1、2021-2022學年高考物理模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某一電源的路端電壓與電流的關系和電阻R1、R2的電壓與電流的關系圖如圖所示.用此電源和電阻R1、R2組成電路.R1、R2可以同時接入電路，也可以單獨接入電路.為使電

2、源輸出功率最大，可采用的接法是( )A將R1單獨接到電源兩端B將R1、R2并聯(lián)后接到電源兩端C將R1、R2串聯(lián)后接到電源兩端D將R2單獨接到電源兩端2、來自太陽的帶電粒子會在地球的兩極引起極光帶電粒子與地球大氣層中的原子相遇，原子吸收帶電粒子的一部分能量后，立即將能量釋放出來就會產(chǎn)生奇異的光芒，形成極光極光的光諧線波長范圍約為310nm670nm據(jù)此推斷以下說法不正確的是A極光光諧線頻率的數(shù)量級約為1014 HzB極光出現(xiàn)在極地附近與帶電粒子受到洛倫茲力有關C原子在從高能級向低能級躍遷時輻射出極光D對極光進行光譜分析可以鑒別太陽物質(zhì)的組成成分3、一個質(zhì)量為m的小球，以大小為v0的初速度被豎直向

3、上拋出，從拋出到落地的過程中，重力對小球做功為mv02。不計空氣阻力，則此過程重力對小球的沖量大小為ABCD4、空間內(nèi)有一水平向右的電場E，現(xiàn)有一帶電量為q的小球以初速度為v0向右上拋出，已知，求小球落地點距離拋出點的最遠距離（）ABCD5、2020年1月我國成功發(fā)射了“吉林一號”衛(wèi)星，衛(wèi)星軌道可看作距地面高度為650km的圓，地球半徑為6400km，第一宇宙速度為7.9km/s。則該衛(wèi)星的運行速度為（ ）A11.2km/sB7.9km/sC7.5km/sD3.lkm/s6、放置于固定斜面上的物塊，在平行于斜面向上的拉力F作用下，沿斜面向上做直線運動。拉力F和物塊速度v隨時間t變化的圖象如圖，

4、則不正確的是：（）A第1s內(nèi)物塊受到的合外力為0.5NB物塊的質(zhì)量為11kgC第1s內(nèi)拉力F的功率逐漸增大D前3s內(nèi)物塊機械能一直增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在絕緣水平面上固定著一光滑絕緣的圓形槽，在某一過直徑的直線上有O、A、D、B四點，其中O為圓心，D在圓上，半徑OC垂直于OBA點固定電荷量為Q的正電荷，B點固定一個未知電荷，使得圓周上各點電勢相等有一個質(zhì)量為m，電荷量為-q的帶電小球在滑槽中運動，在C點受的電場力指向圓心，根據(jù)題干和圖示信息

5、可知（ ）A固定在B點的電荷帶正電B固定在B點的電荷電荷量為QC小球在滑槽內(nèi)做勻速圓周運動DC、D兩點的電場強度大小相等8、一列簡諧橫波沿軸正方向傳播，在處的質(zhì)元的振動圖線如圖1所示，在處的質(zhì)元的振動圖線如圖2所示。下列說法正確的是（ ）A該波的周期為15sB處的質(zhì)元在平衡位置向上振動時，處的質(zhì)元在波峰C在內(nèi)處和處的質(zhì)元通過的路程均為6cmD該波的波長可能為8m9、真空中質(zhì)量為m的帶正電小球由A點無初速自由下落t秒，在t秒末加上豎直向上、范圍足夠大的勻強電場，再經(jīng)過t秒小球又回到A點。小球電荷量不變且小球從未落地，重力加速度為g。則A整個過程中小球電勢能變化了B整個過程中小球速度增量的大小為C

6、從加電場開始到小球運動到最低點時小球動能變化了D從A點到最低點小球重力勢能變化了10、如圖甲所示，輕彈簧豎直固定在水平面上，一質(zhì)量為m= 0.2kg的小球，從彈簧上端某高度處自由下落，從它接觸彈簧到彈簧壓縮至最短的過程中(彈簧始終在彈性限度內(nèi))，其速度v和彈簧壓縮量x 之間的函數(shù)圖象如圖乙所示，其中A為曲線的最高點，小球和彈簧接觸瞬間機械能損失不計,（彈性勢能，g取10m/s 2），則下列說法正確的是（ ）A小球剛接觸彈簧時加速度最大B當x=0.1m時，小球的加速度為零C小球的最大加速度為51m/s2D小球釋放時距彈簧原長的高度約為 1.35m三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題

