1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、位于貴州的“中國天眼”（FAST）是目前世界上口徑最大的單天線射電望遠鏡，通過FAST可以測量地球與木星之間的距離當FAST接收到來自木星的光線傳播方向恰好與地球公轉線速度方向相同時，測得地球與木星的距離是地球與太陽距離的k倍若

2、地球和木星繞太陽的運動均視為勻速圓周運動且軌道共面，則可知木星的公轉周期為（ ）A年B年C年D年2、如圖所示的曲線是某個質點在恒力作用下運動的一段軌跡。質點從點出發經點到達點，已知弧長大于弧長，質點由點運動到點與從點運動到點的時間相等。下列說法中正確的是（）A質點從點運動到點的過程中，速度大小保持不變B質點在這兩段時間內的速度變化量大小相等，方向相同C質點在這兩段時間內的速度變化量大小不相等，但方向相同D質點在間的運動可能是變加速曲線運動3、如圖所示，一束平行光經玻璃三棱鏡折射后分解為a、b兩種單色光。則下列說法正確的是（）A在真空中傳播時，a光的速度大B從玻璃射向空氣時，b光發生全發射的臨界

3、角小C經過同一雙縫干涉實驗裝置時，觀察到a光的相鄰亮條紋間距大D若b光能使某金屬發生光電效應，則a光也一定能發生光電效應4、1896年法國科學家貝可勒爾發現了放射性元素能夠自發地發出射線的現象，即天然放射現象。讓放射性元素鐳衰變過程中釋放出的、三種射線，經小孔垂直進入勻強電場中，如圖所示。下列說法正確的是（ ） A是射線， 粒子的電離能力最強，穿透能力也最強B是射線，是高速電子流，來自于原子的核外電子C原子核發生一次衰變的過程中，不可能同時產生、兩種射線D原子序數大于83的元素，都具有放射性，原子序數小于或等于83的元素，都不具有放射性5、如圖所示，傳送帶以恒定速度v0向右運動，A、B間距為L

4、，質量為m的物塊無初速度放于左端A處，同時用水平恒力F向右拉物塊，物塊與傳送帶間的動摩擦因數為，物塊從A運動到B的過程中，動能Ek隨位移x變化的關系圖像不可能的是（ ）ABCD6、如圖所示，為探究理想變壓器原副線圈的電壓和電流關系，將原線圈接到電壓有效值不變的正弦交流電源上，副線圈連接相同的燈泡、，電路中分別接入理想交流電壓表、，和理想交流電流表、，不計導線電阻。閉合開關S后，下列說法正確的是（）A示數不變，示數不變，變亮B示數變大，示數變大，變暗C示數變大，變壓器輸出功率變大，與示數的比值不變D示數變大，變壓器輸出功率變大，與示數的比值不變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。

5、在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于固體、液體、氣體和物態變化，下列說法中正確的是_。A液體表面存在著張力是因為液體表面層分子間的距離大于液體內部分子間的距離B一定質量的某種理想氣體狀態改變時，內能必定改變C0的鐵和0的冰，它們的分子平均動能相同D晶體一定具有規則形狀，且有各向異性的特征E.擴散現象在液體和固體中都能發生，且溫度越高，擴散進行得越快8、如圖所示，在豎直平面內存在豎直方向的勻強電場。長度為l的輕質絕緣細繩一端固定在O點，另一端連接一質量為m、電荷量為+q的小球（可視為質點），初始時小球靜止在電場中的a

6、點，此時細繩拉力為2mg，g為重力加速度。若小球在a點獲得一水平初速度va，使其恰能在豎直面內做完整的圓周運動，則（ ）A電場強度為，方向豎直向上Ba、O兩點的電勢差Uao= C初速度va=D小球在豎直面內做勻速圓周運動9、一棟大樓的電梯運行高度為，測試人員測試電梯的運行情況。某次測試時讓電梯從地面直達最高處，電梯運行的速度不超過，加速度大小不超過。電梯中的測試人員的質量為，重力加速度g取。若電梯以最短時間運行，下列說法正確的是（）A最短時間為B最短時間為C測試人員的腳部承受的最大壓力為D測試人員的腳部承受的最大壓力為10、一物體沿一直線運動，先后經過勻加速、勻速和減速運動過程，已知物體在這三

