；對(duì)于電源，當(dāng)內(nèi)外電路的電阻相等時(shí)輸出功率最大。【詳解】A項(xiàng)：圖線b的斜率=，則定值電阻的阻值R=6；故A正確；B項(xiàng)：由圖讀出交點(diǎn)的電壓U=15V，電流I=2.5A，根據(jù)閉合電路歐姆定律得，電源的電動(dòng)勢(shì)：E=UIr=15V2V=20V；故B正確；C、D項(xiàng)：對(duì)于電源，當(dāng)內(nèi)外電路的電阻相等時(shí)輸出功率最大，故將3只這種電阻并聯(lián)作為外電阻，電源輸出功率最

12、大，故C錯(cuò)誤，D正確。本題選錯(cuò)誤的，故選：C【點(diǎn)睛】定值電阻的伏安特性曲線斜率等于電阻，電源的伏安特性曲線的斜率絕對(duì)值表示內(nèi)電阻、縱軸截距表示電動(dòng)勢(shì)。二、多選題11關(guān)于等勢(shì)面、電場(chǎng)線和電場(chǎng)力做功的關(guān)系，下列說(shuō)法正確的是A在等勢(shì)面上移動(dòng)電荷，不受電場(chǎng)力作用B電場(chǎng)線不一定與等勢(shì)面垂直C若相鄰兩等勢(shì)面的電勢(shì)差相等，則等勢(shì)面的疏密程度能反映場(chǎng)強(qiáng)的大小D電場(chǎng)線總是從電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面【答案】CD【解析】【分析】電場(chǎng)中電勢(shì)相等的各個(gè)點(diǎn)構(gòu)成的面叫做等勢(shì)面；沿著等勢(shì)面移動(dòng)點(diǎn)電荷，電場(chǎng)力不做功電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，且從電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面。【詳解】A項(xiàng)：等勢(shì)面與電場(chǎng)線垂直，故沿著等勢(shì)面移

13、動(dòng)電荷，電荷會(huì)受電場(chǎng)力作用，只是電場(chǎng)力與運(yùn)動(dòng)方向一直垂直，電場(chǎng)力不做功，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：等勢(shì)面一定跟電場(chǎng)線垂直，否則沿著等勢(shì)面移動(dòng)電荷，電勢(shì)能會(huì)變化，電場(chǎng)力會(huì)做功，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：根據(jù)等勢(shì)面的特點(diǎn)可知，若相鄰兩等勢(shì)面的電勢(shì)差相等，則等勢(shì)面的疏密程度能反映場(chǎng)強(qiáng)的大小，等勢(shì)面密則電場(chǎng)強(qiáng)度大，故C正確；D項(xiàng)：沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)總是降低，則電場(chǎng)線總是從電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面，故D正確。故應(yīng)選：CD。【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵記住電場(chǎng)線和等勢(shì)面的關(guān)系，相互垂直，從電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面，掌握等勢(shì)面的基本特點(diǎn)：在等勢(shì)面上移動(dòng)電荷，電場(chǎng)力總是不做功。12如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一絕緣斜面

14、，斜面上有一帶電金屬塊沿斜面滑下，已知在金屬塊滑下的過(guò)程中動(dòng)能增加了12J，金屬塊克服摩擦力做功8J，重力做功24J，則以下判斷正確的是【答案】D【解析】由動(dòng)能定理，設(shè)電場(chǎng)力做功W，電場(chǎng)力做負(fù)功，電場(chǎng)力方向向右，金屬塊帶正電，A對(duì)B錯(cuò)；金屬塊動(dòng)能增大12J，重力勢(shì)能減小24J，機(jī)械能減小12J，C對(duì)；電場(chǎng)力做功-4J，電勢(shì)能增大4J，D錯(cuò)13如圖所示，放在絕緣臺(tái)上的金屬網(wǎng)罩B內(nèi)放有一個(gè)不帶電的驗(yàn)電器C，如把一帶有正電荷的絕緣體A移近金屬網(wǎng)罩B，則的內(nèi)表面帶正電荷，B=C=0的右側(cè)外表面帶正電荷C驗(yàn)電器的金屬箔片將張開，BC=C，B的左右兩側(cè)電勢(shì)相等【答案】BD【解析】靜電平衡時(shí)，電荷分布于導(dǎo)體

