1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在物理學建立與發展的過程中，有許多科學家做出了理論與實驗貢獻。關于這些貢獻，下列說法正確的是（）A牛頓發現

2、了萬有引力定律，并通過扭秤實驗測量了引力常量B安培提出了分子電流假說，研究了安培力的大小與方向C法拉第發現了磁生電的現象，提出了法拉第電磁感應定律D愛因斯坦在物理學中最早引入能量子，破除了“能量連續變化”的傳統觀念2、如圖所示，壓縮的輕彈簧將金屬塊卡在矩形箱內，在箱的上頂板和下底板均安有壓力傳感器，箱可以沿豎直軌道運動。當箱靜止時，上頂板的傳感器顯示的壓力F1=2N，下底板傳感器顯示的壓力F2=6N，重力加速度g=10m/s2。下列判斷正確的是（）A若加速度方向向上，隨著加速度緩慢增大，F1逐漸減小，F2逐漸增大B若加速度方向向下，隨著加速度緩慢增大，F1逐漸增大，F2逐漸減小C若加速度方向向

3、上，且大小為5m/s2時，F1的示數為零D若加速度方向向下，且大小為5m/s2時，F2的示數為零3、如圖所示物塊A和B的質量分別為4m和m，開始A、B均靜止，細繩拉直，在豎直向上拉力F6mg作用下，動滑輪豎直向上運動已知動滑輪質量忽略不計，動滑輪半徑很小，不考慮繩與滑輪之間的摩擦，細繩足夠長，在滑輪向上運動中，物塊A和B的加速度分別為AaAg，aB5gBaAaBgCaAg，aB3gDaA0，aB2g4、如圖所示，一角形桿ABC在豎直面內，BC段水平，AB段豎直，質量為m的小球用不可伸長的細線連接在兩段桿上，OE段水平，DO段與豎直方向的夾角為.只剪斷EO段細線的瞬間，小球的加速度為a1；而只剪

4、斷DO段細線的瞬間，小球的加速度為a2，則為 A1BC2D5、如圖，平行板電容器兩個極板與水平地面成2角，在平行板間存在著勻強電場，直線CD是兩板間一條垂直于板的直線，豎直線EF與CD交于O點，一個帶電小球沿著FOD的角平分線從A點經O點向B點做直線運動，重力加速度為g。則在此過程中，下列說法正確的是（）A小球帶正電B小球可能做勻加速直線運動C小球加速度大小為gcosD小球重力勢能的增加量等于電勢能的增加量6、如圖，在光滑絕緣水平面上，三個帶電小球a、b和c分別位于邊長為L的正三角形的三個頂點上，a、b帶正電，電荷量均為q，c帶負電，整個系統置于方向水平的勻強電場中，已知靜電力常量為k，若三個

5、小球均處于靜止狀態，則下列說法中正確的是（）Aa球所受合力斜向左Bc球帶電量的大小為2qC勻強電場的方向垂直于ab邊由ab的中點指向c點D因為不知道c球的電量大小，所以無法求出勻強電場的場強大小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，虛線邊界ab上方有無限大的勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里。一矩形金屬線框底邊與磁場邊界平行，從距離磁場邊界高度為h處由靜止釋放，則下列說法正確的是A線框穿出磁場的過程中，線框中會產生順時針方向的感應電流B線框穿出磁場的過程中，線框受

6、到的安培力一定一直減小C線框穿出磁場的過程中，線框的速度可能先增大后減小D線框穿出磁場的過程中，線框的速度可能先增大后不變8、如圖為一電源電動勢為E，內阻為r的穩定電路。電壓表A的內阻為5k。B為靜電計，C1，C2為兩個理想的電容器且耐壓值足夠高。在開關閉合一段時間后，下列說法正確的是AC1上電荷量為0B若將甲右滑，則C2上電荷量增大C若C1C2，則電壓表兩端大于靜電計兩端電壓D將S斷開，使C2兩極距離增大，B張角變大9、質量為的物塊放在水平桌面上，物塊與水平桌面間的動摩擦因數為，現給物塊- 個斜向上的拉力使物塊勻速向右運動，則拉力的值可能為ABCD10、有一個原副線圈匝數比為10：1的理想變