7、個運動過程中的位移均為s，所用時間分別為2t、t和t，則()A物體做勻加速運動時加速度大小為B物體做勻減速運動時加速度大小為C物體在這三個運動過程中的平均速度大小為D物體做勻減速運動的末速度大小為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某學習小組利用圖甲所示的電路測量電源的電動勢及內阻(1)按照原理圖甲將圖乙中的實物連線補充完整_(2)正確連接電路后，進行如下實驗閉合開關S，通過反復調節滑動變阻器R1、R2，使電流表A3的示數為0，此時電流表A1、A2的示數分別為100.0 mA和80.0 mA，電壓表V1、V2的示數分別為1.60

8、V和1.00 V再次反復調節R1、R2，使電流表A3的示數再次為0，此時電流表A1、A2的示數分別為180.0 mA和40.0 mA，電壓表V1、V2的示數分別為0.78 V和1.76 Vi實驗中調節滑動變阻器R1、R2，當電流表A3示數為0時，電路中B點與C點的電勢_（選填“相等”或“不相等”）ii為了提高測量的精確度，電流表A3的量程應選擇_A00.6 A B0100 mA C0500 A測得電源的電動勢E =_V，內阻r =_（結果保留3位有效數字）12（12分）某同學利用圖甲所示裝置探究“加速度與力、物體質量的關系”。圖中裝有砝碼的小車放在長木板上，左端拴有一不可伸長的細繩，跨過固定在

9、木板邊緣的定滑輪與一砝碼盤相連。在砝碼盤的牽引下，小車在長木板上做勻加速直線運動，圖乙是該同學做實驗時打點計時器打出的一條點跡清晰的紙帶，已知紙帶上每相鄰兩個計數點間還有一個點沒有畫出，相鄰兩計數點之間的距離分別是、，打點計時器所接交流電的周期為，小車及車中砝碼的總質量為，砝碼盤和盤中砝碼的總質量為，當地重力加速度為。 (1)根據紙帶上的數據可得小車運動的加速度表達式為_（要求結果盡可能準確）。(2)該同學探究在合力不變的情況下，加速度與物體質量的關系。下列說法正確的是_。A平衡摩擦力時，要把空砝碼盤用細繩通過定滑輪系在小車上，紙帶通過打點計時器與小車連接，再把木板不帶滑輪的一端用小墊塊墊起，

10、移動小墊塊，直到小車恰好能勻速滑動為止B平衡摩擦后，還要調節定滑輪的高度，使滑輪與小車間的細繩保持水平C若用表示小車受到的拉力，則為了減小誤差，本實驗要求D每次改變小車上砝碼的質量時，都要重新平衡摩擦力(3)該同學探究在和的總質量不變情況下，加速度與合力的關系時，他平衡摩擦力后，每次都將小車中的砝碼取出一個放在砝碼盤中，并通過打點計時器打出的紙帶求出加速度。得到多組數據后，繪出如圖丙所示的圖像，發現圖像是一條過坐標原點的傾斜直線。圖像中直線的斜率為_（用本實驗中相關物理量的符號表示）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。

11、13（10分）如圖甲所示，小車B緊靠平臺的邊緣靜止在光滑水平面上，物體A（可視為質點）以初速度v0從光滑的平臺水平滑到與平臺等高的小車上，物體和小車的v-t圖像如圖乙所示，取重力加速度g=10m/s2，求：(1)物體A與小車上表面間的動摩擦因數；(2)物體A與小車B的質量之比；(3)小車的最小長度。14（16分）如圖所示，處于勻強磁場中的兩根足夠長、電阻不計的平行光滑金屬導軌相距L=1m，導軌平面與水平面成=30角，下端連接一定值電阻R=2，勻強磁場B=0.4T垂直于導軌平面向上。質量m=0.2kg、電阻r=1的金屬棒ab，其長度與導軌寬度相等。現給金屬棒ab施加一個平行于導軌平面向上的外力F

