1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡

2、一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、由電容器電容的定義式C可知()A若電容器不帶電，則電容C為零B電容C與電容器所帶電荷量Q成反比，與電壓U成反比C電容在數值上等于使兩板間的電壓增加1 V時所需增加的電荷量D電容器所帶電荷量，是兩極板所帶電荷量的代數和2、小張在探究磁場對電流作用的實驗中,將直導線換作導體板,如圖所示,發現在兩點之間存在電壓進一步實驗結果如下表,由表中結果可知電壓A與電流無關B與磁感應強度無關C與電流可能成正比D與磁感應強度可能成反比3、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內阻不計）連接

3、，電容器下極板接地一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于靜止狀態，現交平行板電容器的上極板豎直向下移動一小段距離，下列說法正確的是（）A帶電油滴將豎直向上運動BP點的電勢將降低C電容器的電容增大，極板帶電荷量不變D電容器的電容增大，極板帶電荷量減小4、A、B兩艘快艇在湖面上做勻速圓周運動，在相同時間內，它們通過的路程之比是4：3，運動方向改變的角度之比是3：2，則它們A線速度大小之比為3：4B角速度大小之比為1：1C圓周運動的半徑之比為2：1D向心加速度大小之比為2：15、在光滑的絕緣水平面上，由兩個質量均為m帶電量分別為q和q的甲、乙兩個小球，在水平力F的作用下一起做勻加速直線運動，則甲、乙

4、兩球之間的距離r為()ABqC2qD2q6、將平行板電容器與靜電計連接，充電后撤去電源，靜電計指針張開某一角度，如圖所示，若將電容器兩極間距離增大，則A兩極板間電勢差不變，不變B兩極板間電勢差減小，減小C電容器電容減小，變小D電容器電容減小，變大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、圖中的實線是一簇未標明方向的由點電荷產生的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區域的運動軌跡，a、b是其軌跡上的兩點若帶電粒子在運動中只受電場力作用，由此圖可判斷下列說法錯誤的是（）A帶電粒

5、子所帶電荷的符號B帶電粒子在a、b兩點的受力方向C帶電粒子在a、b兩點的速度何處較大D帶電粒子在a、b兩點的電勢能何處較大8、如圖所示是電阻R的I-U圖象，圖中=45，由此得出( )A通過電阻的電流與兩端電壓成正比B電阻R=0.5C電阻R=1.0D在R兩端加上6.0V的電壓時，每秒通過電阻橫截面的電荷量是3.0C9、如圖所示電路中，三只燈泡原來都發光，當滑動變阻器的滑動觸頭P向左移動時(三只燈泡仍都發光)，下面判斷正AL1和L3變亮，L2變暗BLI變暗，L2變亮，L3亮度不變CL1中電流變化值小于L3中電流變化值DLl上電壓變化值小于L2上的電壓變化值10、如圖所示，以坐標原點為圓心，半徑為的

6、圓與坐標軸交于、在點固定一個正電荷，另外還有一方向與軸正方向相同，場強大小為的勻強電場現把一點電荷在圓上移動時，則（ ）A從移到電場力對做功為B從移到電場力對不做功C從移到電場力對做功為D從移到電場力對不做功三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）測量“水果電池”的電動勢和內電阻的實驗中，將一銅片和一鋅片分別插入同一只蘋果內，就構成了簡單的“水果電池”，其電動勢約為1.5V，可是這種電池并不能點亮額定電壓為1.5V，額定電流為0.3A的手電筒上的小燈泡。原因是流過小燈泡的電流太小了，經實驗測定電流約為3mA。現有下列器材：待測“水果電

7、池”電流表A：滿偏電流3mA，電阻約10電壓表V：量程01.5V，電阻約1000滑動變阻器R1：030滑動變阻器R2：030k開關、導線等實驗器材 (1)本實驗選用上面所示的實驗原理圖，應該選用哪種規格的滑動變阻器_；（填寫儀器代號）(2)在實驗中根據電壓表的示數U與電流表的示數I的值，得到UI圖象如上圖所示，根據圖中所給數據，則“水果電池”的電動勢E=_V，內電阻r=_；(3)若不計測量中的偶然誤差，用這種方法測量得出的電動勢和內電阻的值與真實值相比較，電動勢E_（選填“偏大”或“相等”或“偏小”），內電阻r_（選填“偏大”或“相等”或“偏小”）。12（12分）某研究性學習小組的同學欲做“描