7、壓器，如圖所示，原線圈所接交流電源的電壓瞬時值表達式為u=300sin50t（V）副線圈所接電路如圖所示，燈L1、L2為均標有“20V.10W”的燈泡，當S閉合時，兩燈恰好正常發光。則（）A電阻R=10B流過R的交流電的周期為0.02sC斷開S后，原線圈的輸入功率減小D斷開S后，燈L1仍能正常發光三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在航空儀表上使用的電阻器和電位器，要求具有電阻溫度系數低，電阻率大，耐磨等性能。實驗小組測量一個由新材料制成的圓柱體的電阻率的實驗 ，其操作如下：(1)用20分度的游標卡尺測量其長度如圖甲所示，可知其長

8、度為L_mm；用螺旋測微器測出其直徑D如圖乙所示，則D=_mm；(2)此圓柱體電阻約為100，欲測量這種材料的電阻率，現提供以下實驗器材：A電流表A1（量程50mA，內阻r1=20）；B電流表A2（量程100mA，內阻r2約為40）：C電壓表V（量程15V，內阻約為3000）；D滑動變阻器R1（010，額定電流2A）；E.定值電阻R080F.直流電源E（電動勢為4V，內阻很小）；G.開關一只，導線若干。為了盡可能精確測量圓柱體的阻值，在所給的方框中設計出實驗電路圖，并標明所選擇器材的物理符號_；(3)此圓柱體長度為L直徑D，若采用以上電路設計進行測量 電阻率_（寫出表達式）（若實驗中用到電流表

9、A1、電流表A2、電壓表V，其讀數可分別用字母I1、I2、U來表示）。12（12分）為了測定金屬絲的電阻率，某實驗小組將一段金屬絲拉直并固定在米尺上，其兩端可作為接線柱，一小金屬夾夾在金屬絲上，且可在金屬絲上滑動請完成以下內容(1)某次用螺旋測微器測該金屬絲的直徑，示數如圖甲所示，則其直徑d_mm(2)實驗中先用歐姆表測出該金屬絲的阻值約為3(3)準備的實驗器材如下：A電壓表V(量程03 V，內阻約20 k)B定值電阻10C定值電阻100D蓄電池(電動勢約12 V，內阻不計)E開關S一只F導線若干實驗小組利用上述器材設計并完成實驗實驗中通過改變金屬夾的位置進行了多次測量，在實驗操作和測量無誤的

10、前提下，記錄了金屬絲接入電路中的長度l和相應的電壓表的示數U，并作出了1U1l的關系圖像，如圖乙所示根據題目要求，在圖丙所示的虛線框內完成設計的實驗電路圖其中定值電阻R應選_(填“B”或“C”)；金屬絲電阻率的表達式_(用a、b、c、d、R表示)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，質量為M、傾角為的木楔在水平面上保靜止狀態，一質量為m的木塊放在木楔斜面上時，用水平向右的力F拉著木塊，木塊及木楔都靜止，已知所接觸面間的動摩擦因數都為，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g，求：（1）拉力F的最小

11、值；（2）拉力F的最大值。14（16分）同學設計出如圖所示實驗裝置.將一質量為0.2kg的小球(可視為質點)放置于水平彈射器內,壓縮彈簧并鎖定,此時小球恰好在彈射口,彈射口與水平面AB相切于A點,AB為粗糙水平面,小球與水平面間動摩擦因數=0.5,彈射器可沿水平方向左右移動,BC為一段光滑圓弧軌道.(O為圓心,半徑R=0.5m ,OC與OB之間夾角為=370,以C為原點,在C的右側空間建立豎直平面內的坐標xOy,在該平面內有一水平放置開口向左且直徑稍大于小球的接收器D,sin370=0.6 ,cos370=0.8 (1)某次實驗中該同學使彈射口距離B處L1=1.6m處固定,解開鎖定釋放小球,小

12、球剛好到達C處,求彈射器釋放的彈性勢能;(2)把小球放回彈射器原處并鎖定,將彈射器水平向右移動至離B處L2=0.8m處固定彈射器并解開鎖定釋放小球,小球將從C處射出,恰好水平進入接收器D,求D處坐標;(3)每次小球放回彈射器原處并鎖定,水平移動彈射器固定于不同位置釋放小球,要求小球從C處飛出恰好水平進入接收器D,求D位置坐標y與x的函數關系式.15（12分）兩平行金屬導軌水平放置，導軌間距。一質量的金屬棒垂直于導軌靜止放在緊貼電阻處，電阻，其他電阻不計。矩形區域內存在有界勻強磁場，磁場的磁感應強度大小，金屬棒與兩導軌間的動摩擦因數均為，電阻與邊界的距離。某時刻金屬棒在一水平外力作用下由靜止開始