7、卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）圖甲是某學習小組設計組裝成的多用電表的電路圖，圖中的是電池，是電池內(nèi)阻，是歐姆調(diào)零電阻，分別與黑、紅表筆相接。都是定值電阻，表頭的滿偏電流為，內(nèi)阻為。已知，。 (1)圖甲可知該多用電表有_個擋位可以測量直流電流。（填寫正確答案前的字母）A1 B2 C3 D4(2)該學習小組將“”端與“3”相接，將表筆短接，調(diào)節(jié)。進行歐姆調(diào)零后測量未知電阻。得到通過表頭的電流與被測未知電阻的關系如圖乙所示，由此可知多用電表中電池的電動勢_（計算結果保留三位有效數(shù)字）。通過分析可知該小組使用多用電表的_（填“”“”或“”）倍率的歐姆擋進行測量未知電阻。(3)通過測

8、量得知表頭的內(nèi)阻。若“”端與“4”相連，則多用電表的最大量程為_；“”端與“5”相連進行測量時，指針位置如圖丙所示，則電表的讀數(shù)為_。12（12分）學校實驗小組為測量一段粗細均勻的金屬絲的電阻率，實驗室備選了如下器材：A電流表A1，量程為10mA，內(nèi)阻r1=50B電流表A1，量程為0.6A，內(nèi)阻r2=0.2C電壓表V，量程為6V，內(nèi)阻r3約為15kD滑動變阻器R，最大阻值為15，最大允許電流為2AE定值電阻R1=5E.定值電阻R2=100G.直流電源E，動勢為6V，內(nèi)阻很小H.開關一個，導線若千I.多用電表J.螺旋測微器、刻度尺(1)用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，如圖1所示，則金屬絲的直徑D=

9、_mm(2)實驗小組首先利用多用電表粗測金屬絲的電阻，如圖2所示，則金屬絲的電阻為_(3)實驗小組擬用伏安法進一步地測量金屬絲的電阻，則電流表應選擇_，定值屯阻應選擇_(填對應器材前的字母序號)(4)在如圖3所示的方框內(nèi)畫出實驗電路的原理圖(5)電壓表的示數(shù)記為U，所選用電流表的示數(shù)記為I，則該金屬絲電阻的表達式Rx=_，用刻度尺測得待測金屬絲的長度為L，則由電阻率公式便可得出該金屬絲的電阻率_(用字母表示)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，有一養(yǎng)魚池，假設水面與池邊相平，魚塘底部有一點光源A，

10、它到池邊的水平距離為=3.0m，到水面的豎直距離為h=m，從點光源A射向池邊的光線AB與豎直方向的夾角恰好等于全反射的臨界角。求水的折射率；一釣魚者坐在離池邊不遠處的座椅上，他的眼睛到地面的高度為3.0m；他看到正前下方的點光源A時，他的眼睛所接收的光線與豎直方向的夾角恰好為，求釣魚者的眼睛到池邊的水平距離。（結果可用根式表示）14（16分）如圖，質(zhì)量為6m、長為L的薄木板AB放在光滑的平臺上，木板B端與臺面右邊緣齊平B端上放有質(zhì)量為3m且可視為質(zhì)點的滑塊C，C與木板之間的動摩擦因數(shù)為，質(zhì)量為m的小球用長為L的細繩懸掛在平臺右邊緣正上方的O點，細繩豎直時小球恰好與C接觸現(xiàn)將小球向右拉至細繩水平

11、并由靜止釋放，小球運動到最低點時細繩恰好斷裂，小球與C碰撞后反彈速率為碰前的一半 (1)求細繩能夠承受的最大拉力；(2)若要使小球落在釋放點的正下方P點，平臺高度應為多大；(3)通過計算判斷C能否從木板上掉下來15（12分）如圖所示，一透明材料制成的圓柱形棒直徑為4cm，長度為30cm。一束光線從圓柱形棒的一個底面中心垂直射入，經(jīng)由另一底面射出。求：（1）該透明材料的折射率；（2）保持入射點不變，調(diào)整光線的入射方向，使其在內(nèi)壁上發(fā)生全反射，仍從另一底面射出，最多能經(jīng)歷幾次全反射。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、