15、的外表面上，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由于產(chǎn)生靜電感應(yīng)，使B金屬網(wǎng)罩的左側(cè)外表面感應(yīng)出負(fù)電荷，所以B的右側(cè)外表面感應(yīng)出正電荷，選項(xiàng)B正確；由于靜電屏蔽，金屬網(wǎng)罩內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)度為零，故C上無(wú)感應(yīng)電荷，驗(yàn)電器的金屬箔片不會(huì)張開，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由靜電屏蔽特點(diǎn)知，導(dǎo)體是等勢(shì)體，導(dǎo)體表面是等勢(shì)面，選項(xiàng)D正確。14如圖所示，R1、R2、R3、R4均為可變電阻，C1、C2均為電容器，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻r0若改變四個(gè)電阻中的一個(gè)阻值，則1，C1、C2所帶的電量都增加2，C1、C2所帶的電量都增加3，C1、C2所帶的電量都增加4，C1、C2所帶的電量都增加【答案】BD【解析】試題分析：由電路圖可知，電阻R2、R3、R4串聯(lián)接入

16、電路，電容器C1并聯(lián)在電阻電阻R2兩端，電容器C2與R2、R3的串聯(lián)電路并聯(lián)；根據(jù)電路電阻的變化，應(yīng)用歐姆定律及串聯(lián)電路特點(diǎn)判斷電容器兩端電壓如何變化，然后由Q=CU判斷出電容器所帶電荷量如何變化解：A、減小R1，電容器C1、C2兩端電壓不變，電容器所帶電量不變，故A錯(cuò)誤；B、增大R2，整個(gè)電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，路端電壓變大，電阻R3、R4兩端電壓變小，電阻R2兩端電壓變大，電阻R2、R3串聯(lián)電壓變大，電容器C1、C2兩端電壓變大，由Q=CU可知，兩電容器所帶的電量都增加，故B正確；C、增大R3，整個(gè)電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，由U=IR可

17、知，電阻R2兩端電壓變小，電容器C1兩端電壓變小；路端電壓變大，電阻R4兩端電壓變小，電阻R2、R3串聯(lián)電壓變大，電容器C2兩端電壓變大，由Q=CU可知，電容器C1所帶電荷量減少，C2所帶的電量都增加，故C錯(cuò)誤；D、減小R4，電路總電阻變小，由閉合歐姆定律可知，電路電流變大，電阻R2兩端電壓變大，電阻R2、R3串聯(lián)電壓變大，電容器C1、C2兩端電壓都增大，由Q=CU可知C1、C2所帶的電量都增加，故D正確；故選BD【點(diǎn)評(píng)】本題是一道閉合電路的動(dòng)態(tài)分析，熟練應(yīng)用閉合電路歐姆定律、部分電路歐姆定律、串聯(lián)電路特點(diǎn)、Q=CU即可正確解題三、實(shí)驗(yàn)題15常用螺旋測(cè)微器的精度是0.01mm，下圖中的螺旋測(cè)微

18、器讀數(shù)為5.623mm，請(qǐng)你在刻度線旁邊的方框內(nèi)標(biāo)出相應(yīng)的數(shù)以符合給出的數(shù)值（）【答案】【解析】可根據(jù)螺旋測(cè)微器讀數(shù)結(jié)合題圖可知，主尺固定刻度填5，這樣主尺讀取，可動(dòng)刻度應(yīng)讀取，由于精度為，故可動(dòng)數(shù)據(jù)讀取時(shí)，下面的方框填寫10，上面的方框填寫1516有以下可供選用的器材及導(dǎo)線若干條，要求使用個(gè)數(shù)最少的儀器盡可能精確地測(cè)量一個(gè)電流表的滿偏電流A被測(cè)電流表A1：滿偏電流約700800，內(nèi)阻約100，刻度均勻、總格數(shù)為N；B電流表A2：量程0.6 A，內(nèi)阻；C電壓表V：量程3V，內(nèi)阻3；D滑動(dòng)變阻器R1：最大阻值200；E滑動(dòng)變阻器R2：最大阻值1；F電源E：電動(dòng)勢(shì)3V、內(nèi)阻；G開關(guān)一個(gè)（填A(yù)G字母