13、向右勻加速穿過磁場，其加速度大小，取。(1)求金屬棒穿過磁場的過程中平均電流的大小；(2)若自金屬棒進入磁場開始計時，求金屬棒在磁場中運動的時間內，外力隨時間變化的關系。(3)求金屬棒穿過磁場的過程中所受安培力的沖量的大小。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A牛頓發現了萬有引力定律，卡文迪許通過扭秤實驗測量了引力常量，選項A錯誤；B安培提出了分子電流假說，研究了安培力的大小與方向，選項B正確；C法拉第發現了“磁生電”的現象，紐曼和韋伯歸納出法拉第電磁感應定律，故C錯誤；D普朗克在物理學中最早引入能量子，

14、破除了“能量連續變化”的傳統觀念，選項D錯誤。故選B。2、C【解析】A若加速度方向向上，在金屬塊未離開上頂板時彈簧的壓縮量不變，則F2不變，根據牛頓第二定律得得知隨著加速度緩慢增大，F1逐漸減小，A錯誤；B若加速度方向向下，在金屬塊未離開上頂板時彈簧的壓縮量不變，則F2不變，根據牛頓第二定律得得知隨著加速度緩慢增大，F1逐漸增大，故B錯誤；C當箱靜止時，有得m=0.4kg若加速度方向向上，當F1=0時，由A項分析有解得a=5m/s2故C正確；D若加速度方向向下，大小是5m/s2小于重力加速度，不是完全失重，彈簧不可能恢復原長，則F2的示數不可能為零，D錯誤。故選C。3、D【解析】在豎直向上拉力

15、F6mg時，此時A、B受的拉力分別為3mg、3mg，對A因為3mg4mg，故物體A靜止，加速度為0；對物體B3mgmgmaB解得aB2g故選D。4、B【解析】只剪斷EO段細線的瞬間，根據牛頓第二定律小球的加速度為只剪斷DO段細線的瞬間，小球的加速度為a2=g，則A1，與結論不相符，選項A錯誤；B，與結論相符，選項B正確；C2，與結論不相符，選項C錯誤；D，與結論不相符，選項D錯誤；故選B.5、D【解析】AB帶電小球沿著FOD的角平分線從A點經O點向B點做直線運動，所以小球合外力沿著AB；又由于小球受重力，所以電場力的方向由O到D；由于此電場的方向未知，所以小球的電性是不能確定的，則小球做勻減速

16、直線運動，故AB錯誤；C據圖可知，由于是角平分線，且小球的加速度方向由O到D，據幾何關系可知故C錯誤；D由分析可知，小球受重力等于電場力，運動的位移和夾角相同，所以二力做的功相同，據功能關系可知，小球重力勢能的增加量等于電勢能的增加量，故D正確。故選D。6、B【解析】Aa球處于靜止狀態，所受合外力為0，故A錯誤；BC因為帶負電的c球受力平衡處于靜止狀態，根據平衡條件可知電場線方向豎直向上則對a球受力分析，水平方向上ab之間的庫侖力和ac之間庫侖力在水平方向上的分力平衡解得故B正確，C錯誤；D對c球受力分析解得故D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四

17、個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A線框穿出磁場的過程中，線框內磁通量減小，由楞次定律可知，線框中會產生順時針方向的感應電流，故A正確；B線框穿出磁場的過程中，線框所受安培力若大于重力，則線框做減速運動，受到的安培力減小，線框所受安培力若小于重力，則線框做減加速運動，受到的安培力增大，故B錯誤；CD線框穿出磁場的過程中，線框所受安培力若小于重力，則線框做加速運動，速度增大，產生的感應電流增大，所受安培力增大，當安培力增大到等于重力時，做勻速運動，不會出現速度先增大后減小的情況，故C錯誤D正確。故選：AD。8、AD【解析】

18、A由于電容器和靜電計均為斷路，故開關閉合一段時間后，電路中電流為0，故電壓表兩端電壓為0，因此C1上電荷量為0，故A正確；B由于整個電路中沒有電流，C2相當于直接接在電源兩端，故滑動滑動變阻器對電路沒有影響，C2上電壓不變，故電荷量不變，故B錯誤；C電壓表兩端電壓為0，靜電計兩端電壓不為0，故C錯誤； DS斷開后，C2上電荷量保持不變，故當兩極板距離增大時，電容減小，由可知，電壓增大，故靜電計張角變大，故D正確；故選AD。9、CD【解析】物塊受到重力、支持、摩擦力和拉力四個力作用，先把支持、摩擦力合成，由于得到。再把與拉力合成，合力等于mg，當與垂直時，最小，最小值A.A項與 上述分析結論不相

