1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置3請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題

2、目要求的。1、在勻強電場中，將質量為m，帶電量為q的小球由靜止釋放，帶電小球的運動軌跡為一直線，該直線與豎直方向的夾角為，如圖所示，則電場強度的大小為A有唯一值B最小值是C最大值D 2、如圖所示，直線OAC為某一直流電源的總功率P總隨電流I變化的圖線，拋物線OBC為同一直流電源內部熱功率Pr隨電流I變化的圖線若A、B對應的橫坐標為2 A，那么線段AB表示的功率及I2 A對應的外電阻是( )A6 W、2 B4 W、2 C2 W、1 D2 W、0.5 3、如圖所示，電流表、電壓表均為理想電表，L為小電珠R為滑動變阻器，電源電動勢為E，內阻為r現將開關S閉合，當滑動變阻器滑片P向左移動時，下列結論正

3、確的是（ ）A電流表示數變小，電壓表示數變大B小電珠L變亮C電容器C上電荷量減小D電源的總功率變大4、關于電源的電動勢，下列說法正確的是（ ）A電源的電動勢就是接在電源兩極間的電壓表測得的電壓B同一電源接入不同的電路，電動勢就會發生變化C電源的電動勢是表示電源把其他形式的能轉化成電能的本領大小的物理量D電路中，當電阻變大時，電源的電動勢也增大5、如圖所示，平行板電容器的兩個極板與水平地面成一角度，兩極板與一直流電源相連，若一帶電粒子恰能如圖中所示水平向右沿直線通過電容器在此過程中，該粒子 A所受重力沖量為零B電勢能逐漸減少C做勻變速直線運動D動能逐漸增加6、兩根由同種材料制成的均勻電阻絲A、B

4、串聯在電路中，A的長度為L，直徑為d；B的長度也為L，直徑為2d，則通電后A、B在相同的時間內產生的熱量之比為（ ）AQA：QB=1：4BQA：QB=4：1CQA：QB=2：1DQA：QB=1：2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，通電螺線管周圍放置能自由轉動的小磁針a、b、c、d均已處于靜止，則小磁針a、b、c、d指向正確的是( )A小磁針aB小磁針bC小磁針cD小磁針d8、如圖所示,在方向水平向左的勻速電場中有一傾角為60、高為H的固定絕緣斜面體,現將一

5、質量為m,帶正電且電荷量為q的小物塊(可視為質點)從斜面體頂端由靜止釋放,已知重力加速度為g,勻強電場的電場強度大小為E= 3mgq,不計空氣阻力,則A小物塊將沿斜面下滑B小物塊將做曲線運動C小物塊到達地面時的速度大小為22gHD若其他條件不變,只增大電場強度,小物塊到達地面前的運動時間不變9、如圖所示，一束帶電粒子以一定的初速度沿直線通過由相互正交的勻強磁場(磁感應強度為B)和勻強電場(電場強度為E)組成的速度選擇器，然后通過狹縫P進入另一勻強磁場(磁感應強度為B)，最終打在A1A2上，粒子重力不計。下列表述正確的是（ ）A粒子帶負電B能通過狹縫P的帶電粒子的速率等于C粒子打在A1A2的位置

6、越靠近P，粒子的比荷越大D所有打在A1A2上的粒子，在磁感應強度為B的磁場中的運動時間都相同10、帶負電的粒子在某電場中僅受電場力作用，能分別完成以下兩種運動：直線運動；圓周運動.則該電場可能由A一個帶正電的點電荷形成B一個帶負電的點電荷形成C兩個分立的帶等量正電的點電荷形成D兩個分立的帶等量負電的點電荷形成三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學利用如圖a所示裝置做探究彈簧彈力大小和其長度的關系的實驗。(1)他通過實驗得到如圖b所示的彈力大小F與彈簧長度x的關系圖線由此圖線可得該彈簧的原長x0_cm，勁度系數k_N/m。(2)

7、他又利用本實驗原理把該彈簧做成一把彈簧秤，當彈簧秤上的示數如圖c所示時，該彈簧的長度x_cm。12（12分）某課外學習小組想描繪標有“4 V、2 W”的小燈泡的UI圖象 ， 除導線和開關外還備有以下器材可供選擇:A電流表（量程0.6 A ，內阻約為1 ） B電流表（量程3.0 A ，內阻約為0.2 ）C電壓表（量程5.0 V ，內阻約為5 k） D電壓表（量程15.0 V ，內阻約為15 k）E.滑動變阻器（最大阻值為200，額定電流100 mA） F.滑動變阻器（最大阻值為10，額定電流1.0 A） G.電源（電動勢為6.0 V，內阻約為1.5 ）（1）實驗中所用的電流表應選_;電壓表選_;