12、，使金屬棒ab從靜止開始沿軌道向上做加速度大小為a=3m/s2的勻加速直線運動。運動過程中金屬棒ab始終與導軌接觸良好，重力加速度取g=10m/s2。求：(1)當電阻R消耗的電功率P=1.28W時，金屬棒ab的速度v的大小；(2)當金屬棒ab由靜止開始運動了x=1.5m時，所施加外力F的大小。15（12分）質量為M的滑塊由水平軌道和豎直平面內的四分之一光滑圓弧軌道組成，放在光滑的水平面上質量為m的物塊從圓弧軌道的最高點由靜止開始滑下，以速度v從滑塊的水平軌道的左端滑出，如圖所示已知M:m=3:1，物塊與水平軌道之間的動摩擦因數為，圓弧軌道的半徑為R （1）求物塊從軌道左端滑出時，滑塊M的速度的

13、大小和方向；（2）求水平軌道的長度；（3）若滑塊靜止在水平面上，物塊從左端沖上滑塊，要使物塊m不會越過滑塊，求物塊沖上滑塊的初速度應滿足的條件參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】該題中，太陽、地球、木星的位置關系如圖：設地球的公轉半徑為R1，木星的公轉半徑為R2，測得地球與木星的距離是地球與太陽距離的k倍，則有： ，由開普勒第三定律有：，可得：，由于地球公轉周期為1年，則有：T2年，故B正確，ACD錯誤2、B【解析】A因質點在恒力作用下運動，由牛頓第二定律可知，由于加速度不變，質點做勻變速曲線運動，由力指

14、向曲線凹面那一側可知，質點從點運動到點的過程中，相同時間內的路程不同，故速度大小發生了變化，故A錯誤；BC因加速度不變，則質點在這兩段時間內的速度變化量大小相等、方向相同，故B正確、C錯誤；D質點在恒力作用下運動，則質點在間的運動是勻變速曲線運動，故D錯誤。故選B。3、D【解析】A真空中傳播時，各種顏色光的光速均相同，A錯誤；B根據光路圖可知光偏折程度小，所以光折射率小，根據全反射定律可知光發生全反射的臨界角大，B錯誤；C根據光路圖可知光折射率大，所以頻率大，波長短，根據可知，經過同一雙縫干涉實驗裝置時，觀察到a光的相鄰亮條紋間距小，C錯誤；D光的頻率大于光，根據可知光的光子能量大于光，所以若

15、b光能使某金屬發生光電效應，則a光也一定能發生光電效應，D正確。故選D。4、C【解析】A由射線的帶電性質可知，是射線，是射線，是射線，粒子的電離能力最強，穿透能力最弱，A不符合題意；B射線是原子核發生衰變時產生的，是高速電子流，來自于原子核，B不符合題意；C原子核發生一次衰變的過程中，只能發生衰變或衰變，不能同時發生衰變和衰變，故不可能同時產生、兩種射線，C符合題意；D原子序數大于83的元素，都具有放射性，原子序數小于或等于83的元素，有的也具有放射性，D不符合題意。 故選C。5、A【解析】開始時滑塊受向右的拉力F和向右的摩擦力f而做加速運動，則動能EK=(F+f)x；若物塊在到達最右端之前還

16、未達到與傳送帶共速，此時圖像為C；若Ff，則當物塊與傳送帶共速后還會加速，此時動能增加為EK=(F-f)x，此時圖像為D；若Ff，則當物塊與傳送帶共速后會隨傳送帶一起勻速運動，動能不變，此時圖像為B；物塊與傳送帶共速后只能勻速或者加速，不可能做減速，則圖像A不可能。故選A。6、C【解析】AB閉合開關后，根據理想變壓器的電壓規律可知變壓器兩端電壓不變，所以兩電壓表示數不變，燈泡兩端電壓不變，亮度不變；副線圈并聯負載增加，根據并聯分流規律可知副線圈干路電流增大，所以示數增大，根據可知原線圈電流增大，所以示數增大，AB錯誤；CD根據可知變壓器輸出電壓不變，電流增大，所以變壓器輸出功率變大，結合上述分

