1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，A、B、C、D是水平面內同一直線上的四點，且AB=BC=CD，在A點正上方的O點以水平拋出一小

2、球，剛好落在C點，小球運動的軌跡與OD的連線交于E點，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A小球經過E點與落在C點的水平位移之比是2：3B小球經過E點與落在C點的水平位移之比是3：4C小球經過E點與落在C點時重力做功的比為5：9D小球經過E點與落在C點時重力做功的比為7：162、如圖所示，足夠長的粗糙斜面固定在地面上，某物塊以初速度從底端沿斜面上滑至最高點后又回到底端上述過程中，若用x、a和EK分別表示物塊的位移、速度、加速度和動能各物理量的大小，t表示運動時間，下列圖像中可能正確的是（ ）ABCD3、如圖所示，不計繩的質量及繩與滑輪的摩擦，物體A的質量為M，水平面光滑，當在繩端施以F=mg的豎

3、直向下的拉力作用時，物體A的加速度為a1，當在B端掛一質量為m的物體時，A的加速度為a2，則a1與a2的關系正確的是（ ）Aa1=a2 Ba1a2 Ca1a2 D無法判斷4、某靜電場中的一條電場線與x軸重合，其電勢的變化規律如圖所示，在O點由靜止釋放一個負點電荷，該負點電荷僅受電場力的作用，則在x0 x0區間內（）A該靜電場是勻強電場B該靜電場是非勻強電場C負點電荷將沿x軸正方向運動，加速度不變D負點電荷將沿x軸負方向運動，加速度逐漸減小5、2019年春節期間電影流浪地球的熱播使人們關注到影視中“領航員號”空間站通過讓圓形空間站旋轉的方法獲得人工重力的情形，即劉培強中校到達空間站時電腦“慕斯”

4、所講的臺詞“離心重力啟動”，空間模型如圖，已知空間站半徑為1000米，為了使宇航員感覺跟在地球表面上的時候一樣“重”g取，空同站轉動的角速度為 （ ）A10 rad/sB1 rad/sC0.1 rad/sD0.01 rad/s6、水平傳送帶被廣泛地應用于機場和火車站，用于對旅客的行李進行安全檢查。如圖所示為一水平傳送帶裝置示意圖，緊繃的傳送帶始終保持恒定速率運行。旅客把行李無初速度地放在處，設行李與傳送帶之間的動摩擦因數，間的距離為，取10m/.若旅客把行李放到傳送帶的同時以的恒定速度平行于傳送帶運動到處取行李，則A乘客與行李同時到達處B乘客提前到達處C行李提前到達處D若傳送帶速度再增大，行李

5、能更快到達處二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩個帶電小球A、B分別處于光滑絕緣的豎直墻面和斜面上，且在同一豎直平面內，用水平向左的推力F作用于B球、兩球在圖示位OA置靜止，現將B球沿斜面向上移動一小段距離，發現A球隨之向上移動少許，兩球在虛線位置重新平衡，重新平衡后與移動前相比，下列說法正確的是A推力F變大B斜面對B的彈力不變C墻面對A的彈力變小D兩球之間的距離變大8、在距水平地面附近一定高度處將一物體水平拋出，物體最終落到水平地面上。若不計空氣阻力，下

6、列說法中正確的是 （ ）A物體的運動是勻變速運動B物體在空中運動過程中機械能守恒C拋出點高度一定時，物體在空中運動的時間與初速度的大小有關D若初速度一定，物體落地時水平飛行的距離與拋出點的高度有關9、如圖所示，質量為m的半圓軌道小車靜止在光滑的水平地面上，其水平直徑AB長度為2R，現將質量也為m的小球從距A點正上方h0高處由靜止釋放，然后由A點經過半圓軌道后從B沖出，在空中能上升到距B點所在水平線的最大高度為3h04處（不計空氣阻力，小球可視為質點），則（ ）A小球和小車組成的系統動量守恒B小球離開小車后做豎直上拋運動C小車向左運動的最大距離為RD小球第二次在空中能上升到距B點所在水平線的最大