8、繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗.已知所用小燈泡的額定電壓和額定電流分別為3.0V、0.6A，實驗使用的直流電源的電動勢為4.0V內阻忽略不計，實驗的器材規格如下a.電流表A1（量程00.6A，內阻約5）b.電壓表V1（量程03V，內阻約3k）c.滑動變阻器R1（阻值010，額定電流1A）請回答下列問題：（1）根據實驗器材應該使用電流表_接法.（2）根據所選的實驗器材，請設計合理的電路原理圖來完成該實驗_.（3）該研究性學習小組的同學用設計好的電路測得了通過該小燈泡的電流I和該小燈泡兩端的電壓U如圖所示，通過小燈泡的電流為_A,小燈泡兩端的電壓為_V，由歐姆定律計算得到的小燈泡的電阻值_（選填“大

9、于”“等于”或“小于”）真實值.（4）該研究性學習小組的同學通過設計好的電路得到了多組實驗數據，并根據得到的多組數據在坐標系中描點畫圖，如圖所示，該圖線向下彎曲，其原因是_.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）一長為L的細線，上端固定，下端拴一質量為m、帶電荷量為q的小球，處于如圖所示的水平向右的勻強電場中開始時，將細線與小球拉成水平，小球靜止在A點，釋放后小球由靜止開始向下擺動，當細線轉過60角時，小球到達B點速度恰好為零試求：（1）A、B兩點的電勢差UAB；（2）勻強電場的場強大小；14（16分）如圖所

10、示，M、N是兩塊正對的平行金屬板，兩板間是場強為E的勻強電場，N板接地。A是電場中的一點，已知A點到N板的距離為d。（1）把一個電荷量為+q的油滴從A點移到N板。求電場力對油滴所做的功W以及油滴在A點具有的電勢能EPA。（2）a電勢反映了靜電場各點的能的性質，請寫出電勢的定義式，并據此求出A點的電勢A；b兩板間既有靜電場也有重力場。類比電勢的定義方法，在重力場中建立“重力勢”的概念，寫出重力勢G的表達式，并簡要說明電勢和“重力勢”的共同特點。15（12分）一水平的淺色長傳送帶上放置一煤塊（可視為質點），煤塊與傳送帶之間的動摩擦因數為初始時，傳送帶與煤塊都是靜止的現讓傳送帶以恒定的加速度a0開始

11、運動，當其速度達到v0后，便以此速度做勻速運動經過一段時間，煤塊在傳送帶上留下了一段黑色痕跡后，煤塊相對于傳送帶不再滑動求：（1）傳送帶從靜止開始加速到v0所需的時間；（2）從傳送帶開始運動到速度剛達到v0這段時間內，煤塊相對地面的位移大小；（3）煤塊在傳送帶上留下黑色痕跡的長度參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】AB電容器的電容只由電容器內部結構決定，與電容器是否帶電以及兩端的電壓均無關，選項AB錯誤；C根據 可知，電容器的電容在數值上等于使兩板間的電壓增加1 V時所需增加的電荷量，選項C正確；D電容器

12、所帶電荷量，是指一個極板帶電量的絕對值，選項D錯誤。2、C【解析】由表格數據可知，當控制電流I相同時，電壓U與磁感應強度B成正比，當控制磁感應強度B相同時，則有電壓U與電流I成正比，綜合所述可知，電壓可能與電流，或磁感應強度成正比，故C正確，ABD錯誤；3、A【解析】將上極板豎直向下移動時，d減小，電容器的電壓U不變，由分析得知，板間場強增大，則油滴所受電場力增大，油滴將沿豎直向上運動故A正確P點到下極板的距離不變，而E增大，由U=Ed知，P點與下極板間電勢差增大，P點的電勢大于零，則P點的電勢升高，故B錯誤；d減小，由知，電容C增大，U不變，由分析可知電容器所帶電量增加，故CD錯誤；故選A點

13、睛：本題是電容器動態變化分析問題，抓住不變量：電容器與電源保持相連，電壓不變，由，結合進行分析4、D【解析】A時間相同情況下，路程之比為，則線速度之比為，故A錯誤.B時間相同情況下，角度改變之比為，則角速度之比為，故B錯誤.C根據：可知半徑之比為，故C錯誤.D由向心加速度公式：可知向心加速度之比為，故D正確.故選D.5、B【解析】試題分析:選甲、乙作為整體為研究對象，由牛頓第二定律得，加速度,選乙為研究對象，由牛頓第二定律得：，聯立得考點：牛頓第二定律；庫侖定律6、D【解析】靜電計是測量電勢差的儀器，電勢差的大小是通過指針張開的角度來體現的；又電容器充完電后與電源分開，說明電容器的電量不變，根