12、A【解析】根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=EIr知，I=0時，U=E，圖象的斜率等于r，則由電源的UI圖線得到：電源的電動勢為E=3V，內(nèi)阻為r=0.5. 由電阻的伏安特性曲線求出R1=0.5、R2=1，R1單獨接到電源兩端時，兩圖線的交點表示電路的工作狀態(tài)，可知，電路中的電流為3A，路端電壓為1.5V，則電源的輸出功率為P出1=1.5V3A=4.5W，同理，當將R1、R2串聯(lián)后接到電源兩端，利用歐姆定律可得電路電流I串=1.5A，此時電源的輸出功率P串=I2串(R1+R2)=3.75W；兩電阻并聯(lián)時，利用歐姆定律可得電路電流I并=3.6A,此時電源的輸出功率P并=EI并I2并r=4.32W；R2

13、單獨接到電源兩端輸出功率為P出2=2V2A=4W.所以將R1單獨接到電源兩端時電源的輸出功率最大。故A正確，BCD錯誤。故選：A【點睛】由電源的U-I圖線縱橫截距讀出電源的電動勢，由斜率求出電源的內(nèi)阻由電阻的U-I圖線求出電阻再分別求出四種情況下電源的輸出功率進行選擇2、D【解析】A.極光光諧線頻率的最大值；極光光諧線頻率的最小值則極光光諧線頻率的數(shù)量級約為1014Hz，故A正確B來自太陽的帶電粒子到達地球附近，地球磁場迫使其中一部分沿著磁場線集中到南北兩極當他們進入極地的高層大氣時，與大氣中的原子和分子碰撞并激發(fā)，產(chǎn)生光芒，形成極光極光出現(xiàn)在極地附近與帶電粒子受到洛倫茲力有關，故B正確；C地

14、球大氣層中的原子吸收來自太陽帶電粒子的一部分能量后，從高能級向低能級躍遷時輻射出極光故C項正確；D地球大氣層中的原子吸收來自太陽的帶電粒子的一部分能量后，從高能級向低能級躍遷時輻射出極光對極光進行光譜分析可以鑒別地球大氣層的組成成分，故D錯誤。本題選不正確的，答案為D。3、D【解析】根據(jù)動能定理：得v=v0，根據(jù)動量定理，重力的沖量：I= m（v+ v0）=（+1）mv0。ABC.由上計算重力對小球的沖量大小為（+1）mv0，ABC錯誤； D. 由上計算重力對小球的沖量大小為（+1）mv0，D正確。4、C【解析】設與水平方向發(fā)射角，落地點y=0，故豎直方向上有解得在水平方向有又因為，所以最遠射

15、程為故C正確，ABD錯誤。故選C。5、C【解析】近地衛(wèi)星環(huán)繞地球做勻速圓周運動，由萬有引力提供向心力，則有則有第一宇宙速度km/s“吉林一號”衛(wèi)星環(huán)繞地球做勻速圓周運動，由萬有引力提供向心力，則有聯(lián)立解得km/s故C正確，ABD錯誤。故選C。6、B【解析】AB由圖像可知，01s內(nèi)物體的加速度為由牛頓第二定律可得1s后有其中聯(lián)立解得第1s內(nèi)物塊受到的合外力為故A正確，B錯誤；C第1s內(nèi)拉力F的功率P=Fv，F(xiàn)不變，v增大，則P增大，故C正確；D前1s內(nèi)物塊的動能和重力勢能均增大，則其機械能增大，23s內(nèi)，動能不變，重力勢能增大，其機械能增大，所以物塊的機械能一直增大，故D正確。本題選擇不正確的，

16、故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A由小球在C點處恰好與滑槽內(nèi)、外壁均無擠壓且無沿切線方向的加速度知：小球在C點的合力方向一定沿CO，且指向O點A對小球吸引，B對小球排斥，因此小球帶負電、B帶負電，故A錯誤；B由ABC=ACB=30知：ACO=30，AB=AC=L；BC=2ABcos30=由力的合成可得即故B正確；C圓周上各點電勢相等，小球在運動過程中電勢能不變，根據(jù)能量守恒得知，小球的動能不變，小球做勻速圓周運動，故C正確；D由庫侖定律及場強的