7、高度為h0210、如圖所示的電路中，電源電動勢、內阻及四個電阻的阻值已在圖中標出閉合開關S，下列說法正確的有A通過電源的電流為2 AB路端電壓為9 VC電源的總功率為27 WDa、b間用導線連接后，沒有電流通過該導線三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示為“阿特武德機”的示意圖，它是早期測量重力加速度的器械，由英國數學家和物理學家阿特武德于1784年制成他將質量同為M（已知量）的重物用繩連接后，放在光滑的輕質滑輪上，處于靜止狀態再在一個重物上附加一質量為m的小重物，這時，由于小重物的重力而使系統做初速度為零的緩慢加速運動并測

8、出加速度，完成一次實驗后，換用不同質量的小重物，重復實驗，測出不同m時系統的加速度得到多組a、m數據后，作出圖像乙(1)為了作出圖乙需要直接測量的物理量有 （_）A小重物的質量B滑輪的半徑RC繩子的長度D重物下落的距離h及下落這段距離所用的時間t(2)請推導隨變化的函數式_(3)如圖乙所示，已知該圖像斜率為k，縱軸截距為b，則可求出當地的重力加速度g=_，并可求出重物質量M=_12（12分）某同學用如圖所示裝置驗證機械能守恒定律時，所用交流電源的頻率為50 Hz，得到如圖4所示的紙帶選取紙帶上打出的連續五個點A、B、C、D、E，測出A點距起點O的距離為s019.00 cm，點A、C間的距離為s

9、18.36 cm，點C、E間的距離為s29.88 cm，g取9.8 m/s2，測得重物的質量為m1 kg(1)下列做法正確的有_A圖中兩限位孔必須在同一豎直線上B實驗前，手應提住紙帶上端，使紙帶豎直C實驗時，先放開紙帶，再接通打點計時器的電源D數據處理時，應選擇紙帶上距離較近的兩點作為初、末位置(2)選取O、C兩點為初、末位置驗證機械能守恒定律，重物減少的重力勢能是_J，打下C點時重物的速度大小是_m/s(結果保留三位有效數字)(3)根據紙帶算出打下各點時重物的速度v，量出下落距離s，則以為縱坐標、以s為橫坐標畫出的圖象應是下面的_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答

10、題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，質量為的物體A經一輕質彈簧與下方地面上的質量為的物體B相連，彈簧的勁度系數為，A、B都處于靜止狀態一條不可伸長的輕繩繞過輕滑輪，一端連物體A，一端連輕掛鉤開始時各段繩都處于伸直狀態，A上方的一段繩沿豎直方向在掛鉤上系一質量為的物體C并從靜止狀態釋放，恰好能夠到達地面已知它恰能使B離開地面但不繼續上升現將質量為的物體D系在掛鉤上后再舉高H=0.8m（未觸及滑輪）然后由靜止釋放（g取，空氣阻力不計）求：（1）C從釋放到落地過程中彈簧彈性勢能的變化（2）D剛剛落至地面時的速度（結果可保留根號）14（16分）如圖所示，CD左側存在場強

11、大小，方向水平向左的勻強電場，一個質量為m、電荷量為的光滑絕緣小球，從底邊BC長為L、傾角的光滑直角三角形斜面頂端A點由靜止開始下滑，運動到斜面底端C點后進入一光滑豎直半圓形細圓管內處為一小段長度可忽略的光滑圓弧，圓管內徑略大于小球直徑，半圓直徑CD在豎直線上，恰能到達細圓管最高點D點，隨后從D點離開后落回斜面上某點重力加速度為g，求：小球到達C點時的速度；小球從D點運動到P點的時間t。15（12分）如圖所示，在水平面上有一彈簧，其左端與墻壁相連，O點為彈簧原長位置，O點左側水平面光滑水平段OP長L=1 m，P點右側一與水平方向成=30的足夠長的傳送帶與水平面在P點平滑連接，皮帶輪逆時針動速率

12、為3 m/s一質量為1 kg可視為質點的物塊A壓縮彈簧（與彈簧不連接），使彈簧獲得彈性勢能Ep=9 J，物塊與OP段動摩擦因素1=0.1另一與A完全相同的物塊B停在P點，B與皮帶輪的動摩擦因素2=，傳送帶足夠長A與B之間發生的是彈性碰撞，重力加速度g取10 m/s2，現釋放A，求：（1）物塊A、B第一次碰撞前的瞬間，A的速率v0；（2）從A、B第一次碰撞后到第二次碰撞前，B與傳送帶之間由于摩擦而產生的熱量；（3）物塊A、B是否會發生第三次碰撞？并請說明理由參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】從O到E過程，

