1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，真空中Ox坐標軸上的某點有一個點電荷Q，坐標軸上A，B兩點的坐標為0.1m和0.6m，在A點放一個帶負電的試探電荷，在B點放一個帶正電的試探電荷，電荷量q，A

2、,B兩點的試探電荷受到的電場力方向都跟x軸正方向相同，電場力的大小F跟試探電荷電量q的關系分別如圖中直線a，b所示，下列說法正確的是AA點的電場強度大小為4N/CBB點的電場強度方向沿x軸負方向C點電荷Q是負電荷D點電荷Q的位置是0.2m2、首先發現電流的磁效應和提出分子電流假說的物理學家分別是（）A安培和法拉第B法拉第和楞次C奧斯特和安培D奧斯特和法拉第3、下列關于摩擦力的說法中正確的是（）A有彈力必有摩擦力B有摩擦力必有彈力C同一接觸面上的彈力和摩擦力可能相互平行D滑動摩擦力的公式F=FN中的壓力FN一定等于重力4、如圖所示，為某靜電除塵裝置的原理圖，廢氣先經過機械過濾裝置再進入靜電除塵區

3、、圖中虛線是某一帶負電的塵埃(不計重力)僅在電場力作用下向集塵極遷移并沉積的軌跡，A、B兩點是軌跡與電場線的交點，不考慮塵埃在遷移過程中的相作用和電荷量變化，則以下說法正確的是AA點電勢高于B點電勢B塵埃在A點的加速度大于在B點的加速度C塵埃在遷移過程中做勻變速運動D塵埃在遷移過程中電勢能始終在增大5、電場中M、N兩點場強的大小分別為EM、EN，電勢分別為M、N.某帶電粒子僅在電場力作用下從M點運動到N點，若此過程中帶電粒子的動能始終保持不變，下列判斷正確的是（ ）AEMEN，MNBEMEN，M=NCEM=EN，M=NDEMEN，MN6、工人師傅在改裝電爐時，為了使電功率減小到原來的一半，下列

4、措施中可行的是A截去一半電爐絲B串聯一條相同的電爐絲C并聯一條相同的電爐絲D把連接電爐和電源的電線長度增加一倍。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、矩形導線框abcd與長直導線MN放在同一水平面上，ab邊與MN平行，導線MN中電流方向如圖所示，當MN中的電流增大時，下列說法正確的是A導線框abcd中有順時針的感應電流B導線框abcd中有逆時針的感應電流C導線框所受的安培力的合力向左D導線框所受的安培力的合力向右8、有三個質量相等的分別帶有正電、負電和不帶電的微粒，從極

5、板左側中央以相同的水平初速度v先后垂直場強方向射入，分別落到極板A、B、C處，如圖所示，則下列說法正確的有（）A落在A處的微粒帶正電，B處的不帶電，C處的帶負電B三個微粒在電場中運動時間相等C三個微粒在電場中運動的加速度aAaBaCD三個微粒到達極板時的動能EkAEkBEkC9、用相同的表頭改裝的兩個量程不同的電壓表V1和V2被分別用來測量某電路中電阻R 兩端(a、b)間的電壓時(如圖所示)，讀數依次為17V和13V，則Aa、b間的實際電壓略大于17 VBa、b間的實際電壓略小于13 VC電壓表V1的內阻小于V2的內阻D電壓表V1的內阻大于V2的內阻10、如圖所示，相距為d的兩塊平行金屬板M、

6、N與電源相連，電鍵S閉合后，MN間有勻強電場一個帶電粒子垂直于電場方向從M板邊緣射入電場，恰好打在N板中央，若不計重力下列說法正確的是()A電鍵S閉合時，N板不動，為了使粒子剛好飛出電場，可僅將M板向上移動3dB電鍵S閉合時，N板不動，為了使粒子剛好飛出電場，可僅將M板向上移動dC電鍵S斷開時，M板不動，為了使粒子剛好飛出電場，可僅將N板向下移動dD電鍵S斷開時，M板不動，為了使粒子剛好飛出電場，可僅將N板向下移動3d三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示為某同學測量電源的電動勢和內阻的電路圖其中包括電源E，開關S1和S2，

7、電阻箱R，電流表A，保護電阻Rx該同學進行了如下實驗步驟： (1)將電阻箱的阻值調到合適的數值，閉合S1、S2，讀出電流表示數為I，電阻箱讀數為9.5 ，斷開S2，調節電阻箱的阻值，使電流表示數仍為I，此時電阻箱讀數為4.5則保護電阻的阻值Rx_（結果保留兩位有效數字）(2)S2斷開，S1閉合，調節R，得到多組R和I的數值，并畫出圖象，如圖所示，由圖象可得，電源電動勢E_V，內阻r_（結果保留兩位有效數字） (3)本實驗中，內阻的測量值_（填“大于”或“小于”）真實值，原因是_12（12分）某同學要通過實驗測量一節干電池的電動勢和內阻，可供選擇的器材有：電流表（00.6A）、電壓表（03V）、