8、滑動變阻器應選_.（只需填器材前面的字母代號）（2）將圖中的實物連接成實驗所需的電路（有兩根導線已經接好）_. （3）實驗開始時，滑動變阻器的滑片應該置于最_端.（填“左”或“右”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）在方向水平的勻強電場中，絕緣細線的一端連著一個質量為m的帶電小球，另一端懸掛于O點。將小球拿到A點（此時細線與電場方向平行）無初速釋放，已知小球擺到B點時速度為零，此時細線與豎直方向的夾角為=30，求：（1）小球速度最大的位置。（2）小球速度最大時細線對小球的拉力。14（16分）如圖所示，一個

9、電子由靜止開始經加速電場加速后，又沿中心軸線從O點垂直射入偏轉電場，并從另一側射出打到熒光屏上的P點，O點為熒光屏的中心。已知電子質量m=9.01031kg，電荷量e=1.61019C，加速電場電壓U0=2500V，偏轉電場電壓U=200V，極板的長度L1=6.0cm，板間距離d=2.0cm，極板的末端到熒光屏的距離L2=3.0cm（忽略電子所受重力）。求：(1)電子射入偏轉電場時的初速度v0；(2)電子打在熒光屏上的P點到O點的距離h；15（12分）如圖所示的電路中，已知R1=4 ，電流表的讀數I=0.75 A，電壓表讀數U=2.0 V，經一段時間后一電阻斷路，使電流表的讀數變為I=0.80

10、 A，而電壓表的讀數變為U=3.2 V，求：（1）發生斷路的電阻是哪一個？（2）電源電動勢和內阻各是多少？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】帶電小球的運動軌跡為直線，在電場中受到重力mg和電場力F，其合力必定沿此直線向下，根據三角形定則作出合力如圖所示：由圖看出，符合條件的電場強度有多種情況，而當電場力F與此直線垂直時，電場力F最小，場強最小，則有F=qEmin=mgsin，得到場強的最小值為Emin=mgsin/q，由圖可知，最大值無法求出故ACD錯誤，B正確故選B點睛：帶電小球在電場中受到重力和電場

11、力，從O點自由釋放，其運動軌跡為直線，小球所受的合力方向沿此直線方向，運用三角形定則分析什么情況下場強大小最小，再求出最小值2、D【解析】由電源總功率為P總=EI，得E=3V。由Pr=I2r，可知r=1。當電流為2A時，I=ER+r，得R=0.5。此時線段AB表示的功率P=EI-I2r=2W。綜上分析，D正確。3、A【解析】滑片向左移動，滑動變阻器的電阻變大，根據閉合電路的歐姆定律，干路電流減小，電流表的示數減小，串聯電路的電阻遵循分壓原理，則隨著滑動變阻器電阻的增大，其分壓相應增大，電壓表示數增大，選項A正確干路電流減小，小電珠變暗，選項B錯誤電容器與變阻器并聯，分壓升高，則電容器上的電荷增

12、多，選項C錯誤干路電流減小，電源電動勢不變，則電源的總功率減小，選項D錯誤4、C【解析】解：A項，電壓表測得的是電源電壓，小于電動勢，故A項錯誤。B、D項，電動勢是非靜電力在電源內部移送單位電荷所做的功，電動勢是電源本身的屬性，與外接電路無關，故B、D項錯誤。C項，電動勢衡量電源將其他形式的能轉化為電能的本領大小，故C項正確。5、C【解析】根據I=mgt可知，重力的沖量不為零，選項A錯誤；帶電粒子在電場中受到電場力與重力，根據題意可知，粒子做直線運動，電場力必定垂直極板向上，電場力與重力的合力必定與速度方向反向，粒子做勻減速直線運動，電場力垂直于極板向上，與位移方向的夾角為鈍角，則電場力做對粒

13、子做負功，其電勢能增加，同時重力不做功，由動能定理可知，動能減小，故C正確，BD錯誤故選C【點睛】本題考查帶電粒子在電場中的運動情況分析，主要考查根據運動情況來確定受力情況，并由電場力做功來確定電勢能如何，以及動能的變化6、B【解析】由題意可知，直徑比為1：2，則橫截面積比為1：4，根據電阻定律：，可得電阻之比為4：1，根據，因為電流相等，則熱量之比為4：1，故B正確，ACD錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】由安培定則可判斷出通電螺線管的左端為N極，