17、析可知與示數的比值不變，與示數的比值不變，C正確，D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACE【解析】A由于液體表面分子間距大于內部分子間距，故表面處表現為引力，故A正確；B一定質量理想氣體的內能由溫度決定，狀態變化時溫度可能不變，內能也就可能不變，故B錯誤；C因為溫度是分子平均動能的標志，溫度相同，則分子平均動能相同，故C正確；D晶體分單晶體和多晶體，只有單晶體具有規則形狀，某些性質表現出各向異性，而多晶體沒有規則形狀，表現出各向同性，故D錯誤；E氣體

18、、液體和固體物質的分子都在做無規則運動，所以擴散現象在這三種狀態的物質中都能夠進行，且溫度越高，擴散進行得越快，故E正確。故選ACE。8、AC【解析】A小球靜止在點時，由共點力平衡得解得方向豎直向上，故A正確；B在勻強電場中，點電勢比點低，根據電勢差可知、兩點電勢差為故B錯誤；CD小球從點運動到點，由于重力和電場力做功，不可能做勻速圓周運動，設到點速度大小為，由動能定理得小球做圓周運動恰好通過點時，由牛頓第二定律得聯立解得故C正確，D錯誤；故選AC。9、AD【解析】電梯運行時間最短，則電梯運動的過程如下：以最大加速度a做初速度為0的加速運動至最大速度v，再以速度v勻速運動，最后以最大加速度a做

19、減速運動至靜止。加速和減速過程有對稱性。AB勻加速過程與勻減速過程，均有通過的位移勻速過程有又有總時間為故A正確，B錯誤；CD在加速上升過程測試人員腳部承受的壓力最大，有則故C錯誤，D正確。故選AD。10、BD【解析】A勻速運動的速度，設勻加速運動的初速度為，根據平均速度公式有：，聯立上面兩式得：，對勻加速運動，根據位移公式有：，解得：，A錯誤；BD設勻減速直線運動的末速度為，對勻減速直線運動，根據平均速度公式有：，解得：，勻減速直線運動的加速度大小：，BD正確；C三個過程中的平均速度大小，C錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（

20、1）如圖所示； i相等 iiC 2.87 1.50 【解析】（1）根據原理圖連接實物圖如圖所示；（2）i、實驗中，調節滑動變阻器，當電流表示數為0時，說明電流表兩端電勢差為零，故電路中B點與C點的電勢相等；ii、為了使實驗結果更精確，必須嚴格控制B、C兩點電流為零，如果電流表A3的量程相比與電路中的電流太大，會造成BC中有電流，但是讀不出來，顯示為零，所以應選擇量程非常小的，故選C；iii、根據電路規律可知，第一次實驗中，路端電壓為，干路電流為；第二次實驗中有，干路電流為；由閉合電路歐姆定律可知，聯立解得【點睛】該實驗的關鍵是明確實驗原理，即利用等勢法求解，要求BC兩點的電勢相等，即無電流通過

21、BC，所以在選擇A3時一定要選擇量程非常小的電流表，然后利用電路結構，結合閉合回路歐姆定律，求解電源電動勢和內阻12、 C 【解析】(1)1因為每相鄰兩計數點之間還有一個點為畫出，為了減小偶然誤差，采用逐差法處理數據，則有，為了更加準確的求解加速度，我們對三個加速度取平均值得解得(2)2A在該實驗中，我們認為繩子的拉力就等于小車所受的合外力，故在平衡摩擦力時，細繩的另一端不能懸掛裝砝碼的砝碼盤，故A錯誤；B平衡摩擦后，還要調節定滑輪的高度，使牽引小車的細繩與長木板保持平行，故B錯誤；C本實驗中，對小車及車中砝碼由牛頓第二定律得對托盤和鉤碼由牛頓第二定律得兩式聯立解得由此可知只有滿足盤和砝碼的總質量遠小于小車質量時，近似認為，故C正確；D由于平衡摩擦力之后有故所以無論小車的質量是否改變，小車所受的滑動摩擦力都等于小車的重力沿斜面的分力，改變小車質量時不需要重新平衡摩擦力，故D錯