8、滑動變阻器R1（10，2A）、滑動變阻器R2（100，2A）、定值電阻R0為1.5、電鍵S及導線若干。（1）為方便實驗調節且能較準確地進行測量，滑動變阻器應選用_（填“R1”或“R2”）。（2）本次實驗按照如圖甲所示實物連接線路圖連接好后進行測量，測得數據如下表所示。由上表數據可看出，電壓表示數變化不明顯，試分析引起上述情況的原因是_。（3）為使電壓表的示數變化更明顯，請將上述器材的連線略加改動，在方框中畫出改動后的實驗電路圖_。（4）實驗中改變滑動變阻器的阻值，根據測出數據畫出的UI圖線如圖所示，則此干電池的內阻r =_。（保留兩位小數）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中

9、指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，電源電動勢E=12V，內阻r=4,R1=16，R2=10，R3=20，R4=30，R5=30，R6=30，電容器C=20F。（1）閉合開關S1，S2，待穩定后，AB之間的電勢差UAB為多少，電容器的電量是多少。（2）斷開S2后，通過R6的電量為多少？（保留2位有效數字）14（16分）如圖所示，一束電子流在經U1=5000V的加速電壓加速后，在距兩極板等距處垂直進入平行板間的勻強電場，若兩板間距d=1.0cm，板長L=5.0cm，發現電子恰好能從平行板間飛出電子的比荷e/m=1.761011C/kg問：（1）電子進入

10、平行板時的速度v0多大？ （2）兩個極板間的電壓U2有多大？15（12分）如圖所示，用30cm的細線將質量為m=410-3kg的帶電小球P懸掛在O點下，當空中有方向為水平向右，大小為E=1104N/C的勻強電場時，小球偏轉45后處于靜止狀態求：（g = 10 N/kg ）(1)分析小球的帶電性質. (2)求小球的帶電量參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A. A點電場強度大小為故A錯誤；B. 正的試探電荷受電場力方向與電場線方向相同，根據正電荷在B點受力沿x軸正方向即可判斷在B點電場強度方向沿x軸正方向，

11、故B錯誤；C.根據并結合圖像可判斷a點電場強度大于b點電場強度，離點電荷越近場強越大，所以點電荷在AB的中間靠近A的某個位置，又由于A、B兩點的試探電荷受到電場力的方向都跟x軸正方向相同，所以點電荷Q是正電荷，故C錯誤；D. 根據電場強度的定義式即結合圖像可判斷B點電場強度大小為A點電場強度大小為可得場源電荷到AB的距離之比因此點電荷Q的位置坐標為0.20m，故D正確2、C【解析】首先發現電流的磁效應的物理學家是奧斯特；提出分子電流假說的物理學家是安培。故選C。3、B【解析】AB、摩擦力產生的條件中，必須接觸擠壓，所以有摩擦力必有彈力；而有彈力不一定有摩擦力，還需有相對運動或相對運動的趨勢。故

12、A錯誤，B正確；C. 彈力總是垂直于接觸面，而摩擦力總是沿接觸面，二者不可能平行，故C錯誤；D. 滑動摩擦力的公式F=FN中的壓力FN為正壓力，其大小不一定等于重力，如用力向下壓一滑動的物體時，正壓力為重力與壓力之和，故D錯誤。故選：B.點睛：摩擦力產生的條件是接觸、擠壓、相對運動或有相對運動的趨勢可知有摩擦力必有彈力，有彈力不一定有摩擦力4、B【解析】沿電場線方向電勢降低，由圖可知，B點的電勢高于A點電勢，故A錯誤；由圖可知，A點電場線比B點密集，因此A點的場強大于B點場強，故A點的電場力大于B點的電場力， 則A點的加速度大于B點的加速度，故B正確；放電極與集塵極間建立非勻強電場，塵埃所受的

13、電場力是變化的故粒子不可能做勻變速運動，故C錯誤；由圖可知，開始速度方向與電場力方向夾角為鈍角，電場力做負功，電勢能增大；后來變為銳角，電場力做正功，電勢能減小；對于全過程而言，根據電勢的變化可知，電勢能減小，故D錯誤故選B點睛：本題考查考查分析實際問題工作原理的能力，解題時要明確電場線的分布規律，并且能抓住塵埃的運動方向與電場力方向的關系是解題突破口5、C【解析】試題分析：因帶電粒子在MN兩點運動時的動能始終保持不變，故粒子的速率大小不變，可知粒子所受的電場力始終與速度垂直，電場力不做功，可知兩點的場強大小相等，電勢相等，故選C.考點：帶電粒子在電場中的運動6、B【解析】試題分析：由公式可知