14、右端為S極，外部磁感線的方向由N極指向S極，而小磁針N極指向磁感線的方向，則可知只有cd指向正確，故AB錯誤，CD正確。故選CD。8、CD【解析】A、對物塊進行受力分析，物塊受重力和水平向左的電場力，電場力F=qE=3mg，則合力的大小為2mg，方向如圖，小物塊沿合力方向做勻加速直線運動，故A、B錯誤；C、運用動能定理研究從開始到落地過程：F3H+mgH=12mv2-0，解得：v=22gH，故C正確；D、將物塊的運動分解為水平方向和豎直方向，增大電場強度，電場力增大，水平方向的加速度增大，豎直方向上的加速度不變，根據等時性知，運動時間不變，故D正確；故選CD。【點睛】對物塊進行受力分析，畫出物

15、塊的運動軌跡運用動能定理或牛頓第二定律和運動學公式解決問題。9、BC【解析】A.帶電粒子在磁場中向左偏轉，根據左手定則，知該粒子帶正電，故A錯誤；B.粒子經過速度選擇器時所受的電場力和洛倫茲力平衡，有：，則，故B正確；C.經過速度選擇器進入磁場B的粒子速度相等，根據半徑公式知，粒子打在AlA2上的位置越靠近P，則半徑越小，粒子的比荷越大，故C正確；D.所有打在A1A2上的粒子，在磁場B中做勻速圓周運動，運動的時間等于，根據，可得，粒子在磁場中運動的周期，則磁場中的運動時間與帶電粒子的比荷有關，故D錯誤；10、AC【解析】A項：因為一個帶正電的點電荷形成的電場，其電場線是直線，當帶負電的粒子的初

16、速度的方向與電場線的方向在一條直線上時，粒子可以在電場線上運動，當粒子的初速度的方向與電場線垂直時，粒子可以在等勢面上做勻速圓周運動帶負電的粒子可以在一個帶正電的點電荷形成的電場中的任意一個等勢面上做勻速圓周運動，故A正確；B項：當粒子的初速度的方向與電場線垂直時，粒子受到與電場線方向相反的力的作用，將會做離心運動，故B錯誤；C項：兩個等量的同種正點電荷A、B形成的電場，當帶負電的粒子的初速度的方向與電場線在一條直線上時，粒子可以在電場線上運動，由于場強是變化的，所以粒子做變速直線運動，考慮到電場分布的空間性和對稱性，當粒子初速度的方向在A、B連線的中垂面內且與中垂線垂直，則粒子所受庫侖力的合

17、力始終指向O點，粒子將在兩電荷A、B連線的中垂面內，以兩電荷A、B連線的中點O為圓心做勻速圓周運動，故C正確；D項：兩個帶等量負的點電荷的電場對負電荷的作用力向外，同負點電荷的電場類似，所以帶負電粒子不可能在受到背離圓心的作用下做勻速圓周運動，故D錯誤。點晴：該題考查幾種常見的電場的特點，本題關鍵要能讓負電荷做勻速圓周運動，必須有指向圓心的力提供向心力，故只能是位于圓心的正電荷提供。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、4 25 16 【解析】(1)12如果以彈簧長度x為橫坐標，彈力大小F為縱坐標，作出Fx圖象，那么圖象與橫軸的截距表示彈

18、簧的原長，圖線的斜率表示彈簧的勁度系數，所以根據圖象可知，該彈簧的原長x04cm勁度系數(2)3彈簧秤的讀數表示彈力的大小，即F3.0N，所以該彈簧的長度12、A C F 左 【解析】（1）123小電珠額定電壓為4V，額定電流為0.5A，因此電流表選擇A，電壓表選擇C，滑動變阻器選小阻值大額定電流的F；（2）4電壓表內阻遠大于電珠電阻，故采用電流表外接；調節靈敏，滑動變阻器采用分壓接法，電流表采用外接法（3）5閉合開關前，滑片置于左端，使分壓部分電壓為零四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）=30（2）mg【解析】試題分析：（1）小球由A運動到B根據動能定理， mgLcos-qEL（1+sin）=0 解得設小球最大速度的位置為C，懸線與豎直方向間的夾角為，小球受力如圖，則tan=，=30（2）由A