13、位移偏轉角的正切值為，由幾何關系得，聯立解得： ；從O到C過程，位移偏轉角的正切值為 ，由幾何關系得，聯立解得；故；平拋運動的水平分運動是勻速直線運動，故，A正確，B錯誤；平拋運動的豎直分運動是自由落體運動，故，重力做功之比，CD錯誤；選A.【點睛】物體做平拋運動，在水平方向勻速運動，豎直方向自由落體運動，根據位移偏轉角的正切值公式，求得下落到E點的時間與落到C的時間關系即可判斷2、B【解析】試題分析：上滑時物體做勻減速運動，下滑時做勻加速運動，故x-t圖線是曲線，a-t線是平行t軸的直線，故選項AC錯誤；由于上滑時合外力為重力分力和摩擦力之和，加速度大小不變，沿斜面向下；下滑時合外力為重力分

14、力和摩擦力之差，加速度大小不變，方向沿斜面向下；所以上滑時加速度大，所以速度曲線斜率大；下滑時加速度小，所以速度曲線效率小，且此過程中，摩擦力做功，使物塊到達底端的速率變小，故B正確據速度公式和動能公式可知，動能隨時間成二次函數關系變化，而圖中是一次函數關系，且由于有摩擦力功，故回到底端的動能將小于初動能，故D錯誤故選B.考點：運動圖像；勻變速運動的規律.3、B【解析】試題分析：當在繩端施以F=mg的豎直向下的拉力作用時，對A分析，根據牛頓第二定律得，a1=FM=mgM在B端掛一質量為m的物體時，對整體分析，根據牛頓第二定律得，a2=mgM+m則a1a1故B正確考點：牛頓第二定律的應用.4、B

15、【解析】AB圖線的斜率等于電場中電場強度的大小，故該條電場線上各點場強不一樣，該靜電場為非勻強電場，故A錯誤，B正確；CD沿著電場線的方向電勢降低，可知靜電場方向沿x軸負方向，故負點電荷沿x軸正方向運動，根據牛頓第二定律得由于O點x軸正半軸圖象斜率逐漸減小，電場強度減弱，加速度減小，故CD錯誤。故選B。5、C【解析】空間站中宇航員做勻速圓周運動，使宇航員感受到與地球一樣的“重力”是向心力所致，則根據，則，故選項C正確，ABD錯誤。6、A【解析】ABC.物塊在傳送帶上加速時的加速度為故行李加速到和傳送帶速度相等需要的時間為此時行李的位移為即行李正好運動到傳送帶B處，人運動到B處需要的時間為故人和

16、行李同時到達B處，故A正確，B、C錯誤；D.傳送帶的速度為時行李一直做勻加速直線運動；傳送帶的速度增加后行李也一直做勻加速直線運動，且加速度的大小不變，因此傳送到B處的時間不變，D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】CD先對小球A受力分析，受重力、支持力、靜電力，如圖所示，根據共點力平衡條件，有由于減小，根據式，庫侖力減小，故兩球間距增加，故D正確；由于減小，根據式，墻面對A的彈力變小，故C正確；AB再對AB整體受力分析，受重力、斜面支持力

17、N、墻璧支持力、推力F，如圖所示:根據共點力平衡條件，有:解得:由于減小，不變，根據式，推力F減小，故A錯誤；由于減小，不變，根據式，斜面對B的彈力不變，故B正確。8、ABD【解析】A物體的的加速度恒定為g，則其運動是勻變速運動，選項A正確；B物體在空中運動過程中只有重力做功，機械能守恒，選項B正確；C根據可知，拋出點高度一定時，物體在空中運動的時間與初速度的大小無關，選項C錯誤；D若初速度一定，物體落地時水平飛行的距離，與拋出點的高度有關，選項D正確；故選ABD.9、BC【解析】A、小球與小車組成的系統在水平方向不受外力,所以系統水平方向動量守恒,故A錯誤；B、小球與小車組成的系統在水平方向