14、，要使電功率減小到原來的一半，如果U不變，就要使電阻增大為原來的2倍：根據電阻定律可得截去一半電爐絲，電阻減半，A錯誤；串聯一條相同的電爐絲，電阻成為2R，B正確；并聯一條相同的電爐絲，電阻變為原來的二分之一，C錯誤；由于導線的電阻很小，把連接電源和電爐的導線長度增加一倍，由串聯分壓的原理知：增加的導線分去的電壓并不大，電爐兩端的電壓變化也不大；而電爐電阻絲的阻值不變，則電爐的實際功率變化也不大，D錯誤考點：考查了電功率的計算【名師點睛】在家庭電路中，電源電壓是恒定的；因此，電爐工作的實際電壓在改裝前后是相同的，由公式可知，要使電功率減小到原來的一半，必須使電阻增大到原來的二倍，根據這個條件進

15、行選擇即可二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】試題分析：當導線 MN中的電流增大時，通過導線框中的磁場方向向里且增加，根據楞次定律可知導線框abcd中有逆時針方向的感應電流，A錯，B對；由左手定則可知，ab處的安培力方向向右，cd處的安培力方向向左，離導線越近，磁感應強度越大，ab處的安培力大于cd處的安培力，所以導線框所受的安培力的合力向右，C錯，D對。所以本題選擇BD。考點：楞次定律、安培力8、AC【解析】微粒在水平方向上均做勻速直線運動，且水平速度相

16、同，三微粒在水平方向上的位移，xCxBxA.則三微粒的運動時間為tCxcv，tBxbv，tAxAv所以tCtBtA微粒在豎直方向上做初速度為零的勻加速運動，則有d212aAtA212aBtB212aCtC2所以aAaBaC，所以落在A處的微粒必帶正電，B處的不帶電，而C處的帶負電，A、C選項正確，B選項錯誤根據動能定理得A處：mgd2qAEd2EkA12mv2B處：mgd2EkB12mv2C處：mgd2qCEd2EkC12mv2所以D項錯誤9、AD【解析】試題分析：AB、將電壓表并聯在a、b兩點間，由于電壓表的分流作用，通過干路電阻R的電流增大，兩端電壓增大，所以并聯部分電壓小于未接入電壓表是

17、的電壓，即；A、正確CD、電壓表內阻越小分流作用越大，并聯部分電壓越小，因讀數小所以內阻小；D正確故選AD 考點：對串并聯電路的的理解點評：中等難度。電阻并聯后的總電阻小于任何支路的電阻，內阻不是遠大于R的電壓表不能視為理想電表，應考慮它對電路電阻的影響。10、BD【解析】設極板的長度為L，帶電粒子的初速度為v0，電源兩端的電壓為UAB當電鍵S閉合時，N板不動，將M板向上移前： 將M板向上移動d后：設帶電粒子的水平位移大小為s，則有：由聯立得到s=L則使粒子剛好飛出電場； 當電鍵S閉合時，N板不動，若將M板向上移動3d，則有：由得s=2L說明粒子不是剛好飛出電場，故A錯誤，B正確CD若S斷開，

18、電容器板間場強不變，則帶電粒子的加速度大小不變，粒子剛好飛出電場時水平位移大小為l，設豎直位移大小為y，則有：由得：y=4d則將N板向下移動3d，故C錯誤，D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、5.0 3.0 2.2 大于 電流表也有內阻 【解析】(1)1由題意可知，閉合S1和S2時只有電阻箱接入電路，閉合S1、斷開S2時，電阻箱與R串聯接入電路，兩種情況下電路電流相等，由歐姆定律可知，兩種情況下電路總電阻相等，所以 保護電阻的阻值Rx9.5 -4.5 5.0(2)23根據閉合電路的歐姆定律可得，EI(R+Rx+r)，整理可得可見圖線的斜率圖線的縱截距結合圖象中的數據可得E3.0V，r2.2(3)45本實驗中，內阻的測量值大于真實值，原因是電流表也有內阻，測量值等于電源內阻和電流表內阻之和12、R1 新電池的內阻很小，所以導致內電路的電壓降很小； 圖見解析； 0.20 【解析】(1)1.因電源內阻較小，為了便于調節，選擇總阻值較小的R1；(2)2.由表中數據可知，電壓表示數不明顯，說明路端電壓變化不明顯；原因是新電池的內阻很小，所以導致內電路的電壓降很小；(3)3.為了減小實驗中內阻測量的誤差，將定值電阻R0與電源相連，采用等效的方法來增大內阻；故設計電路如圖所示；(4)4.圖象的斜率等