19、符，故A錯誤；B.B項與 上述分析結論不相符，故B錯誤；C.C項與 上述分析結論相符，故C正確；D.D項與 上述分析結論相符，故D正確。10、AC【解析】A原線圈所接交流電壓的有效值U1=V=300V，根據變壓比可知，副線圈兩端電壓U2=30V燈泡正常發光，則電阻R兩端電壓為10V，流過的電流I2=A=1A，根據歐姆定律可知R=10故A正確。B輸入電壓的角速度=50rad/s，則周期T=0.04s，則流過R的交流電的周期為0.04s，故B錯誤。C斷開S后，副線圈電阻增大，根據歐姆定律可知，電流減小，故輸出功率減小，則輸入功率減小，故C正確。D斷開S后，燈泡L1兩端電壓增大，不能正常發光，故D錯

20、誤。故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、50.15 5.695(5.6935.697) 【解析】(1)1 20分度的游標卡尺，精確度為0.05mm，圓柱體的長度為2螺旋測微器的轉動刻度為50格，共0.5mm，一小格的長度為0.01mm，轉動刻度估讀到零點幾格，則圓柱體的直徑為(5.6935.697)(2)3直流電源E的電動勢為4V，實驗提供的電壓表為15V，量程太大不合適，而電流表A1的內阻已知，還有一個定值電阻R080，可考慮改裝出電壓表，量程為量程較合適，改裝后待測電阻的最大電流為電流表A2的量程100mA，直接接在待測電

21、阻上指針的偏轉幅度小，而改裝后的電壓表和待測電阻并聯后的總電流約為80mA，則電流表A2(100mA)接在干路上指針偏轉比較合適；滑動變阻器R1(10)遠小于待測電阻阻值100，為了調節方便和更多的獲得測量數據，則采用滑動變阻器的分壓式接法，電路圖如圖所示(3)4根據所設計的電路原理可知，待測電阻的電壓為待測電阻的電流為由歐姆定律和電阻定律可得待測電阻的阻值為聯立解得電阻率為12、0.750 B bcRd24(a-b) 【解析】（1）螺旋測微器固定刻度最小分度為1mm，可動刻度每一分度表示0.01mm，由固定刻度讀出整毫米數包括半毫米數，由可動刻度讀出毫米的小數部分。（2）電路分為測量電路和控

22、制電路兩部分。測量電路采用伏安法。根據電壓表、電流表與待測電阻阻值倍數關系，選擇電流表外接法。變阻器若選擇R2，估算電路中最小電流，未超過電流表的量程，可選擇限流式接法。【詳解】（1）螺旋測微器固定刻度為0.5mm，可動刻度為25.00.01mm，兩者相加就是0.750mm。（2）因為只有電壓表，當連入電路的電阻絲變化時，其兩端的電壓也將發生變化，找到電壓U與長度l的關系，畫出圖象就能求出電阻絲的電阻率，按題意就可以畫出電路如圖所示，由于電阻絲的電阻只有3，所以定值電阻選較小的B.（4）據歐姆定律可以寫出電阻絲兩端的電壓U=RxRx+RE=lSlS+RE所以1U=1E+RSE1l結合圖象有：b

23、=1E（截距）當1l=c時，1U=a=b+RSEc 而S=(d2)2聯立可得：=bcRd24(a-b)【點睛】本實驗測電阻絲的電阻率比較巧妙，利用圖象法減小了偶然誤差，再結合數學圖象的知識，更是本題的精華部分；測量電阻最基本的原理是伏安法，電路可分為測量電路和控制電路兩部分設計。測量電路要求精確，誤差小。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1） （2）【解析】（1）當木塊與木楔斜面出現向下的相對滑動勢時，拉力F有最小值，則對木塊進行受力分析有聯立解得對木塊和木楔斜面整體進行受力分析，可知木楔斜面受到地面的最大靜摩擦力因為，可知木楔保持靜止不動，所以拉力F的最小值為（2）木楔保持不動時，拉力F取得的最大值若固定木楔不動，當木塊與木楔出現向上的相對滑動趨勢時，拉力F有最大值，則對木塊進行受力分析有聯立解得因為，可知隨著拉力的增大，木楔先與地發滑動，所以拉力F的最大值為1