14、據電容公式可知當增大時，減小，由可知，電勢差增大，那么變大；A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析不符，故B錯誤；C.與分析不符，故C錯誤；D.與分析相符，故D正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】由軌跡的彎曲情況，可知電場力應沿電場線向左，但因不知電場線的方向，故帶電粒子所帶電荷符號不能確定設粒子從a運動到b(也可分析從b到a的情形，兩種分析不影響結論)，速度方向與電場力夾角大于90，故速度減小，由電場線的疏密程度知a點場強大于b點場強，帶電粒子在a

15、點受電場力較大，從而加速度較大綜上所述，B、C、D正確8、AD【解析】根據圖象可知，通過電阻的電流與兩端電壓成正比，故A正確；根據電阻的定義式： ，故BC錯誤；由圖知，當U=6V時，I=3A，則每秒通過電阻橫截面的電荷量是q=It=31C=3.0C，故D正確。所以AD正確，BC錯誤。9、ACD【解析】AB滑動變阻器與L3串聯，與另外一盞燈L2并聯，滑動變阻器滑片向左移動，接入電路的阻值變小，根據串反并同，可知L1和L3變亮，L2變暗，選項A正確；B錯誤；CL1中的電流是干路電流，根據前面分析可知總電流增大，并聯部分分壓變小，選項C正確；D根據閉合電路歐姆定律可知：，選項D正確；故選：ACD點睛

16、：由圖可知L3與R串聯后與L2并聯，再與R0、L1串聯；由滑片的移動方向可知滑動變阻器接入電阻的變化，則可知總電阻的變化；由閉合電路的歐姆定律可知電路中電流的變化，即可知L1亮度的變化；將R0、L1作為內電阻處理，由U=E-Ir可知并聯部分電壓的變化，由歐姆定律可得出兩燈亮度的變化；因兩燈電阻均為定值，則可由歐姆定律得出電壓變化值的大小關系10、BC【解析】點電荷+q處在勻強電場和點電荷Q產生的電場中，對于點電荷Q產生的電場，以Q為圓心的圓是一條等勢線，+q在等勢線上移動時，電場力不做功；對于勻強電場，根據W=qEd，d是沿電場線方向兩點的距離，即可計算電場力做功【詳解】A、B項：從a移到c，

17、點電荷Q產生的電場對+q不做功，在勻強電場中，a、c電勢相等，電場力對+q也不做功，故A錯誤，B正確；C、D項：從d移到b，點電荷Q產生的電場對+q不做功，勻強電場對+q做功為：W=qE2r=2qEr，所以電場力做功為2qEr，故C正確，D錯誤故應選：BC【點睛】本題關鍵抓住以Q為圓心的圓是一條等勢線，+q在等勢線上移動時，電場力不做功，只要分析勻強電場的電場力做功情況即可三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、R2 1.5V 500 相等 偏大 【解析】(1)“水果電池”電動勢約為1.5V，電流約為3mA，估算其內阻約為500，要使電路電

18、流變化范圍大一些，需要選用與電源內阻接近的滑動變阻器，故選用R2；(2)根據圖象可知：縱截距表示電動勢，斜率絕對值表示內阻。故電動勢為1.50V，內電阻為500。(3)根據歐姆定律可得，由此可知電動勢E測量值等于真實值，而內電阻測量值大于真實值，因為還包含電流表內阻。12、外 0.50 2.60 小于 小燈泡的電阻隨溫度的升高而增大 【解析】（1）（2）12描繪小燈泡伏安特性曲線，電壓與電流要從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法；由表中實驗數據可知，燈泡最大電阻約為：電壓表內阻約為3k，燈泡電阻阻值遠小于電壓表內阻，電流表應采用外接法，電路圖如圖所示：（3）34由圖知，電流表的量程為00.6

19、A，分度值為0.02A，示數為0.50A；電壓表的量程為03V，分度值為0.1V，示數為2.60V。5由于電壓表的分流作用，所以電流表的示數比流經燈泡的電流偏大，故根據歐姆定律：測量電阻偏小，即計算得到的小電珠的電阻值小于真實值；（4）6I-U圖象的斜率表示電阻的倒數，由圖象可知，電阻隨著電壓的增大而增大，其原因是燈泡的電阻隨溫度的升高而增大。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）-3mgL2q；（2）3mgq【解析】試題分析：（1）小球由AB過程中，由動能定理：mgLsin60+qUAB=0所以UAB=-3mgL2q（2）根據公式E=Ud可得E=|UAB|L-Lcos60=3mgq考點：考查了電場力做功，勻強電場電場強度和電勢差的關系【名師點睛】勢差是描述電場的能的性質的物理量，與電場力做功有關，常常應用動能定理研究電勢差14、（1）Eqd （2）aEd bG=EGm。電勢和重力勢G都是反映場的能