17、疊加知，D點的電場強度大于C點，故D錯誤故選BC8、BD【解析】A由振動圖像可知，該波的周期為12s，故A錯誤：B由兩個質(zhì)點的振動圖像可知，t=3s時，當處的質(zhì)元在平衡位置向上振動時，處的質(zhì)元在波峰，故B正確；C由圖可知，該波的振幅為4cm，頻率由圖1可知，在t=0時刻x=12m處的質(zhì)點在-4cm處，則其振動方程為4s時刻質(zhì)元的位置所以x=12m處的質(zhì)元通過的路程據(jù)圖2知t=0s時，在x=18m處的質(zhì)元的位移為0cm，正通過平衡位置向上運動，其振動方程為：在t=4s時刻，在x=18m處的質(zhì)元的位移所以在04s內(nèi)x=18m處的質(zhì)元通過的路程故C錯誤；D由兩圖比較可知，x=12m處比x=18m處的

18、質(zhì)元可能早振動，所以兩點之間的距離為(n=0、1、2)所以(n=0、1、2)n=0時，波長最大，為故D正確。故選BD。9、AB【解析】小球先做自由落體運動，后做勻減速運動，兩個過程的位移大小相等、方向相反。設電場強度大小為E，加電場后小球的加速度大小為a，取豎直向下方向為正方向，則由，又v=gt，解得 a=3g，則小球回到A點時的速度為v=v-at=-2gt；整個過程中小球速度增量的大小為v=v=-2gt，速度增量的大小為2gt。由牛頓第二定律得 ，聯(lián)立解得，qE=4mg，故A正確；從加電場開始到小球運動到最低點時小球動能減少了，故C錯誤。設從A點到最低點的高度為h，根據(jù)動能定理得解得，從A點

19、到最低點小球重力勢能減少了D錯誤。10、BC【解析】AC由小球的速度圖象知，開始小球的速度增大，說明小球的重力大于彈簧對它的彈力，當x為0.1m時，小球的速度最大，然后減小，說明當x為0.1m時，小球的重力等于彈簧對它的彈力，所以可得kx=mg解得彈簧的最大縮短量為xm=0.61m，所以彈簧的最大值為Fm=20N/m0.61m=12.2N彈力最大時的加速度小球剛接觸彈簧時加速度為10m/s2，所以壓縮到最短的時候加速度最大，故A錯誤，C正確；B當x=0.1m時，速度最大，則彈簧的彈力大小等于重力大小，小球的加速度為零，故B正確；D設小球從釋放點到彈簧的原長位置的高度為h，小球從靜止釋放到速度最

20、大的過程，由能量守恒定律可知解得故D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B 【解析】（1）1根據(jù)表頭的改裝可知“”接“1”和“2”是電流擋，接“3”是電阻擋，接“4”和“5”是電壓擋，所以該多用電表有2個擋位可以測量直流電流，故B正確，ACD錯誤。故選：B；（2）2 “”端與“3”相接，由，可得：，根據(jù)閉合電路歐姆定律，結合圖象乙，當Rx=0時，Ig=20mA；Rx=150時，Ig=10mA。代入數(shù)據(jù)解得：，；3由可知，中值電阻為。即，因此該小組使用了多用電表的“”倍率的歐姆擋進行測量；（3）4若“”端與“4”相連，則有

21、，解得：，即此時電表的最大量程為10V；5 “”端與“5”相連時，最大量程為50V，由表盤可知最小分度值為1V，讀數(shù)時估讀到下一位，所以此時的讀數(shù)為20.0V。12、1.700 60 A E 【解析】（1）由于流過待測電阻的最大電流大約為，所以不能選用電流表A2，量程太大，要改裝電流表；（2）根據(jù)閉合電路知識求解待測電阻的表達式【詳解】（1）根據(jù)螺旋測微器讀數(shù)規(guī)則可知 （2）金屬絲的電阻為 （3）流過待測電阻的最大電流大約為 ,所以選用 與 并聯(lián)充當電流表，所以選用A、E（3）電路圖如圖所示：（5）根據(jù)閉合電路歐姆定律 解得： 根據(jù) 可求得：【點睛】在解本題時要注意，改裝表的量程要用改裝電阻值表示出來，不要用改裝的倍數(shù)來表示，因為題目中要的是表達式，如果是