18、動量守恒,小球由A點離開小車時系統水平方向動量為零,小球與小車水平方向速度為零,小球離開小車后做豎直上拋運動，故B正確；C、設小車向左運動的最大距離為x.系統水平方向動量守恒,以向右為正方向,在水平方向,由動量守恒定律得:mv-mv=0 即有：m2R-xt-mxt=0 計算得出小車的位移為:x=R，故C正確；D、小球第一次車中運動過程中,由動能定理得：mg(h0-34h0)-Wf=0，Wf為小球克服摩擦力做功大小,計算得出Wf=14mgh0 ,即小球第一次在車中滾動損失的機械能為14mgh0 ,因為小球第二次在車中滾動時,對應位置處速度變小,因此小車給小球的彈力變小,摩擦力變小,摩擦力做功小于

19、14mgh0,機械能損失小于14mgh0,因此小球再次離開小車時,能上升的高度大于34h0-14h0=12h0 :,而小于34h0 ,即12h0h34h0 故D錯誤綜上所述本題答案是：BC10、BD【解析】由題中“電源電動勢、內阻及四個電阻的阻值已在圖中標出”可知，本題考查閉合電路歐姆定律和電路串并聯關系，根據電路動態分析和閉合電路歐姆定律公式可分析本題。【詳解】A、根據電路情況可知，外電路中總電阻為，根據閉合電路歐姆定律可得解得故A錯誤；B、根據公式可得故B正確；C、根據公式可得D、a、b間用導線連接后，因為電阻分壓，且有因此a、b間電勢差為零，所以沒有電流通過該導線，故D錯誤三、實驗題：本

20、題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AD ； ； 【解析】根據加速度的表達式，結合位移時間公式求出重力加速度的表達式，通過表達式確定所需測量的物理量根據加速度的表達式得出關系式，通過圖線的斜率和截距求出重力加速度和M的大小【詳解】(1) 對整體分析，根據牛頓第二定律得，mg=（2M+m）a，根據 即 所以需要測量的物理量有：小重物的質量m，重物下落的距離h及下落這段距離所用的時間t；故選AD；(2) 整理得：；(3) 知圖線斜率，解得：，【點睛】解決本題的關鍵通過牛頓第二定律和運動學公式得出重力加速度的表達式，以及推導出關系式，結合圖線的斜率和解決進

21、行求解12、AB 2.68 2.60 C 【解析】（1）圖甲中兩限位孔必須在同一直線上，故A正確；實驗前，手應提住紙帶上端，并使紙帶豎直，減小紙帶與打點計時器限位孔之間的摩擦，故B正確；開始記錄時，應先給打點計時器通電打點，然后再釋放重錘，讓它帶著紙帶一同落下，如果先放開紙帶讓重物下落，再接通打點計時時器的電源，由于重物運動較快，不利于數據的采集和處理，會對實驗產生較大的誤差，故C錯誤；數據處理時，應選擇紙帶上距離較遠的兩點作為初、末位置，以減小測量的誤差，故D錯誤（2）重物減少的重力勢能為：Ep=mgh=mg（s0+s1）=1kg9.8m/s2（19.00+8.36）10-2m2.68J打下

22、C點時重物的速度vc=(s1+s2)/(4T)=2.28m/s(3)在驗證機械能守恒定律的實驗中，有： 則有：，g是常數，所以圖線為過原點的傾斜直線，故C圖正確（4）由于阻力的作用重物減小的重力勢能總是略大于增加的動能，這里的阻力主要來源于重物受到的空氣阻力和紙帶與打點計時器之間的摩擦阻力四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）-1.5J，（2）.【解析】試題分析：（1）開始時A、B均處于平衡狀態，由平衡條件可以求出開始時彈簧的彈力以及彈簧從長度；C到達最低點時，B恰好離開地面，此時彈簧的彈力等于B的重力，C下降的距離等于彈簧從被壓縮到回復原長再到被拉長的形變量的長度，求出開始彈簧的壓縮量，再求出彈簧的伸長量，即可求出C下降的距離然后結合機械能守恒即可求出彈簧的彈性勢能的變化；（2）由機械能守恒求出輕繩剛剛被拉直時D的速度，然后由動量守