19、代號(hào)）2在虛線框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)電路圖，并在每個(gè)選用的儀器旁標(biāo)上題目所給的字母序號(hào)_3測(cè)量過(guò)程中測(cè)出多組數(shù)據(jù)，其中一組數(shù)據(jù)中待測(cè)電流表A1的指針偏轉(zhuǎn)了n格，可算出滿偏電流Ig=_，式中除N、n外，其他字母符號(hào)代表的物理量是_【答案】1ACDFG234其中U為電壓表讀數(shù)，RV為電壓表內(nèi)阻【解析】【詳解】（1）由于電流表A2量程與待測(cè)電流表A1量程相差太大，從實(shí)驗(yàn)測(cè)量精度考慮，不能直接將電流表A2與電流表A1串聯(lián)來(lái)測(cè)量電流注意到電壓表內(nèi)阻已知，而允許通過(guò)電壓表的最大電流為，跟待測(cè)電流表的量程接近，因此，可將電壓表與電流表A1串聯(lián)，利用其讀數(shù)來(lái)計(jì)算通過(guò)電流表A1的電流；若將滑動(dòng)變阻器接成限流式，則通過(guò)待測(cè)

20、電流表的最小電流大約為，顯然，不能保證電表安全，也無(wú)法通過(guò)調(diào)節(jié)測(cè)量多組數(shù)據(jù)因此，應(yīng)采用分壓式控制電路，為了便于調(diào)節(jié)，應(yīng)選用最大阻值20的滑動(dòng)變阻器選用的器材應(yīng)為A、C、D、F、G（2）電壓表量程為3V，內(nèi)阻3,滿偏電流為,與待測(cè)電流表類似，可當(dāng)做電流表使用，與待測(cè)電流表串聯(lián)即可；題目中的電流表量程為06A，偏大，不可用；采用分壓式接法控制電路，電壓可連續(xù)調(diào)節(jié)；電路圖間如下。（3）待測(cè)電流表總格數(shù)為N，電子等于電壓表電流，為：，電流表與電壓表串聯(lián)，電流相等，故：，故，其中U為電壓表讀數(shù)，RV為電壓表內(nèi)阻。在”描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，可供選擇的實(shí)驗(yàn)儀器如下：小燈泡L，“,0.3 A”電

21、壓表V，量程05V，內(nèi)阻5電流表A1，量程0100mA，內(nèi)阻4電流表A2，量程0500mA，內(nèi)阻滑動(dòng)變阻器R1，最大阻值10，額定電流1.0 A滑動(dòng)變阻器R2，最大阻值5，額定電流0.5 A直流電源E，電動(dòng)勢(shì)約為6V，內(nèi)阻約為17在上述器材中，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_；電流表應(yīng)選_18在虛線框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)的電路圖，并在圖中注明各元件的符號(hào)（）U坐標(biāo)系中，描繪出如圖所示的小燈泡的伏安特性曲線根據(jù)此圖給出的信息，可以判斷下圖中正確的是圖中0.5A，帶電量為q的小球，線的上端固定開始時(shí)連線帶球拉成水平，突然松開后，小球由靜止開始向下擺動(dòng)，當(dāng)細(xì)線轉(zhuǎn)過(guò)60角時(shí)的速度恰好為零問(wèn)：、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAB為多少21電場(chǎng)

22、強(qiáng)度為多少【答案】（1）AB兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAB為；（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小是【解析】試題分析：（1）小球從A到B的過(guò)程中，重力做正功mgLsin60，電場(chǎng)力做功為qUAB，動(dòng)能的變化量為零，根據(jù)動(dòng)能定理求解電勢(shì)差UAB；（2）根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系U=Ed求解場(chǎng)強(qiáng)式中d是AB沿電場(chǎng)線方向的距離，d=LLcos60解：（1）小球由A到B過(guò)程中，由動(dòng)能定理得：mgLsin60qUAB=0，解得：UAB=；（2）BA間電勢(shì)差為：UBA=UAB=，則場(chǎng)強(qiáng)：E=；答：（1）AB兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAB為；（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小是【點(diǎn)評(píng)】本題是帶電體在電場(chǎng)中平衡和圓周運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題，需要正確分析小球的運(yùn)動(dòng)過(guò)程和小球的受力情況，根據(jù)動(dòng)能定理和平衡條件，以及電場(chǎng)知識(shí)綜合求解如圖所示，兩平行金屬板A、B長(zhǎng)為L(zhǎng)8 cm，兩板間距離d8 cm，A板比B板電勢(shì)高300V，一帶正電的粒子電荷量為q1010C，質(zhì)量為m1020kg，沿電場(chǎng)中心線RO垂直電場(chǎng)線飛入電場(chǎng)，初速度v0106m/s，粒子飛出電場(chǎng)后經(jīng)過(guò)界面MN、12 cm9 cm2/C223在圖上粗略畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡的電性并求其電荷量的大小【答案】（1）0.03m；0.12m；（2）運(yùn)動(dòng)的軌跡見下圖；（3）負(fù)電性；108C。【解析】試題解析：（1）帶電粒子穿